備戰(zhàn)2020高考物理 3年高考2年模擬1年原創(chuàng) 專題6.4 與連接體相關(guān)的功能問題(含解析)

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1、專題6.4 與連接體相關(guān)的功能問題 【考綱解讀與考頻分析】 連接體是重要模型,與連接體相關(guān)的功能問題高考考查頻繁。 【高頻考點定位】: 與連接體相關(guān)的功能問題 考點一:與連接體相關(guān)的功能問題 【3年真題鏈接】 1.(2015·新課標(biāo)全國Ⅱ,21)如圖,滑塊a、b的質(zhì)量均為m,a套在固定豎直桿上,與光滑水平地面相距h,b放在地面上,a、b通過鉸鏈用剛性輕桿連接,由靜止開始運動,不計摩擦,a、b可視為質(zhì)點,重力加速度大小為g。則(  ) A.a(chǎn)落地前,輕桿對b一直做正功 B.a(chǎn)落地時速度大小為 C.a(chǎn)下落過程中,其加速度大小始終不大于g D.a(chǎn)落地前,當(dāng)a

2、的機械能最小時,b對地面的壓力大小為mg 【參考答案】BD  【名師解析】滑塊b的初速度為零,末速度也為零,所以輕桿對b先做正功,后做負(fù)功,選項A錯誤;以滑塊a、b及輕桿為研究對象,系統(tǒng)的機械能守恒,當(dāng)a剛落地時,b的速度為零,則mgh=mv+0,即va=,選項B正確;a、b的先后受力如圖所示。 由a的受力圖可知,a下落過程中,其加速度大小先小于g后大于g,選項C錯誤;當(dāng)a落地前b的加速度為零(即輕桿對b的作用力為零)時,b的機械能最大,a的機械能最小,這時b受重力、支持力,且FNb=mg,由牛頓第三定律可知,b對地面的壓力大小為mg,選項D正確。 【2年模擬再現(xiàn)】 1.(6

3、分)(2019湖北四地七??荚嚶?lián)盟期末)如圖所示,固定的光滑豎直桿上套一個滑塊A,與滑塊A連接的細(xì)線繞過光滑的輕質(zhì)定滑輪連接滑塊B,細(xì)線不可伸長,滑塊B放在粗糙的固定斜面上,連接滑塊B的細(xì)線和斜面平行,滑塊A從細(xì)線水平位置由靜止釋放(不計輪軸處的摩擦),到滑塊A下降到速度最大(A未落地,B未上升至滑輪處)的過程中(  ) A.滑塊A和滑塊B的加速度大小一直相等 B.滑塊A減小的機械能等于滑塊B增加的機械能 C.滑塊A的速度最大時,滑塊A的速度大于B的速度 D.細(xì)線上張力對滑塊A做的功等于滑塊A機械能的變化量 【點撥分析】根據(jù)沿繩的加速度相同分析兩滑塊的關(guān)系;由系統(tǒng)的機械能守

4、恒的條件判斷;由沿繩的速度相等分析兩滑塊的速度關(guān)系;由動能定理或能量守恒分析機械能的變化。 【名師解析】兩滑塊與繩構(gòu)成繩連接體,沿繩方向的加速度相等,則A的分加速度等于B的加速度;故A錯誤;繩連接體上的一對拉力做功不損失機械能,但B受到的斜面摩擦力對B做負(fù)功,由能量守恒可知滑塊A減小的機械能等于滑塊B增加加的機械能和摩擦生熱之和;故B錯誤;繩連接體沿繩的速度相等,則A沿繩的分速度等于B的運動速度,如圖所示,即滑塊A的速度大于B的速度,故C正確;對A受力分析可知,除重力外,只有細(xì)線的張力對滑塊做功,由功能原理可知,細(xì)線上張力對滑塊A 做的功等于滑塊A機械能的變化量;故D正確。 【名師點評

5、】繩連接體問題主要抓住五同原理解題(沿繩的拉力相同,沿繩的加速度相同,沿繩的速度相同,沿繩的功率相同,沿繩的做功相等)。 2.【鄭州2019屆質(zhì)量檢測】如圖所示,不可伸長的輕繩通過定滑輪將物塊甲、乙(均可視為質(zhì)點)連接,物塊甲套在固定的豎直光滑桿上,用外力使兩物塊靜止,輕繩與豎直方向夾角θ=37°,然后撤去外力,甲、乙兩物塊從靜上開始無初速釋放,物塊甲能上升到最高點Q,己知Q點與滑輪上緣O在同一水平線上,甲、乙兩物塊質(zhì)量分別為m、M,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,重力加速度為g,不計空氣阻力,不計滑輪的大小和摩擦。設(shè)物塊甲上升到最高點Q時加速度為a,則下列說法正確的是(  

6、) A.M=3m B.M=2m C.a(chǎn)=0 D.a(chǎn)=g 【參考答案】BD 【名師解析】當(dāng)甲上升到最高點時,甲和乙的速度均為零,此時設(shè)甲上升的高度為h,則乙下降的高度為,由能量關(guān)系可知,則M=2m,選項B正確,A錯誤;甲在最高點時,豎直方向只受重力作用,則a=g,選項C錯誤,D正確。 3.(2019·湖南長沙二模)如圖所示,半徑為R的光滑大圓環(huán)用一細(xì)桿固定在豎直平面內(nèi),質(zhì)量為m的小球A套在大圓環(huán)上。上端固定在桿上的輕質(zhì)彈簧與質(zhì)量為m的滑塊B連接井一起套在桿上,小球A和滑塊B之間用長為2R的輕桿分別通過鉸鏈連接,當(dāng)小球A位于圓環(huán)最高點時、彈簧

7、處于原長;此時給A一個微小擾動初速度視為,使小球A沿環(huán)順時針滑下,到達(dá)環(huán)最右側(cè)時小球A的速度為為重力加速度。不計一切摩擦,A、B均可慢為質(zhì)點,則下列說法正確的是   A. 小球A、滑塊B和輕桿組成的系統(tǒng)在下滑過程中機械能守恒 B. 小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)環(huán)最右側(cè)的過程中滑塊B的重力能減小 C. 小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)環(huán)最右側(cè)的過程中小球A的重力勢能減小了 D. 小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)環(huán)最右側(cè)的過程中彈簧的彈性勢能增加了 【參考答案】D 【名師解析】小球A、滑塊B、輕桿和輕彈簧組成的系統(tǒng)在下滑過程中,只有重力和彈力做功,系統(tǒng)的機械能守恒,則知小球A、滑塊B和輕桿組成的系統(tǒng)機械能不

8、守恒,故A錯誤;小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)圓環(huán)最右側(cè)的過程中,此時滑塊B距離圓心的高度為,滑塊B下落的高度為,滑塊B的重力勢能減小了,故B錯誤;小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)圓環(huán)最右側(cè)的過程中,小球A下落的高度為R,所以小球A的重力勢能減小了mgR,故C正確;小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)圓環(huán)最右側(cè)時,兩個小球的速度方向都向下,如圖所示,根據(jù)運動的合成與分解可得:,則,根據(jù)機械能守恒定律可得:,解得:,所以小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)圓環(huán)最右側(cè)的過程中彈簧的彈性勢能增加了,故D正確; 【關(guān)鍵點撥】 小球A、滑塊B、輕桿和輕彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒;由幾何關(guān)系求出小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)圓環(huán)最右側(cè)的過程中滑塊B下落的高

9、度、A下落的高度,由此求解滑塊B的重力勢能減小量、A的重力勢能減少量;根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒求解小球A從圓環(huán)最高點到達(dá)圓環(huán)最右側(cè)的過程中彈簧的彈性勢能增加量。 本題的關(guān)鍵要掌握機械能守恒的條件以及功能關(guān)系;要知道機械能守恒定律的守恒條件是系統(tǒng)除重力或彈力做功以外,其它力對系統(tǒng)做的功等于零;除重力或彈力做功以外,其它力對系統(tǒng)做多少功,系統(tǒng)的機械能就變化多少;注意運動過程中機械能和其它形式的能的轉(zhuǎn)化關(guān)系。 4.(2019·江蘇淮安一調(diào))如圖所示,傾角為的足夠長斜面固定于水平面上,輕滑輪的頂端與固定于豎直平面內(nèi)圓環(huán)的圓心O及圓環(huán)上的P點在同一水平線上,細(xì)線一端與套在環(huán)上質(zhì)量為m的小球相連,另一端跨

10、過滑輪與質(zhì)量為M的物塊相連。在豎直向下拉力作用下小球靜止于Q點,細(xì)線與環(huán)恰好相切,OQ、OP間成角。撤去拉力后球運動到P點速度恰好為零。忽略一切摩擦,重力加速度為g,取,求: 拉力的大小F; 物塊和球的質(zhì)量之比; 球向下運動到Q點時,細(xì)線張力T的大小。 【名師解析】設(shè)細(xì)線的張力為 對物塊M: 對球m: 聯(lián)立解得:; 設(shè)環(huán)的半徑為R,球運動至p的過程中,球上升高度為: 物塊沿斜面下滑的距離為: 由機械能守恒定律由: 聯(lián)立解得:; 設(shè)細(xì)線的張力為T 物塊M; 球m: 解得:; 答:拉力的大小F為; 物塊和球的質(zhì)量之比為; 球向下運動到Q點時,細(xì)線張力T的大小

11、為。 【方法歸納】對小球和物塊受力分析可求得拉力F的大??; 對小球運動到p的過程,對M、m系統(tǒng)運用機械能守恒定律即可求解M與m質(zhì)量關(guān)系; 通過對物塊和小球列牛頓第二定律可求球向下運動到Q點時細(xì)線張力大?。? 本題考查共點力平衡問題和系統(tǒng)機械能守恒的問題,明確研究對象,熟練掌握處理這類問題的方法。 預(yù)測考點一:與連接體相關(guān)的功能問題 【2年模擬再現(xiàn)】 1、(2020洛陽六校聯(lián)合月考)如圖所示,可視為質(zhì)點的小球A、B用不可伸長的細(xì)軟輕線連接,跨過固定在地面上半徑為R的光滑圓柱,A的質(zhì)量為B的兩倍.當(dāng)B位于地面時,A恰與圓柱軸心等高.將A由靜止釋放,B上升的最大高度是(  )

12、 A.2R    B.     C.    D. 【參考答案】C. 【名師解析】設(shè)A、B的質(zhì)量分別為2m、m,當(dāng)A落到地面上時,B恰好運動到與圓柱軸心等高處,以A、B整體為研究對象,則A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒,故有2mgR-mgR=(2m+m)v2,A落到地面上以后,B仍以速度v豎直上拋,上升的高度為h=,解得h=R,故B上升的總高度為R+h=R,選項C正確. 2、(2019鄭州六校聯(lián)考)如圖所示,將質(zhì)量為2m的重物懸掛在輕繩的一端,輕繩的另一端系一質(zhì)量為m的環(huán),環(huán)套在豎直固定的光滑直桿上,光滑定滑輪與直桿的距離為d.現(xiàn)將環(huán)從與定滑輪等高的A處由靜止釋放,當(dāng)環(huán)沿直桿下滑距離也為d時

13、(圖中B處),下列說法正確的是(重力加速度為g)(  ) A.環(huán)剛釋放時輕繩中的張力等于2mg B.環(huán)到達(dá)B處時,重物上升的高度為(-1)d C.環(huán)在B處的速度與重物上升的速度大小之比為 D.環(huán)減少的機械能大于重物增加的機械能 【參考答案】B. 【名師解析】環(huán)釋放后重物加速上升,故繩中張力一定大于2mg,A項錯誤;環(huán)到達(dá)B處時,繩與直桿間的夾角為45°,重物上升的高度h=(-1)d,B項正確;如圖所示,將B處環(huán)速度v進(jìn)行正交分解,重物上升的速度與其分速度v1大小相等,v1=vcos 45°=v,所以,環(huán)在B處的速度與重物上升的速度大小之比等于,C項錯誤;環(huán)和重物組成的系統(tǒng)機

14、械能守恒,故D項錯誤. 3、(2019西安聯(lián)考)一半徑為R的半圓形豎直圓柱面,用輕質(zhì)不可伸長的細(xì)繩連接的A、B兩球懸掛在圓柱面邊緣兩側(cè),A球質(zhì)量為B球質(zhì)量的2倍,現(xiàn)將A球從圓柱邊緣處由靜止釋放,如圖所示.已知A球始終不離開圓柱內(nèi)表面,且細(xì)繩足夠長,若不計一切摩擦,求: (1)A球沿圓柱內(nèi)表面滑至最低點時速度的大?。? (2)A球沿圓柱內(nèi)表面運動的最大位移. 【名師解析】:(1)設(shè)A球沿圓柱內(nèi)表面滑至最低點時速度的大小為v,B球的質(zhì)量為m,則根據(jù)機械能守恒定律有 2mgR-mgR=×2mv2+mv 由圖甲可知,A球的速度v與B球速度vB的關(guān)系為 vB=v1=vcos 45°

15、聯(lián)立解得v=2. (2)當(dāng)A球的速度為零時,A球沿圓柱內(nèi)表面運動的位移最大,設(shè)為x,如圖乙所示,由幾何關(guān)系可知A球下降的高度h= 根據(jù)機械能守恒定律有2mgh-mgx=0 解得x=R. 答案:(1)2 (2)R 4.(2019洛陽聯(lián)考)如圖所示,質(zhì)量為M的小球套在固定傾斜的光滑桿上,原長為l0的輕質(zhì)彈簧一端固定于O點,另一端與小球相連,彈簧與桿在同一豎直平面內(nèi).圖中AO水平,BO間連線長度恰好與彈簧原長相等,且與桿垂直,O′在O的正下方,C是AO′段的中點,θ=30°.當(dāng)小球在A處受到平行于桿的作用力時,恰好與桿間無相互作用,且處于靜止?fàn)顟B(tài).撤去作用力,小球沿桿下滑過程中,彈簧

16、始終處于彈性限度內(nèi).不計小球的半徑,重力加速度為g.求: (1)小球滑到B點時的加速度; (2)輕質(zhì)彈簧的勁度系數(shù); (3)小球下滑到C點時的速度. 【名師解析】(1)在B點對小球受力分析,由牛頓第二定律得 Mgcos θ=Ma a=gcos θ=g 方向沿桿向下. (2)在A點對小球受力分析得F彈=Mgtan θ F彈=kΔx Δx=-l0=l0 聯(lián)立得k=. (3)小球沿桿下滑過程中系統(tǒng)機械能守恒.根據(jù)幾何關(guān)系可得小球沿桿下滑的豎直距離為l0 由動能定理得Mgl0+ΔEp彈=EkC-0 始末狀態(tài)彈簧長度相同,所以ΔEp彈=0 Mgl0=Mv vC=,方

17、向沿桿向下. 5.(2019.廣東廣州市一模)傾角為的斜面與足夠長的光滑水平面在D處平滑連接,斜面上AB的長度為3L,BC、CD的長度均為,BC部分粗糙,其余部分光滑。如圖,4個“”形小滑塊工件緊挨在一起排在斜面上,從下往上依次標(biāo)為1、2、3、4,滑塊上長為L的輕桿與斜面平行并與上一個滑塊接觸但不粘連,滑塊1恰好在A處?,F(xiàn)將4個滑塊一起由靜止釋放,設(shè)滑塊經(jīng)過D處時無機械能損失,輕桿不會與斜面相碰。已知每個滑塊的質(zhì)量為m并可視為質(zhì)點,滑塊與粗糙面間的動摩擦因數(shù)為,重力加速度為g。求 滑塊1剛進(jìn)入BC時,滑塊1上的輕桿所受到的壓力大小; 個滑塊全部滑上水平面后,相鄰滑塊之間的距離。 【名師

18、解析】以4個滑塊為研究對象,設(shè)第一個滑塊剛進(jìn)BC段時,4個滑塊的加速度為a,由牛頓第二定律有: 以滑塊1為研究對象,設(shè)剛進(jìn)入BC段時,輕桿受到的壓力為F,由牛頓第二定律有: 已知 聯(lián)立可得: 設(shè)4個滑塊完全進(jìn)入粗糙段時,也即第4個滑塊剛進(jìn)入BC時,滑塊的共同速度為v。 這個過程,4個滑塊向下移動了6L的距離,1、2、3滑塊在粗糙段向下移動的距離分別為3L、2L、L。 由動能定理,有: 可得: 由于動摩擦因數(shù)為,則4個滑塊都進(jìn)入BC段后,所受合外力為0,各滑塊均以速度v做勻速運動。 第1個滑塊離開BC后做勻加速下滑,設(shè)到達(dá)D處時速度為,由動能定理: 可得: 當(dāng)?shù)?個滑塊到達(dá)

19、BC邊緣剛要離開粗糙段時,第2個滑塊正以v的速度勻速向下運動,且運動L距離后離開粗糙段,依此類推,直到第4個滑塊離開粗糙段。由此可知,相鄰兩個滑塊到達(dá)BC段邊緣的時間差為,因此到達(dá)水平面的時間差也為 所以滑塊在水平面上的間距為: 式聯(lián)立,解得: 答:滑塊1剛進(jìn)入BC時,滑塊1上的輕桿所受到的壓力大小是; 個滑塊全部滑上水平面后,相鄰滑塊之間的距離是。 【1年仿真原創(chuàng)】 1. 如圖所示,abcd為固定在豎直平面內(nèi)的光滑軌道,中ab傾斜、bc水平、cd為半徑R=0.25m的圓弧軌道三部分平滑連接,c為圓弧軌道的最低點,可為質(zhì)點的小球m1和m2中間壓縮輕質(zhì)彈簧靜止在水平軌道上(彈簧與

20、兩小球不栓接且被鎖定,水平檔板c與d點豎直距離h=0.15m?,F(xiàn)解除對彈簧的鎖定,小球m,脫離彈簧后恰能沿軌道運動到處,ab的豎直高度差H=1.8m,小球m2沿軌道cd運動沖出軌道打在水平檔板c上。已知m1=0.5kg,m2=1.0kg,在C點時小球m2對軌道壓力的大小為46N,已知彈簧恢復(fù)原長時小球仍處于水平軌道,不計空氣阻力,g=10m/s2求: (1)彈簧最大的彈性勢能 (2)小球m2離開d點到打在水平檔板e上的時間。 【名師解析】(1)對小球m1,由機械能守恒定律得: m1v=m1gH,(1分) 解得:v1=6m/s(1分) 設(shè)在C點時軌道對小球m2壓力的大小為F,由

21、牛頓第二定律得: F-m2g=,(1分) 解得::v2=3m/s(1分) 彈簧鎖定時的彈性勢能最大,由能量的轉(zhuǎn)化及守恒定律得: EP=m1v+m2v,(1分) 代入數(shù)值得:EP=13.5J。(1分) (2)小球m2從c點到d點,由動能定理得: -m2gR=m2vd2-m2v(2分) 解得:vd=2m/s(1分) 小球m2離開d點做豎直上拋運動,到打在水平檔板e上的時間為t。 h=vdt-gt2,(2分) 聯(lián)立以上各式代入數(shù)值得:t1=0.1s,t2=0.3s(舍去) 小球m2離開d點到打在水平檔板e上的時間為0.1s。(1分) 2.左側(cè)豎直墻面上固定半徑為R=0.3m

22、的光滑半圓環(huán),右側(cè)豎直墻面上與圓環(huán)的圓心O等高處固定一光滑直桿。質(zhì)量為ma=100g的小球a套在半圓環(huán)上,質(zhì)量為mb=36g的小球b套在直桿上。二者之間用長為l=0.4m的輕桿通過兩鉸鏈連接?,F(xiàn)將a從圓環(huán)的最高處由靜止釋放,使a沿圓環(huán)自由下滑,不計一切摩擦,a、b均視為質(zhì)點,重力加速度g=10m/s2。求: (1)小球a滑到與圓環(huán)的圓心O等高的P點時向心力的大?。? (2) 小球a從P點下滑至桿與圓環(huán)相切的Q點的過程中,桿對滑塊b做的功。 【名師解析】 (1)(5分)當(dāng)a滑到與O同高度P點時,a的速度v沿圓環(huán)切向向下,b的速度為零, 由機械能守恒定律可得: 解得: 對小球a受力分析,由牛頓第二定律可得:(2)(8分)桿與圓相切時,如圖所示,a的速度沿桿方向,設(shè)此時b的速度為vb,根據(jù)桿不可伸長和縮短,有:(2分) 由幾何關(guān)系可得: (1分) 在圖中,球a下降的高度 (1分) a、b系統(tǒng)機械能守恒: (2分) 對滑塊b,由動能定理得: (2分) 12

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