（課標(biāo)版）高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練8（含解析）-人教版高三全冊(cè)物理試題

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1、選擇題提速練8 時(shí)間：45分鐘 1～5單選，6～8多選 1．有四條垂直于紙面的長直固定導(dǎo)線．電流方向如圖所示，其中abc三條導(dǎo)線到d導(dǎo)線的距離相等，三條導(dǎo)線與d的連線互成120度角．四條導(dǎo)線的電流大小都為I，其中a導(dǎo)線對(duì)d導(dǎo)線的安培力為F.現(xiàn)突然把c導(dǎo)線的電流方向改為垂直于紙面向外，電流大小不變．此時(shí)d導(dǎo)線所受安培力的合力為(　D　) A．0　　 　　B．F　　　 　C.F 　　　D．2F 解析：a導(dǎo)線對(duì)d導(dǎo)線的安培力為F，三條導(dǎo)線與d的連線互成120°，因此在c導(dǎo)線的電流方向改變之前，d導(dǎo)線所受安培力的合力為零，當(dāng)c導(dǎo)線的電流方向改變之后，則a、b導(dǎo)線對(duì)d導(dǎo)線的安培力夾角為12

2、0°，大小為F，因此兩個(gè)安培力的合力為F，方向指向c導(dǎo)線，而c導(dǎo)線對(duì)d導(dǎo)線的安培力大小為F，方向指向c導(dǎo)線，那么此時(shí)d導(dǎo)線所受安培力的合力為2F，故A、B、C錯(cuò)誤，D正確． 2．如圖所示，OM的左側(cè)存在范圍足夠大，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，ON(在紙面內(nèi))與磁場(chǎng)方向垂直且∠NOM＝60°，ON上有一點(diǎn)P，OP＝L.P點(diǎn)有一粒子源，可沿紙面內(nèi)各個(gè)方向射出質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，速率為，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為(　A　) A. B. C. D. 解析：粒子運(yùn)動(dòng)的半徑r＝＝；當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短時(shí)，在磁場(chǎng)中的圓弧弦最短，則

3、由P點(diǎn)作MO的垂線即為最短弦長，則PA＝Lsin60°＝L，由三角函數(shù)可得：sin＝＝，解得∠PO1A＝90°，則最短時(shí)間t＝T＝，故選A. 3．如圖所示，水平金屬板A、B分別與電源兩極相連，帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將B板右端向下移動(dòng)一小段距離，兩金屬板表面仍均為等勢(shì)面，則該油滴(　D　) A．仍然保持靜止 B．豎直向下運(yùn)動(dòng) C．向左下方運(yùn)動(dòng) D．向右下方運(yùn)動(dòng) 解析：將B板右端向下移動(dòng)一小段距離后，電容器內(nèi)部電荷重新分布，右側(cè)電荷稀疏，左側(cè)電荷密集，電場(chǎng)力方向不再豎直向上，而是向右側(cè)傾斜，使得帶電油滴不再受力平衡，合力方向向右下方，如圖所示，油滴向右下方運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確

4、． 4．如圖所示電路中，R為某種半導(dǎo)體氣敏元件，其阻值隨周圍環(huán)境一氧化碳?xì)怏w濃度的增大而減小，當(dāng)一氧化碳?xì)怏w濃度增大時(shí)，下列說法中正確的是(　D　) A．電壓表V示數(shù)增大 B．電流表A示數(shù)減小 C．電路的總功率減小 D．變阻器R1的取值越大，電壓表示數(shù)變化越明顯 解析：當(dāng)一氧化碳?xì)怏w濃度增大時(shí)，R減小，總電阻減小，則總電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，可知通過R1的電流減小，因此電壓表V示數(shù)減小，通過變阻器的電流減小，則電流表A示數(shù)增大，故A、B錯(cuò)誤；電路的總功率為P＝EI，E不變，I增大，則P增大，故C錯(cuò)誤；變阻器R1的取值越大，R1與R并聯(lián)的阻值越接近R，R對(duì)電路的影

5、響越大，則知變阻器R1的取值越大，電壓表示數(shù)變化越明顯，故D正確． 5．鋰電池因能量密度高、環(huán)保無污染而廣泛使用在手機(jī)等電子產(chǎn)品中．現(xiàn)用充電器為一手機(jī)鋰電池充電，等效電路如圖所示．充電器電源的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，下列說法正確的是(　C　) A．電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為UI B．充電器輸出的電功率為UI＋I(xiàn)2r C．電池產(chǎn)生的熱功率為I2r D．充電器的充電效率為×100% 解析：電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為UI－I2r，充電器輸出的電功率為UI，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；電池產(chǎn)生的熱功率為I2r，選項(xiàng)C正確；充電器的充電效率為×100%，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 6．如

6、圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)A、B、C構(gòu)成一個(gè)直角三角形，∠ACB＝90°，∠ABC＝60°，＝d，把一個(gè)帶電量為＋q的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力不做功；從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做功為－W，若規(guī)定C點(diǎn)電勢(shì)為零，則(　BD　) A．該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 B．C、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為UCB＝ C．A點(diǎn)的電勢(shì)為 D．若從A點(diǎn)沿AB方向飛入一電子，其運(yùn)動(dòng)軌跡可能是乙 解析：由題意WAB＝0，所以UAB＝＝0，又WBC＝－W，所以UBC＝＝－，UCB＝－UBC＝，選項(xiàng)B正確．根據(jù)UCA＝UCB＝φC－φA＝，且φC＝0，所以φA＝－，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．因?yàn)锳、B兩點(diǎn)電勢(shì)相等，所以電場(chǎng)線與AB垂直，所

7、以UCB＝Edsin60°，可得E＝，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．電子從A點(diǎn)沿AB方向飛入，所受電場(chǎng)力方向向下，選項(xiàng)D正確． 7．萬有引力定律能夠很好地將天體運(yùn)行規(guī)律與地球上物體運(yùn)動(dòng)規(guī)律具有的內(nèi)在一致性統(tǒng)一起來．用彈簧秤稱量一個(gè)相對(duì)于地球靜止的小物體的重量，隨稱量位置的變化可能會(huì)有不同的結(jié)果．已知地球質(zhì)量為M，萬有引力常量為G.將地球視為半徑為R、質(zhì)量均勻分布的球體．下列選項(xiàng)中說法正確的是(　AC　) A．在北極地面稱量時(shí)，彈簧秤讀數(shù)為 F0＝G B．在赤道地面稱量時(shí)，彈簧秤讀數(shù)為F1＝G C．在北極上空高出地面h處稱量時(shí)，彈簧秤讀數(shù)為F2＝G D．在赤道上空高出地面h處稱量時(shí)，彈簧秤讀數(shù)為F3＝G

8、 解析：北極地面物體不隨地球自轉(zhuǎn)，萬有引力等于重力，則有：F0＝G，選項(xiàng)A正確；在赤道地面稱量時(shí)，萬有引力等于重力加上隨地球一起自轉(zhuǎn)所需要的向心力，則有F1

9、導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.25，則從起點(diǎn)發(fā)生x＝1 m位移的過程中(g取10 m/s2)(　CD　) A．金屬棒克服安培力做的功W1＝0.5 J B．金屬棒克服摩擦力做的功W2＝4 J C．整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q＝5.25 J D．拉力做的功W＝9.25 J 解析：由速度圖象得：v＝2x，金屬棒所受的安培力FA＝＝，代入得：FA＝0.5x，則知FA與x是線性關(guān)系．當(dāng)x＝0時(shí)，安培力FA1＝0；當(dāng)x＝1 m時(shí)，安培力FA2＝0.5 N，則從起點(diǎn)發(fā)生x＝1 m位移的過程中，安培力做功：WA＝－Ax＝－x＝－×1 J＝－0.25 J，即金屬棒克服安培力做的功為：W1＝0.25 J，故A錯(cuò)誤；金屬棒克服摩擦力做的功W2＝μmgx＝0.25×2×10×1 J＝5 J，故B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理得：W－μmgx＋WA＝mv2，其中v＝2 m/s，代入解得拉力做的功W＝9.25 J．整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q＝W－mv2＝9.25 J－×2×22 J＝5.25 J．故C、D正確．