2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 不等式選講 第二節(jié) 不等式的證明學(xué)案 理（含解析）新人教A版選修4-5

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1、第二節(jié)　不等式的證明 2019考綱考題考情 1．比較法 作差比較法與作商比較法的基本原理： (1)作差法：a－b>0?a>b。 (2)作商法：>1?a>b(a>0，b>0)。 2．綜合法與分析法 (1)綜合法：證明不等式時(shí)，從已知條件出發(fā)，利用定義、公理、定理、性質(zhì)等，經(jīng)過(guò)推理論證而得出命題成立，綜合法又叫順推證法或由因?qū)Чā? (2)分析法：證明命題時(shí)，從待證不等式出發(fā)，逐步尋求使它成立的充分條件，直至所需條件為已知條件或一個(gè)明顯成立的事實(shí)(定義、公理或已證明的定理、性質(zhì)等)，從而得出要證的命題成立。這是一種執(zhí)果索因的思考和證明方法。 3．反證法 先假設(shè)要證的

2、命題不成立，以此為出發(fā)點(diǎn)，結(jié)合已知條件，應(yīng)用公理、定義、定理、性質(zhì)等，進(jìn)行正確的推理，得到和命題的條件(或已證明的定理、性質(zhì)、明顯成立的事實(shí)等)矛盾的結(jié)論，以說(shuō)明假設(shè)不正確，從而證明原命題成立，我們把它稱為反證法。 4．放縮法 證明不等式時(shí)，通過(guò)把所證不等式的一邊適當(dāng)?shù)胤糯蠡蚩s小，以利于化簡(jiǎn)，并使它與不等式的另一邊的不等關(guān)系更為明顯，從而得出原不等式成立，這種方法稱為放縮法。 5．柯西不等式 設(shè)a，b，c，d均為實(shí)數(shù)，則(a2＋b2)(c2＋d2)≥(ac＋bd)2，等號(hào)當(dāng)且僅當(dāng)ad＝bc時(shí)成立。 1．a(chǎn)2≥0(a∈R)。 2．(a－b)2≥0(a，b∈R)，其變形有a

3、2＋b2≥2ab，2≥ab，a2＋b2≥(a＋b)2。 3．若a，b為正實(shí)數(shù)，則≥，特別地，＋≥2。 4．a(chǎn)2＋b2＋c2≥ab＋bc＋ca。 一、走進(jìn)教材 1．(選修4－5P23T1改編)已知a≥b>0，M＝2a3－b3，N＝2ab2－a2b，則M，N的大小關(guān)系為_(kāi)_______。 解析　2a3－b3－(2ab2－a2b)＝2a(a2－b2)＋b(a2－b2)＝(a2－b2)(2a＋b)＝(a－b)(a＋b)(2a＋b)。因?yàn)閍≥b>0，所以a－b≥0，a＋b>0,2a＋b>0，從而(a－b)(a＋b)(2a＋b)≥0，故2a3－b3≥2ab2－a2b。 答案　M≥N 2．

4、(選修4－5P24例3改編)求證：＋<2＋。 證明?。?2＋ ?(＋)2<(2＋)2 ?10＋2<10＋4 ?<2?21<24。故原不等式成立。 二、走出誤區(qū) 微提醒：①不等式放縮不當(dāng)致錯(cuò)；②運(yùn)用柯西不等式不能合理變形。 3．設(shè)a，b∈(0，＋∞)，且ab－a－b＝1，則有(　　) A．a(chǎn)＋b≥2(＋1) B．a(chǎn)＋b≤＋1 C．a(chǎn)＋b<＋1 D．a(chǎn)＋b>2(＋1) 解析　由已知得a＋b＋1＝ab≤2，故有(a＋b)2－4(a＋b)－4≥0，解得a＋b≥2＋2或a＋b≤－2＋2(舍去)，即a＋b≥2＋2。(當(dāng)且僅當(dāng)a＝b＝＋1時(shí)取等號(hào))故選A。 答案　A 4．已知

5、三個(gè)互不相等的正數(shù)a，b，c滿足abc＝1。試證明：＋＋<＋＋。 證明　因?yàn)閍，b，c>0，且互不相等，abc＝1， 所以＋＋＝＋＋<＋＋＝＋＋， 即＋＋<＋＋。 5．設(shè)a，b，m，n∈R，且a2＋b2＝5，ma＋nb＝5，求的最小值。 解　根據(jù)柯西不等式(ma＋nb)2≤(a2＋b2)(m2＋n2)，得25≤5(m2＋n2)，m2＋n2≥5，的最小值為。 　考點(diǎn)一　比較法證明不等式 　【例1】　(1)當(dāng)p，q都是正數(shù)且p＋q＝1時(shí)，試比較(px＋qy)2與px2＋qy2的大小。 (2)已知a，b∈R＋，求證：aabb≥(ab)。 解　(1)(

6、px＋qy)2－(px2＋qy2) ＝p2x2＋q2y2＋2pqxy－(px2＋qy2) ＝p(p－1)x2＋q(q－1)y2＋2pqxy。 因?yàn)閜＋q＝1，所以p－1＝－q，q－1＝－p。 所以(px＋qy)2－(px2＋qy2)＝－pq(x2＋y2－2xy)＝－pq(x－y)2。 因?yàn)閜，q為正數(shù)，所以－pq(x－y)2≤0， 所以(px＋qy)2≤px2＋qy2。 當(dāng)且僅當(dāng)x＝y(tǒng)時(shí)，不等式中等號(hào)成立。 (2)＝a·b＝。 當(dāng)a＝b時(shí)，＝1； 當(dāng)a>b時(shí)，>1，>0， 由指數(shù)函數(shù)的性質(zhì)知>1， 當(dāng)a1。 所以aabb

7、≥(ab)。 1．作差比較法證明不等式的步驟 (1)作差；(2)變形；(3)判斷差的符號(hào)；(4)下結(jié)論。其中“變形”是關(guān)鍵，通常將差變形成因式連乘積的形式或平方和的形式，再結(jié)合不等式的性質(zhì)判斷出差的正負(fù)。 2．作商比較法證明不等式的步驟 (1)作商；(2)變形；(3)判斷與1的大小關(guān)系；(4)得出結(jié)論。其中“作商”要注意兩式的正、負(fù)，不能隨意作商。 【變式訓(xùn)練】　(2019·陜西質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)＝|2x－1|＋|x＋1|。 (1)解不等式f(x)≤3； (2)記函數(shù)g(x)＝f(x)＋|x＋1|的值域?yàn)镸，若t∈M，證明t2＋1≥＋3t。 解　(1)依題意，得f(

8、x)＝ 所以f(x)≤3?或或解得－1≤x≤1， 即不等式f(x)≤3的解集為{x|－1≤x≤1}。 (2)g(x)＝f(x)＋|x＋1|＝|2x－1|＋|2x＋2|≥|2x－1－2x－2|＝3， 當(dāng)且僅當(dāng)(2x－1)(2x＋2)≤0時(shí)取等號(hào)， 所以M＝[3，＋∞)。 t2＋1－3t－＝＝， 因?yàn)閠∈M，所以t－3≥0，t2＋1>0， 所以≥0， 所以t2＋1≥＋3t。 考點(diǎn)二綜合法證明不等式 【例2】　(2018·山西晉中二模)已知函數(shù)f(x)＝|x＋1|。 (1)若?x∈R，使不等式f(x－2)－f(x－3)≥u成立，求滿足條件的實(shí)數(shù)u的集合M； (2)已知t為集

9、合M中的最大正整數(shù)，若a>1，b>1，c>1，且(a－1)(b－1)(c－1)＝t，求證：abc≥8。 解　(1)由已知得f(x－2)－f(x－3)＝|x－1|－|x－2|＝ 則－1≤f(x)≤1， 由于?x∈R，使不等式|x－1|－|x－2|≥u成立， 所以u(píng)≤1，即M＝{u|u≤1}。 (2)證明：由(1)知t＝1， 則(a－1)(b－1)(c－1)＝1， 因?yàn)閍>1，b>1，c>1， 所以a－1>0，b－1>0，c－1>0， 則a＝(a－1)＋1≥2>0(當(dāng)且僅當(dāng)a＝2時(shí)等號(hào)成立)， b＝(b－1)＋1≥2>0(當(dāng)且僅當(dāng)b＝2時(shí)等號(hào)成立)， c＝(c－1)＋1≥

10、2>0(當(dāng)且僅當(dāng)c＝2時(shí)等號(hào)成立)， 則abc≥8＝8(當(dāng)且僅當(dāng)a＝b＝c＝2時(shí)等號(hào)成立)。 綜合法證明不等式的方法 1．綜合法證明不等式，要著力分析已知與求證之間，不等式的左右兩端之間的差異與聯(lián)系。合理進(jìn)行轉(zhuǎn)換，恰當(dāng)選擇已知不等式，這是證明的關(guān)鍵。 2．在用綜合法證明不等式時(shí)，不等式的性質(zhì)和基本不等式是最常用的。在運(yùn)用這些性質(zhì)時(shí)，要注意性質(zhì)成立的前提條件。 【變式訓(xùn)練】　已知函數(shù)f(x)＝2|x＋1|＋|x－2|。 (1)求f(x)的最小值m； (2)若a，b，c均為正實(shí)數(shù)，且滿足a＋b＋c＝m，求證：＋＋≥3。 解　(1)當(dāng)x<－1時(shí)，f(x)＝－2(x＋1)－(x

11、－2)＝－3x∈(3，＋∞)； 當(dāng)－1≤x<2時(shí)，f(x)＝2(x＋1)－(x－2)＝x＋4∈[3,6)； 當(dāng)x≥2時(shí)，f(x)＝2(x＋1)＋(x－2)＝3x∈[6，＋∞)。 綜上，f(x)的最小值m＝3。 (2)證明：因?yàn)閍，b，c均為正實(shí)數(shù)，且滿足a＋b＋c＝3， 所以＋＋＋(a＋b＋c) ＝＋＋ ≥2＝2(a＋b＋c)， 當(dāng)且僅當(dāng)a＝b＝c＝1時(shí)，取“＝”， 所以＋＋≥a＋b＋c，即＋＋≥3。 考點(diǎn)三分析法證明不等式 【例3】　已知函數(shù)f(x)＝|x＋1|。 (1)求不等式f(x)<|2x＋1|－1的解集M； (2)設(shè)a，b∈M，證明：f(ab)>f(a)－f

12、(－b)。 解　(1)由題意，|x＋1|<|2x＋1|－1， ①當(dāng)x≤－1時(shí)，不等式可化為－x－1<－2x－2，解得x<－1； ②當(dāng)－11。 綜上，M＝{x|x<－1或x>1}。 (2)證明：因?yàn)閒(a)－f(－b)＝|a＋1|－|－b＋1|≤|a＋1－(－b＋1)|＝|a＋b|， 所以要證f(ab)>f(a)－f(－b)， 只需證|ab＋1|>|a＋b|， 即證|ab＋1|2>|a＋b|2， 即證a2b2＋2ab＋1>a2＋2ab＋b2， 即證a2b2－a2－b

13、2＋1>0， 即證(a2－1)(b2－1)>0。 因?yàn)閍，b∈M，所以a2>1，b2>1， 所以(a2－1)(b2－1)>0成立，所以原不等式成立。 分析法的應(yīng)用條件 當(dāng)所證明的不等式不能使用比較法，且和重要不等式(a2＋b2≥2ab)、基本不等式?jīng)]有直接聯(lián)系，較難發(fā)現(xiàn)條件和結(jié)論之間的關(guān)系時(shí)，可用分析法來(lái)尋找證明途徑，使用分析法證明的關(guān)鍵是推理的每一步必須可逆。 【變式訓(xùn)練】　已知a>0，b>0,2c>a＋b，求證：c－

14、。 因?yàn)閍>0，所以只要證a－2c<－b， 即證a＋b<2c。 由已知條件知，上式顯然成立，所以原不等式成立。 考點(diǎn)四柯西不等式的應(yīng)用 【例4】　(2018·江蘇高考)若x，y，z為實(shí)數(shù)，且x＋2y＋2z＝6，求x2＋y2＋z2的最小值。 解　由柯西不等式，得(x2＋y2＋z2)(12＋22＋22)≥(x＋2y＋2z)2。 因?yàn)閤＋2y＋2z＝6，所以x2＋y2＋z2≥4， 當(dāng)且僅當(dāng)＝＝時(shí)，不等式取等號(hào)，此時(shí)x＝，y＝，z＝， 所以x2＋y2＋z2的最小值為4。 1．利用柯西不等式證明不等式，先使用拆項(xiàng)重組、添項(xiàng)等方法構(gòu)造符合柯西不等式的形式及條件，再使用柯西不

15、等式解決有關(guān)問(wèn)題。 2．利用柯西不等式求最值，實(shí)質(zhì)上就是利用柯西不等式進(jìn)行放縮，放縮不當(dāng)則等號(hào)可能不成立，因此一定不能忘記檢驗(yàn)等號(hào)成立的條件。 【變式訓(xùn)練】　(1)已知a，b，c∈R，且滿足a＋2b＋3c＝6，則a2＋2b2＋3c2的最小值為_(kāi)_______。 (2)設(shè)x，y，z∈R，且＋＋＝1，則x＋y＋z的取值范圍是________。 解析　(1)由柯西不等式，得(1＋2＋3)(a2＋2b2＋3c2)≥(1·a＋·b＋·c)2。得6(a2＋2b2＋3c2)≥(a＋2b＋3c)2＝36。所以a2＋2b2＋3c2≥6。當(dāng)且僅當(dāng)＝＝，即a＝b＝c＝1時(shí)，上式等號(hào)成立。所以a2＋2b2＋3

16、c2的最小值為6。 (2)由柯西不等式，得[42＋()2＋22]≥2，即25×1≥(x＋y＋z)2。所以5≥|x＋y＋z|，所以－5≤x＋y＋z≤5。即x＋y＋z的取值范圍是[－5,5]。 答案　(1)6　(2)[－5,5] 1．(配合例1使用)已知a，b為正實(shí)數(shù)。 (1)求證：＋≥a＋b。 (2)利用(1)的結(jié)論求函數(shù)y＝＋(00，b>0，所以≥0， 當(dāng)且僅當(dāng)a＝b時(shí)等號(hào)成立。 所以＋≥a＋b。 (2)因?yàn)?0， 由(1)的結(jié)論，y＝＋≥(1－x)＋x＝1。

17、 當(dāng)且僅當(dāng)1－x＝x即x＝時(shí)等號(hào)成立。 所以函數(shù)y＝＋(0

18、a2＋b2＋c2)， 所以3(a2＋b2＋c2)≥(a＋b＋c)2。 因?yàn)閍＋b＋c＝1，所以a2＋b2＋c2≥， 所以(a＋1)2＋(b＋1)2＋(c＋1)2≥。 (2)設(shè)f(x)＝|x－a|＋|2x－1|， 則“對(duì)任意實(shí)數(shù)x，不等式|x－a|＋|2x－1|≥2恒成立”等價(jià)于“f(x)min≥2”。 當(dāng)a<時(shí)，f(x)＝ 此時(shí)f(x)min＝f＝－a， 要使|x－a|＋|2x－1|≥2恒成立，必須－a≥2，解得a≤－。 當(dāng)a＝時(shí)，≥不可能恒成立。 當(dāng)a>時(shí)，f(x)＝ 此時(shí)f(x)min＝f＝a－， 要使|x－a|＋|2x－1|≥2恒成立，必須a－≥2，解得a≥。

19、綜上可知，實(shí)數(shù)a的取值范圍為∪。 3．(配合例4使用)已知不等式|2x－3|0時(shí)，|2x－3|

20、＋b2＋c2的最小值是1。 4．(配合例4使用)已知a>0，b>0，c>0，函數(shù)f(x)＝|x＋a|＋|x－b|＋c的最小值為4。 (1)求a＋b＋c的值； (2)求a2＋b2＋c2的最小值。 解　(1)因?yàn)閨x＋a|＋|x－b|≥|a＋b|， 所以f(x)≥|a＋b|＋c， 當(dāng)且僅當(dāng)(x＋a)(x－b)≤0時(shí)，等號(hào)成立， 又a>0，b>0，所以|a＋b|＝a＋b， 所以f(x)的最小值為a＋b＋c， 所以a＋b＋c＝4。 (2)由(1)知a＋b＋c＝4，由柯西不等式得 (4＋9＋1)≥2＝(a＋b＋c)2＝16， 即a2＋b2＋c2≥， 當(dāng)且僅當(dāng)＝＝時(shí)，等號(hào)成立， 又因?yàn)閍＋b＋c＝4， 所以a＝，b＝，c＝時(shí)，等號(hào)成立， 所以a2＋b2＋c2的最小值為。 10