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(新課標(biāo))2022高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第五章 平面向量與復(fù)數(shù) 題組層級(jí)快練32 平面向量的數(shù)量積 文(含解析)

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(新課標(biāo))2022高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第五章 平面向量與復(fù)數(shù) 題組層級(jí)快練32 平面向量的數(shù)量積 文(含解析)

(新課標(biāo))2022高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第五章 平面向量與復(fù)數(shù) 題組層級(jí)快練32 平面向量的數(shù)量積 文(含解析) 1.(2015·北京,文)設(shè)a,b是非零向量.“a·b=|a||b|”是“a∥b”的(  ) A.充分而不必要條件    B.必要而不充分條件 C.充分必要條件 D.既不充分也不必要條件 答案 A 解析 若a·b=|a||b|,則a與b的方向相同,所以a∥b.若a∥b,則a·b=|a||b|,或a·b=-|a||b|,所以“a·b=|a||b|”是“a∥b”的充分而不必要條件,選A. 2.已知a=(1,2),2a-b=(3,1),則a·b=(  ) A.2 B.3 C.4 D.5 答案 D 解析 ∵a=(1,2),2a-b=(3,1), ∴b=2a-(3,1)=2(1,2)-(3,1)=(-1,3). ∴a·b=(1,2)·(-1,3)=-1+2×3=5. 3.已知|a|=6,|b|=3,a·b=-12,則向量a在向量b方向上的投影是(  ) A.-4 B.4 C.-2 D.2 答案 A 解析 ∵a·b=|a||b|cos〈a,b〉=18cos〈a,b〉=-12,∴cos〈a,b〉=-.∴a在b方向上的投影是|a|cos〈a,b〉=-4. 4.(2019·黑龍江大慶第一次質(zhì)檢)已知向量a=(1,2),b=(-2,m),若a∥b,則|2a+3b|=(  ) A. B.4 C.3 D.2 答案 B 解析 ∵a=(1,2),b=(-2,m),且a∥b,∴1×m=2×(-2),∴m=-4.∴a=(1,2),b=(-2,-4),∴2a+3b=(-4,-8), ∴|2a+3b|==4.故選B. 5.已知向量a=(1,2),a·b=5,|a-b|=2,則|b|等于(  ) A. B.2 C.5 D.25 答案 C 解析 由a=(1,2),可得a2=|a|2=12+22=5. ∵|a-b|=2,∴a2-2a·b+b2=20. ∴5-2×5+b2=20.∴b2=25.∴|b|=5,故選C. 6.(2019·保定模擬)若向量a,b滿足|a|=|b|=1,(a+b)·b=,則向量a,b的夾角為(  ) A.30° B.45° C.60° D.90° 答案 C 解析 ∵(a+b)·b=b2+a·b=1+a·b=, ∴a·b=|a||b|cos〈a,b〉=,cos〈a,b〉=,〈a,b〉=60°.故選C. 7.設(shè)a,b,c是單位向量,且a+b=c,則a·c的值為(  ) A.2 B. C.3 D. 答案 B 解析 由|a|=|b|=|c|=1,b=c-a,兩邊平方得b2=(c-a)2,∴1=1+1-2a·c,∴a·c=. 8.(2019·江南十校聯(lián)考)已知平面向量a,b,|a|=1,|b|=,且|2a+b|=,則向量a與向量a+b的夾角為(  ) A. B. C. D.π 答案 B 解析 由題意,得|2a+b|2=4+4a·b+3=7,所以a·b=0,所以a·(a+b)=1,且|a+b|==2,故cos〈a,a+b〉==,所以〈a,a+b〉=,故選B. 9.已知|a|=1,|b|=,a+b=(,1),則a+b與a-b的夾角為(  ) A. B. C. D. 答案 C 解析 由a+b=(,1),得|a+b|2=(a+b)2=4,又|a|=1,|b|=,所以|a|2+2a·b+|b|2=1+2a·b+3=4,解得2a·b=0,所以|a-b|===2,設(shè)a+b與a-b的夾角為θ,則由夾角公式可得cosθ===-,且θ∈[0,π],所以θ=π,即a+b與a-b的夾角為π. 10.(2019·人大附中模擬)已知a,b是非零向量,且向量a,b的夾角為,若向量p=+,則|p|=(  ) A.2+ B. C.3 D. 答案 D 解析 ∵|p|2=1+1+2cos=3,∴|p|=. 11.如圖所示,已知正六邊形P1P2P3P4P5P6,則下列向量的數(shù)量積中最大的是(  ) A.· B.· C.· D.· 答案 A 解析 由于⊥,故其數(shù)量積是0,可排除C;與的夾角為π,故其數(shù)量積小于0,可排除D;設(shè)正六邊形的邊長(zhǎng)是a,則·=||||cos30°=a2,·=||||cos60°=a2.故選A. 12.(2019·滄州七校聯(lián)考)已知P是邊長(zhǎng)為2的正三角形ABC的邊BC上的動(dòng)點(diǎn),則·(+)(  ) A.有最大值為8 B.是定值6 C.有最小值為2 D.與點(diǎn)的位置有關(guān) 答案 B 解析 因?yàn)辄c(diǎn)P在邊BC上,所以存在實(shí)數(shù)λ,使=λ+(1-λ),所以·(+)=[λ+(1-λ)]·(+)=4+·=6.故選B. 13.(2019·河南豫北名校聯(lián)盟對(duì)抗賽)已知△ABC的外接圓的半徑為1,圓心為點(diǎn)O,且3+4+5=0,則·=(  ) A. B. C.- D. 答案 C 解析 因?yàn)閨|=||=||=1,由3+4+5=0得3+5=-4和4+5=-3,兩個(gè)式子分別平方可得·=-和·=-.所以·=·(-)=·-·=-.故選C. 14.(2019·江西上饒一模)在邊長(zhǎng)為1的正方形ABCD中,2=,BC的中點(diǎn)為F,=2,則·=________. 答案?。? 解析 以A為坐標(biāo)原點(diǎn),建立如圖所示的直角坐標(biāo)系. ∵正方形ABCD的邊長(zhǎng)為1, ∴B(1,0),D(0,1),E(,0), F(1,). 設(shè)G(a,b),由=2, 得(,)=2(a-1,b-), 解得∴G(,).∴=(1,). ∵=(-1,1),∴·=-1+=-. 15.(2015·浙江)已知e1,e2是平面單位向量,且e1·e2=.若平面向量b滿足b·e1=b·e2=1,則|b|=________. 答案  解析 因?yàn)閎·e1=b·e2=1,|e1|=|e2|=1,由數(shù)量積的幾何意義,知b在e1,e2方向上的投影相等,且都為1,所以b與e1,e2所成的角相等.由e1·e2=,知e1與e2的夾角為60°,所以b與e1,e2所成的角均為30°,即|b|cos30°=1,所以|b|==. 16.若平面向量a,b滿足|2a-b|≤3,則a·b的最小值是________. 答案?。? 解析 由|2a-b|≤3可知,4a2+b2-4a·b≤9,所以4a2+b2≤9+4a·b.而4a2+b2=|2a|2+|b|2≥2|2a|·|b|≥-4a·b,所以a·b≥-,當(dāng)且僅當(dāng)2a=-b時(shí)取等號(hào). 17.設(shè)兩個(gè)向量e1,e2滿足|e1|=2,|e2|=1,e1與e2的夾角為,若向量2te1+7e2與e1+te2的夾角為鈍角,求實(shí)數(shù)t的取值范圍. 答案 (-7,-)∪(-,-) 解析 由向量2te1+7e2與e1+te2的夾角為鈍角,得<0, 即(2te1+7e2)·(e1+te2)<0, 化簡(jiǎn)即得2t2+15t+7<0, 解得-7<t<-. 當(dāng)夾角為π時(shí),也有(2te1+7e2)·(e1+te2)<0, 但此時(shí)夾角不是鈍角. 設(shè)2te1+7e2=λ(e1+te2),λ<0, 可求得 ∴ ∴所求實(shí)數(shù)t的范圍是(-7,-)∪(-,-).

注意事項(xiàng)

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