2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題固基優(yōu)練（二） 新人教版

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1、 選擇題固基優(yōu)練（二） 1、一小物體以一定的初速度自光滑斜面的底端a點(diǎn)上滑，最遠(yuǎn)可達(dá)b點(diǎn)，e為ab的中點(diǎn)，已知物體由a到e的時(shí)間為t0，則它從e經(jīng)b再返回e所需時(shí)間為 (　　) A.t0　　　 B.(-1)t0 C.2 (+1)t0　　 D. (2+1)t0 【解析】選C。由逆向思維可知物體從b到e和從e到a的時(shí)間比為：1∶(-1)；即t∶t0=1∶(-1)，得t=(+1)t0，由運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可得從e到b和從b到e的時(shí)間相等，所以從e經(jīng)b再返回e所需時(shí)間為2t，即 2(+1)t0，選項(xiàng)C正確。 2、一汽車(chē)在平直公路上行駛。從某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的功率P隨時(shí)間t的變化如

2、圖所示。假定汽車(chē)所受阻力的大小Ff恒定不變。下列描述該汽車(chē)的速度v隨時(shí)間t變化的圖線中，可能正確的是 (　　) 【解析】選A。當(dāng)牽引力大于阻力時(shí)，機(jī)車(chē)加速運(yùn)動(dòng)，但速度的增加會(huì)導(dǎo)致?tīng)恳ψ冃?，機(jī)車(chē)所受的合力變小，機(jī)車(chē)的加速度變小，故機(jī)車(chē)的運(yùn)動(dòng)為加速度不斷變小的加速運(yùn)動(dòng)，直到加速度等于零變?yōu)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，故0～t1時(shí)間內(nèi)，是一個(gè)恒定功率加速過(guò)程，直到變?yōu)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，t1～t2時(shí)間內(nèi)，是另一個(gè)恒定功率加速過(guò)程，直到變?yōu)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，故A項(xiàng)正確。 3、(創(chuàng)新預(yù)測(cè))(多選)如圖所示，空間有一圓錐OBB′，點(diǎn)A、A′分別是兩母線的中點(diǎn)?，F(xiàn)在頂點(diǎn)O處固定一正的點(diǎn)電荷，下列說(shuō)法中正確的是 (

3、　　) A.A、A′兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同 B.平行于底面的圓心為O1的截面為等勢(shì)面 C.將一正的試探電荷從A點(diǎn)沿直徑移到A′點(diǎn)，靜電力對(duì)該試探電荷先做負(fù)功后做正功 D.若B點(diǎn)的電勢(shì)為φB，A點(diǎn)的電勢(shì)為φA，則BA連線中點(diǎn)C處的電勢(shì)φC小于 【解析】選C、D。點(diǎn)A、A′到O點(diǎn)的距離相等，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E=k分析可知，A與A′的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故A錯(cuò)誤；點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是同心圓，平行于底面的圓心為O1的截面上各個(gè)點(diǎn)到O點(diǎn)的距離不等，不是等勢(shì)面，故B錯(cuò)誤；將一正的試探電荷從A點(diǎn)沿直徑移到A′點(diǎn)，電勢(shì)先升高后降低，電勢(shì)能先增大后減小，靜電力對(duì)該試探電荷先做負(fù)功后做正功，故

4、C正確；由于A、C間場(chǎng)強(qiáng)大于C、B間場(chǎng)強(qiáng)，由U=Ed知，A、C間的電勢(shì)差大于C、B間的電勢(shì)差，則有φA-φC>φC-φB，則φC<，故D正確。 4、一圓筒處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與筒的軸平行，筒的橫截面如圖所示。圖中直徑MN的兩端分別開(kāi)有小孔，筒繞其中心軸以角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。在該截面內(nèi)，一帶電粒子從小孔M射入筒內(nèi)，射入時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向與MN成30°角。當(dāng)筒轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí)，該粒子恰好從小孔N飛出圓筒。不計(jì)重力。若粒子在筒內(nèi)未與筒壁發(fā)生碰撞，則帶電粒子的比荷為 (　　) A.　　　 B.　　 　C.　　　 D. 【解析】選A。粒子恰好從小孔N飛出圓筒時(shí)筒轉(zhuǎn)過(guò)90°，

5、由幾何關(guān)系得，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為30°。如圖所示，則粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T′=3T=，根據(jù)T=，所以=，選項(xiàng)A正確。 5、一個(gè)德布羅意波波長(zhǎng)為λ1的中子和另一個(gè)德布羅意波波長(zhǎng)為λ2的氘核同向正碰后結(jié)合成一個(gè)氚核，該氚核的德布羅意波波長(zhǎng)為 (　　) A.　　　　 　B. C. D. 【解析】選A。中子的動(dòng)量p1=，氘核的動(dòng)量p2=，對(duì)撞后形成的氚核的動(dòng)量p3=p2+p1，所以氚核的德布羅意波波長(zhǎng)λ3==，A正確。 6、關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是 (　　) A.布朗運(yùn)動(dòng)是分子的運(yùn)動(dòng)，牛頓運(yùn)動(dòng)定律不再適用 B.布朗運(yùn)動(dòng)是分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)

6、的反映 C.懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng) D.布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度跟溫度有關(guān)，所以布朗運(yùn)動(dòng)也叫做熱運(yùn)動(dòng) E.布朗運(yùn)動(dòng)的明顯程度與顆粒的體積和質(zhì)量大小有關(guān) 【解析】選B、C、E。布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中粒子的運(yùn)動(dòng)，這些粒子不是微觀粒子，牛頓運(yùn)動(dòng)定律仍適用，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)；固體小顆粒做布朗運(yùn)動(dòng)說(shuō)明了液體分子不停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故B、C項(xiàng)正確；布朗運(yùn)動(dòng)反映的是分子的熱運(yùn)動(dòng)，其本身不是分子的熱運(yùn)動(dòng)，故D項(xiàng)錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)的明顯程度與顆粒的體積和質(zhì)量大小有關(guān)，體積和質(zhì)量越小，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈，故E項(xiàng)正確。 7、足球運(yùn)動(dòng)是目前全球體育界最具影

7、響力的運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目之一，深受青少年喜愛(ài)。如圖所示為四種與足球有關(guān)的情景，下列說(shuō)法正確的是 (　　) A.圖甲中，靜止在草地上的足球受到的彈力就是它的重力 B.圖乙中，靜止在光滑水平地面上的兩個(gè)足球由于接觸而受到相互作用的彈力 C.圖丙中，即將被踢起的足球一定能被看作質(zhì)點(diǎn) D.圖丁中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于球網(wǎng)發(fā)生了形變 【解析】選D。甲圖中，足球受到的彈力大小等于它的重力大小，不能說(shuō)彈力就是重力，故A錯(cuò)誤。乙圖中，兩個(gè)足球雖相互接觸但無(wú)擠壓，沒(méi)有彈性形變，沒(méi)有相互作用的彈力，故B錯(cuò)誤。丙圖中，對(duì)于即將被踢出的足球，若研究腳的彈力時(shí)不能看成質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤。丁圖中，落入球網(wǎng)中的足

8、球受到彈力是因?yàn)榍蚓W(wǎng)發(fā)生了形變，故D正確。 8、“套圈”是老少皆宜的游戲，如圖，大人和小孩在同一豎直線上的不同高度處分別以水平速度v1、v2拋出鐵圈，都能套中地面上同一目標(biāo)。設(shè)鐵圈在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間分別為t1、t2，則 (　　) A.v1=v2　　　　 B.v1>v2 C.t1=t2 D.t1>t2 【解析】選D。根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律h=gt2知，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由下落的高度決定，故t1>t2，所以C錯(cuò)誤，D正確；由題圖知，兩圈水平位移相同，再根據(jù)x=vt，可得v1

9、的速度在光滑水平面上向東運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻人相對(duì)平板車(chē)以大小為v0的速度豎直跳起，人跳起后車(chē)的速度大小為 (　　) A.v0-v1 B.v0 C.v0 D.v0 【解析】選B。本題應(yīng)用動(dòng)量守恒定律要注意方向性，本題中人豎直跳起，影響的是在豎直方向的動(dòng)量，在水平方向動(dòng)量不變。人和車(chē)在水平方向上動(dòng)量守恒，當(dāng)人豎直跳起時(shí)，取向東為正方向，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒得(m+M)v0=(m+M)v，得人跳起后車(chē)的速度大小為v=v0。方向向東，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤。 10、(多選)某電路如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，定值電阻分別為R1、R2，電位器(滑動(dòng)變阻

10、器)為R，L1是小燈泡，電壓表和電流表都為理想電表。閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)電位器的滑片滑向b端時(shí)，則下列說(shuō)法正確的是 (　　) A.小燈泡L1將變亮 B.電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變大 C.電流表A1的示數(shù)將變大 D.電源的電功率將變大 【解析】選A、C、D。當(dāng)電位器的滑片滑向b端時(shí)，電位器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流變大，電流表A1的示數(shù)將變大，路端電壓變小，通過(guò)R1、R2的電流變小，通過(guò)小燈泡L1所在支路電流變大，小燈泡L1將變亮，故A、C正確；電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值等于外電路總電阻，可知該比值變小，故B錯(cuò)誤；總電流變大，由P

11、=EI知，電源的電功率將變大，故D正確。 11、(2019·泉州模擬) 一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，周期為T(mén)。在t=0時(shí)的波形如圖，波上有P、Q兩點(diǎn)，其縱坐標(biāo)分別為yP=2 cm，yQ=-2 cm，下列說(shuō)法中正確的是 (　　) A.P點(diǎn)的振動(dòng)形式傳到Q點(diǎn)需要 B.P、Q在振動(dòng)過(guò)程中，位移的大小總相等 C.在T內(nèi)，P點(diǎn)通過(guò)的路程小于20 cm D.經(jīng)過(guò)T，Q點(diǎn)回到平衡位置 E.P、Q兩質(zhì)點(diǎn)不可能同時(shí)到達(dá)平衡位置 【解析】選A、B、C。根據(jù)波向右傳播可得：t=0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P向上振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)Q向下振動(dòng)；故P、Q振動(dòng)剛好相反，那么，兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間距離為λ，振動(dòng)形式傳播的時(shí)間為T(mén)；兩振動(dòng)總是相反，故質(zhì)點(diǎn)總是同時(shí)到達(dá)平衡位置，位移大小總是相等，故A、B項(xiàng)正確，E項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)P向上振動(dòng)可得：在T內(nèi)，P點(diǎn)通過(guò)的路程小于5A=20 cm，故C項(xiàng)正確；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)Q的位移和振動(dòng)方向可得：振動(dòng)方程YQ=4sin(cm)，故經(jīng)過(guò)T，Q點(diǎn)位移為4sinπ(cm)=4sinπ(cm)≠0，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。 7