2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（五） 新人教版

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1、 穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（五） 1、（2019·新課標(biāo)全國Ⅲ卷）用卡車運(yùn)輸質(zhì)量為m的勻質(zhì)圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示。兩斜面I、Ⅱ固定在車上，傾角分別為30°和60°。重力加速度為g。當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛時(shí)，圓筒對斜面I、Ⅱ壓力的大小分別為F1、F2，則 A． B． C． D． 【答案】D 【解析】對圓筒進(jìn)行受力分析知圓筒處于三力平衡狀態(tài)，受力分析如圖，由幾何關(guān)系可知，，。解得， 由牛頓第三定律知，故D正確 2、（2019·浙江省寧波市余姚市余姚中學(xué)月考） 如圖所示兩木塊A和B疊放在光滑水平面上，質(zhì)量分別為m和M，A與B之間的最大靜摩

2、擦力為Ffm，B與勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接構(gòu)成彈簧振子，已知A和B在振動過程中不發(fā)生相對滑動，則 A．速度最大時(shí)，A、B間摩擦力最大 B．彈簧彈力最大時(shí)，A、B間摩擦力最大 C．它們的振幅不能大于 D．它們的振幅不能大于 【答案】BD 【解析】A.因?yàn)锳和B在振動過程中不發(fā)生相對滑動，所以加速度相同；當(dāng)速度最大時(shí)，，對A分析，受力為0，故A、B間摩擦力為0，A錯(cuò)誤；B.對A、B整體受力分析，，隔離A分析：，所以彈力最大時(shí)，加速度最大，A、B間摩擦力最大，B正確；CD、通過選項(xiàng)C的分析，設(shè)最大振幅為A，當(dāng)振幅最大時(shí)，彈力最大：整體分析，隔離A分析：聯(lián)立兩式得：，C錯(cuò)誤；D正確。

3、 3、（2019·江蘇卷） 如圖所示，摩天輪懸掛的座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動．座艙的質(zhì)量為m，運(yùn)動半徑為R，角速度大小為ω，重力加速度為g，則座艙 A．運(yùn)動周期為 B．線速度的大小為ωR C．受摩天輪作用力的大小始終為mg D．所受合力的大小始終為mω2R 【答案】BD 【解析】由于座艙做勻速圓周運(yùn)動，由公式，解得：，故A錯(cuò)誤；由圓周運(yùn)動的線速度與角速度的關(guān)系可知，，故B正確；由于座艙做勻速圓周運(yùn)動，所以座艙受到摩天輪的作用力是變力，不可能始終為，故C錯(cuò)誤；由勻速圓周運(yùn)動的合力提供向心力可得：，故D正確。 4、（2019黑龍江省哈爾濱市第三中學(xué)校高三三模理） 如圖所

4、示是同一衛(wèi)星繞地球飛行的三條軌道，軌道1是近地圓形軌道，2和3是變軌后的橢圓軌道。A點(diǎn)是軌道2的近地點(diǎn)，軌道1、2在A點(diǎn)相切，B點(diǎn)是軌道2的遠(yuǎn)地點(diǎn)，則下列說法中正確的是 A．三條軌道中，衛(wèi)星在軌道1上繞地球運(yùn)行的周期最小 B．衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過A點(diǎn)的速度大于衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過A點(diǎn)的速度 C．衛(wèi)星在軌道1上的向心加速度小于地球同步衛(wèi)星的向心加速度 D．衛(wèi)星在軌道3的機(jī)械能大于軌道2上的機(jī)械能 【答案】AD 【解析】根據(jù)開普勒行星運(yùn)動定律第三定律可知，軌道1周期最小，A正確；根據(jù)衛(wèi)星變軌的規(guī)律可知，衛(wèi)星從低軌變?yōu)楦哕墤?yīng)加速，所以衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過A點(diǎn)的速度小于衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過A點(diǎn)

5、的速度，B錯(cuò)誤；軌道1為近地軌道，它的軌道高度比同步衛(wèi)星軌道低，根據(jù)可知，衛(wèi)星在軌道1上的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度，C錯(cuò)誤；衛(wèi)星在軌道上自行運(yùn)轉(zhuǎn)的過程中機(jī)械能是守恒的，從軌道2變?yōu)檐壍?，應(yīng)在A點(diǎn)加速，所以可知A點(diǎn)軌道3的動能大于軌道2，勢能相等，所以衛(wèi)星在軌道3的機(jī)械能大于軌道2上的機(jī)械能，D正確。 5、（2019·新課標(biāo)全國Ⅲ卷） 從地面豎直向上拋出一物體，物體在運(yùn)動過程中除受到重力外，還受到一大小不變、方向始終與運(yùn)動方向相反的外力作用。距地面高度h在3 m以內(nèi)時(shí)，物體上升、下落過程中動能Ek隨h的變化如圖所示。重力加速度取10 m/s2。該物體的質(zhì)量為 A．2 k

6、g B．1.5 kg C．1 kg D．0.5 kg 【答案】C 【解析】對上升過程，由動能定理，，得，即F+mg=12 N；下落過程，，即N，聯(lián)立兩公式，得到m=1 kg、F=2 N。 【母題來源三】2019年全國普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理（新課標(biāo)全國Ⅲ卷） 【母題原題】（2019·江蘇卷）如圖所示，輕質(zhì)彈簧的左端固定，并處于自然狀態(tài)．小物塊的質(zhì)量為m，從A點(diǎn)向左沿水平地面運(yùn)動，壓縮彈簧后被彈回，運(yùn)動到A點(diǎn)恰好靜止．物塊向左運(yùn)動的最大距離為s，與地面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，彈簧未超出彈性限度．在上述過程中 A．彈簧的最大彈力為μmg B．物塊克服摩擦力做的功為2

7、μmgs C．彈簧的最大彈性勢能為μmgs D．物塊在A點(diǎn)的初速度為 【答案】BC 【解析】小物塊壓縮彈簧最短時(shí)有，故A錯(cuò)誤；全過程小物塊的路程為，所以全過程中克服摩擦力做的功為：，故B正確；小物塊從彈簧壓縮最短處到A點(diǎn)由能量守恒得：，故C正確；小物塊從A點(diǎn)返回A點(diǎn)由動能定理得：，解得：，故D錯(cuò)誤。 6、如圖所示，圓柱形的容器內(nèi)有若干個(gè)長度不同、粗糙程度相同的直軌道，它們的下端均固定于容器底部圓心O，上端固定在容器側(cè)壁．若相同的小球以同樣的速率，從點(diǎn)O沿各軌道同時(shí)向上運(yùn)動．對其向上運(yùn)動過程，下列說法不正確的是(　　) A．小球動能相等的位置在同一水平面上 B．小球重力勢能相等

8、的位置不在同一水平面上 C．小球克服摩擦力做功相等的位置在同一水平面上 D．當(dāng)運(yùn)動過程中產(chǎn)生的摩擦熱相等時(shí)，小球的位置不在同一水平面上 【參考答案】ABC　根據(jù)功能關(guān)系可知，克服重力做功等于重力勢能的減少量，故小球重力勢能相等的位置一定在同一水平面上，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；設(shè)直軌道與水平面的夾角為θ，直軌道的水平投影為x，小球上滑的摩擦力Ff＝μmgcosθ，上滑的位移L＝，克服摩擦力做功W＝FfL＝μmgcosθ·＝μmgx，即克服摩擦力做功相等的位置在同一豎直平面內(nèi)，產(chǎn)生摩擦熱相等時(shí)，小球的位置不在同一水平面上，C選項(xiàng)錯(cuò)誤，D選項(xiàng)正確；由上述分析，根據(jù)動能定理可知，小球動能相等的位置在同一水平

9、面的同心圓周上，A選項(xiàng)錯(cuò)誤． 7、如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道下端與光滑水平桌面相切，小滑塊B靜止在圓弧軌道的最低點(diǎn)．現(xiàn)將小滑塊A從圓弧軌道的最高點(diǎn)無初速度釋放．已知圓弧軌道半徑R＝1.8 m，小滑塊的質(zhì)量關(guān)系是mB＝2mA，重力加速度g＝10 m/s2.則碰后小滑塊B的速度大小不可能是(　　) A．5 m/s B．4 m/s C．3 m/s D．2 m/s 【參考答案】A　滑塊A下滑過程，根據(jù)動能定理可知，mAgR＝mAv－0，解得v0＝6 m/s.如果滑塊間發(fā)生彈性碰撞，則mAv0＝mAvA＋mBvB，mAv＝mAv＋mBv，聯(lián)立解得，vB＝4 m/s；如果滑

10、塊間發(fā)生完全非彈性碰撞，mAv0＝(mA＋mB)vB′，解得vB′＝2 m/s，聯(lián)立可知，碰后小滑塊B的速度大小范圍為2 m/s≤vB≤4 m/s，A選項(xiàng)錯(cuò)誤． 8、（2019·北京卷） 如圖所示，a、b兩點(diǎn)位于以負(fù)點(diǎn)電荷–Q（Q>0）為球心的球面上，c點(diǎn)在球面外，則 A．a(chǎn)點(diǎn)場強(qiáng)的大小比b點(diǎn)大 B．b點(diǎn)場強(qiáng)的大小比c點(diǎn)小 C．a(chǎn)點(diǎn)電勢比b點(diǎn)高 D．b點(diǎn)電勢比c點(diǎn)低 【答案】D 【解析】由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式確定各點(diǎn)的場強(qiáng)大小，由點(diǎn)電荷的等勢線是以點(diǎn)電荷為球心的球面和沿電場線方向電勢逐漸降低確定各點(diǎn)的電勢的高低。由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式可知，a、b兩點(diǎn)到場源電荷的距離相等，所以a、b兩

11、點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，故A錯(cuò)誤；由于c點(diǎn)到場源電荷的距離比b點(diǎn)的大，所以b點(diǎn)的場強(qiáng)大小比c點(diǎn)的大，故B錯(cuò)誤；由于點(diǎn)電荷的等勢線是以點(diǎn)電荷為球心的球面，所以a點(diǎn)與b點(diǎn)電勢相等，負(fù)電荷的電場線是從無窮遠(yuǎn)處指向負(fù)點(diǎn)電荷，根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低，所以b點(diǎn)電勢比c點(diǎn)低，故D正確。 9、(多選)如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中第一象限內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，第二象限內(nèi)的部分區(qū)域存在勻強(qiáng)電場．一電荷量為＋q、質(zhì)量為m的帶電粒子，以初速度v0從P(a,0)點(diǎn)沿與x軸成45°方向射入磁場中，通過y軸上的N(0，a)點(diǎn)進(jìn)入第二象限后，依次通過無電場區(qū)域和勻強(qiáng)電場區(qū)域，到達(dá)x軸上某點(diǎn)時(shí)速度恰好為零．已知該粒

12、子從第一次通過N點(diǎn)到第二次通過N點(diǎn)所用時(shí)間為t0，粒子重力不計(jì)．下列說法正確的是(　　) A．磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B．該帶電粒子自P點(diǎn)開始到第一次通過N點(diǎn)所用的時(shí)間為 C．該帶電粒子第一次通過無電場區(qū)域飛行的位移大小為－a D．勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為 【參考答案】BD　分析題意，畫出粒子運(yùn)動的軌跡如圖所示： NP為直徑，根據(jù)幾何關(guān)系可知，R＝a，洛倫茲力提供向心力，qvB＝m，聯(lián)立解得，B＝，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，圓心角為π，運(yùn)動時(shí)間t＝＝，B選項(xiàng)正確；粒子在第二象限內(nèi)，先經(jīng)過無電場區(qū)域，后經(jīng)過電場區(qū)域，在無電場區(qū)域做勻速直線運(yùn)動，x1＝v0t1，

13、在電場區(qū)域做勻減速直線運(yùn)動，x2＝·t2，其中t1＋t2＝，x1＋x2＝a，聯(lián)立可得，無電場區(qū)域位移x1＝2a－t，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；電場區(qū)域的位移x2＝a－x1＝t－a，根據(jù)動能定理，－Eq·x2＝0－mv，解得E＝，D選項(xiàng)正確． 10、（2019·北京四中高二期中） 如圖a所示，矩形導(dǎo)線框ABCD固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線垂直于線框所在平面向里。規(guī)定垂直于線框所在平面向里為磁場的正方向，線框中沿著ABCDA方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向。要在線框中產(chǎn)生如圖b所示的感應(yīng)電流，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律可能為 A． B． C． D． 【答案】BD 【解析】A圖中，在0~t0時(shí)間內(nèi)，磁

14、場垂直紙面向里，且均勻增大，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)锳DCBA，與規(guī)定的正方向相反，感應(yīng)電流為負(fù)值。故A錯(cuò)誤。B圖中，在0~t0時(shí)間內(nèi)，磁場垂直紙面向里，且均勻減小，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)锳BCDA，與規(guī)定的正方向相同，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為定值，則感應(yīng)電流為定值，同理，在t0~2t0時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電流的方向?yàn)锳DCBA，與規(guī)定的正方向相反，感應(yīng)電流為負(fù)值，且為定值。故B正確。C圖中，在0~t0時(shí)間內(nèi)，磁場垂直紙面向里，且均勻減小，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)锳BCDA，與規(guī)定的正方向相同，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為定值，則感應(yīng)電流為定值

15、，在t0~2t0時(shí)間內(nèi)，磁場方向垂直紙面向外，且均勻增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向仍然為ABCDA，與規(guī)定的正方向相同。故C錯(cuò)誤。D圖中，在0~t0時(shí)間內(nèi)，磁場垂直紙面向外，且均勻增大，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)锳BCDA，與規(guī)定的正方向相同，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為定值，則感應(yīng)電流為定值，同理，在t0~2t0時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電流的方向?yàn)锳DCBA，與規(guī)定的正方向相反，感應(yīng)電流為負(fù)值，且為定值。故D正確。 11、(多選)如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，電壓表和電流表均為理想電表，原線圈接在u＝36sin100πt(V)的正弦交流電上，圖中D為理想二極

16、管(正向電阻不計(jì)，反向電阻為無窮大)，定值電阻R＝9 Ω，則下列說法正確的是(　　) A．t＝ s時(shí)，原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值為18 V B．電壓表示數(shù)為18 V C．電流表示數(shù)為1 A D．變壓器的輸入功率為 W 【參考答案】AD　將時(shí)間的瞬時(shí)值代入交變電壓的瞬時(shí)表達(dá)式可知，t＝ s時(shí)，原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值為18V，A選項(xiàng)正確；電壓表的示數(shù)為有效值，根據(jù)正弦式交變電流中有效值與最大值的關(guān)系可知，電壓表示數(shù)為36 V，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系可知，理想變壓器輸出電壓的有效值為U2＝9 V，二極管正向?qū)〞r(shí)，電流為I2＝＝1 A，二極管具有單向?qū)ㄐ?，根?jù)電流的熱

17、效應(yīng)可知，IR·＝I2R·T，解得電流表的示數(shù)I＝A，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；理想變壓器的輸出功率等于輸入功率，P＝U2I2＝W，D選項(xiàng)正確． 12、在研究甲、乙兩種金屬光電效應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)中，光電子的最大初動能Ek與入射光頻率ν的關(guān)系如圖所示，則(　　) A．兩條圖線與橫軸的夾角α和β一定不相等 B．若增大入射光頻率ν，則所需的遏止電壓Uc隨之增大 C．若某一頻率的光可以使甲金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則一定也能使乙金屬發(fā)生光電效應(yīng) D．若增加入射光的強(qiáng)度，不改變?nèi)肷涔忸l率ν，則光電子的最大初動能將增大 【參考答案】B　根據(jù)光電效應(yīng)方程Ek＝hν－W0，對應(yīng)圖象可知，圖象斜率都為普朗克常量h，故兩條

18、圖線與橫軸的夾角α和β一定相等，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)動能定理可知，遏止電壓Uc＝，若增大入射光頻率ν，則所需的遏止電壓Uc隨之增大，B選項(xiàng)正確；分析圖象可知，乙金屬的逸出功W0大，若某一頻率的光可以使甲金屬發(fā)生光電效應(yīng)，不一定也能使乙金屬發(fā)生光電效應(yīng)，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，最大初動能與光的頻率有關(guān)，與光的強(qiáng)度無關(guān)，D選項(xiàng)錯(cuò)誤． 13、（2019·天津卷） 我國核聚變反應(yīng)研究大科學(xué)裝置“人造太陽”2018年獲得重大突破，等離子體中心電子溫度首次達(dá)到1億度，為人類開發(fā)利用核聚變能源奠定了重要的技術(shù)基礎(chǔ)。下列關(guān)于聚變的說法正確的是 A．核聚變比核裂變更為安全、清潔 B．任何兩個(gè)原子核都可以發(fā)生聚變 C．兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，總質(zhì)量較聚變前增加 D．兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，核子的比結(jié)合能增加 【答案】AD 【解析】核聚變的最終產(chǎn)物時(shí)氦氣無污染，而核裂變會產(chǎn)生固體核廢料，因此核聚變更加清潔和安全，A正確；發(fā)生核聚變需要在高溫高壓下進(jìn)行，大核不能發(fā)生核聚變，故B錯(cuò)誤；核聚變反應(yīng)會放出大量的能量，根據(jù)質(zhì)能關(guān)系可知反應(yīng)會發(fā)生質(zhì)量虧損，故C錯(cuò)誤；因聚變反應(yīng)放出能量，因此反應(yīng)前的比結(jié)合能小于反應(yīng)后的比結(jié)合能，故D正確。 11