2022年高考物理二輪專題精煉 第一篇專題一仿高考選擇題巧練（一）

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1、 2022年高考物理二輪專題精煉 第一篇專題一仿高考選擇題巧練（一） 1．(xx·濰坊模擬)下列說(shuō)法符合物理學(xué)史實(shí)的是(　　) A．開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律 B．伽利略首創(chuàng)了理想實(shí)驗(yàn)的研究方法 C．卡文迪許測(cè)出了靜電力常量 D．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律 2.(xx·昆明三中、玉溪一中聯(lián)考)如圖為湖邊一傾角為30°的大壩橫截面示意圖，水面與大壩的交點(diǎn)為O.一人站在A點(diǎn)處以速度v0沿水平方向扔小石子，已知AO＝40 m，不計(jì)空氣阻力，g取10 m/s2.下列說(shuō)法正確的是(　　) A．若v0>18 m/s，則石塊可以落入水中 B．若v0<20 m/s，則石塊不能落入水中 C．

2、若石塊能落入水中，則v0越大，落水時(shí)速度方向與水平面的夾角越大 D．若石塊不能落入水中，則v0越大，落到斜面上時(shí)速度方向與斜面的夾角越大 3.(xx·杭州二模)國(guó)際研究小組借助于智利的甚大望遠(yuǎn)鏡，觀測(cè)到了一組雙星系統(tǒng)，它們繞兩者連線上的某點(diǎn)O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示．此雙星系統(tǒng)中體積較小成員能“吸食”另一顆體積較大星體表面物質(zhì)，達(dá)到質(zhì)量轉(zhuǎn)移的目的，被吸食星體的質(zhì)量遠(yuǎn)大于吸食星體的質(zhì)量．假設(shè)在演變的過(guò)程中兩者球心之間的距離保持不變，則在最初演變的過(guò)程中(　　) A．它們做圓周運(yùn)動(dòng)的萬(wàn)有引力保持不變 B．它們做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度不斷變大 C．體積較大星體圓周運(yùn)動(dòng)軌跡半徑變大，線速度也變

3、大 D．體積較大星體圓周運(yùn)動(dòng)軌跡半徑變大，線速度變小 4.空間中有一電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸方向的電場(chǎng)，其電勢(shì)φ隨x的分布如圖所示．一質(zhì)量為m、帶電荷量為－q的粒子(重力不計(jì))，以初速度v0從x＝0處的O點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)并沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，則下列關(guān)于該粒子運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法中錯(cuò)誤的是(　　) A．粒子從x＝0處運(yùn)動(dòng)到x＝x1處的過(guò)程中動(dòng)能逐漸減小 B．粒子從x＝x1處運(yùn)動(dòng)到x＝x3處的過(guò)程中電勢(shì)能逐漸減小 C．欲使粒子能夠到達(dá)x＝x4處，則粒子從x＝0處出發(fā)時(shí)的最小速度應(yīng)為2 D．若v0＝2，則粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度為 5.如圖所示，A、B分別為電源E和電阻R的U－I圖線，虛線C是過(guò)圖線A、B

4、交點(diǎn)的曲線B的切線，現(xiàn)將電源E與電阻R及開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線組成閉合電路，由圖象可得(　　) A．電源的電動(dòng)勢(shì)為3 V，此時(shí)消耗的總功率為6 W B．R的阻值隨電壓升高而增大，此時(shí)的阻值為1 Ω C．此時(shí)電源消耗的熱功率為4 W，效率約為66.7% D．若再串聯(lián)一定值電阻，電源的輸出功率一定改變 6.(多選)甲、乙兩輛汽車在同一水平直道上運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的位移—時(shí)間圖象(x－t圖象)如圖所示，則下列關(guān)于兩車運(yùn)動(dòng)情況的說(shuō)法中正確的是(　　) A．甲車先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng) B．乙車在0～10 s內(nèi)的平均速度大小為0.8 m/s C．在0～10 s內(nèi)，甲、乙兩車相遇兩次 D．若乙

5、車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則圖線上P所對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度大小一定大于0.8 m/s 7．(多選)(xx·江蘇南通二模)如圖所示，在MN、PQ間同時(shí)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，電場(chǎng)在圖中沒(méi)有標(biāo)出．一帶電小球從a點(diǎn)射入場(chǎng)區(qū)，并在豎直面內(nèi)沿直線運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)，則小球(　　) A．可能帶正電 B．受到電場(chǎng)力的方向一定水平向右 C．從a到b過(guò)程，克服電場(chǎng)力做功 D．從a到b過(guò)程中可能做勻加速運(yùn)動(dòng) 8．(多選)如圖所示，一根質(zhì)量為m、長(zhǎng)為L(zhǎng)、粗細(xì)均勻的金屬直棒ab靠立在光滑彎曲的金屬桿AOC上(開(kāi)始時(shí)b離O點(diǎn)很近)．a(chǎn)b由靜止開(kāi)始在重力作用下運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中a端始終在AO上，b端始

6、終在OC上，ab剛好完全落在OC上(此時(shí)速度為0)，整個(gè)裝置放在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，則(　　) A．a(chǎn)b棒所受安培力方向垂直于ab向上 B．a(chǎn)b棒所受安培力方向先垂直于ab向下，后垂直于ab向上 C．安培力先做正功后做負(fù)功，所以全過(guò)程安培力做功為零 D．全過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱為mgL 仿高考選擇題巧練(一) 1．[解析]選B.萬(wàn)有引力定律是牛頓發(fā)現(xiàn)的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；理想斜面實(shí)驗(yàn)是伽利略首創(chuàng)的，選項(xiàng)B正確；卡文迪許測(cè)出了萬(wàn)有引力常量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電磁感應(yīng)定律是由法拉第發(fā)現(xiàn)的，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 2．[解析]選A.設(shè)石子恰好落到O點(diǎn) AOsin 30°

7、＝gt2 AOcos 30°＝v0t 解得v0＝10 m/s 當(dāng)v0>10 m/s，石子落入水中，故A正確，B錯(cuò)誤． 當(dāng)石塊能落入水中時(shí)，設(shè)落水時(shí)速度方向與水平面的夾角為α，則tan α＝，隨v0的增大，α減小，C錯(cuò)誤．當(dāng)石塊不能落入水中時(shí)，落到斜面上的速度方向不變，D錯(cuò)誤． 3．[解析]選C.它們做圓周運(yùn)動(dòng)的萬(wàn)有引力F＝G，由于M變小，m變大，所以F變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由牛頓第二定律得G＝Mω2r1＝mω2r2，解得r1＝r，m變大，r1變大，又解得ω＝，ω保持不變，由v＝ωr得，r1變大，v1變大，選項(xiàng)B、D錯(cuò)誤，C正確． 4．[解析]選C.粒子從x＝0處運(yùn)動(dòng)到x＝x1處的過(guò)程

8、中電場(chǎng)力做的功為W＝－qφ0，亦即電場(chǎng)力做負(fù)功，所以動(dòng)能減小，選項(xiàng)A正確；粒子從x＝x1處運(yùn)動(dòng)到x＝x3處的過(guò)程中電場(chǎng)力做的功為W＝2qφ0，所以電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增加，電勢(shì)能減小，選項(xiàng)B正確；粒子從x＝0處運(yùn)動(dòng)到x＝x1處的過(guò)程中做減速運(yùn)動(dòng)，從x＝x1到x＝x3處的過(guò)程中粒子做加速運(yùn)動(dòng)，從x＝x3到x＝x4處的過(guò)程中粒子做減速運(yùn)動(dòng)，所以欲使粒子能夠到達(dá)x＝x4處，則粒子至少要能到達(dá)x＝x1處，則有mv＝qφ0，解之可得v0＝，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由題意可知，當(dāng)粒子到達(dá)x＝x1處時(shí)速度最小，設(shè)粒子到達(dá)x＝x1處時(shí)的速度大小為v，則由動(dòng)能定理可得：mv2＝mv－qφ0，解得：v＝，選項(xiàng)D正確． 5．[

9、解析]選A.由電源的U－I圖線可知電源的電動(dòng)勢(shì)為3 V，內(nèi)電阻為1 Ω，此時(shí)電阻兩端電壓為1 V，通過(guò)的電流為2 A，所以電源消耗的總功率為P＝EI＝6 W，A對(duì)；由題圖可知R的阻值隨電壓升高而增大，此時(shí)的阻值為R＝＝0.5 Ω，B錯(cuò)；由P＝I2r知此時(shí)電源消耗的熱功率為4 W，由η＝×100%知電源的效率是33.3%，C錯(cuò)；當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，所以再串聯(lián)一定值電阻，電源的輸出功率可能不變、增大或減小，D錯(cuò)． 6．[解析]選BCD.從題圖中可以看出，甲車先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到t＝4 s末時(shí)，甲車停止，故A錯(cuò)誤；乙車在0～10 s內(nèi)的位移大小為8 m，平均速度v＝0.8

10、m/s，故B正確；甲車和乙車的位移－時(shí)間圖象有兩個(gè)交點(diǎn)，所以甲、乙兩車會(huì)相遇兩次，故C正確；若乙車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的位置坐標(biāo)為x＝4 m，恰好是在0～10 s內(nèi)乙車位移的中點(diǎn)，又因?yàn)関＝＝0.8 m/s，vP＝v>v，所以D正確． 7．[解析]選AC.由于洛倫茲力與速度有關(guān)，所以可推斷小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由合力為零分析可知，小球可能帶正電也可能帶負(fù)電，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向也不是唯一確定的方向，故A正確，B、D均錯(cuò)．根據(jù)動(dòng)能定理可知，重力與電場(chǎng)力對(duì)小球做的總功必為零，重力做正功，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，故C正確． 8．[解析]選BD.ab棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，穿過(guò)△aOb的磁通量先增大后減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向先是b→a，后變?yōu)閍→b，由左手定則得，ab棒所受安培力方向先垂直于ab向下，后垂直于ab向上，A錯(cuò)，B對(duì)；ab棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只有重力和安培力做功，根據(jù)動(dòng)能定理，mg＋W＝0，所以安培力做功W＝－mgL，根據(jù)功能關(guān)系，全過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱為mgL，C錯(cuò)，D對(duì)．