(新課改省份專用)2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 第1節(jié) 動(dòng)量定理學(xué)案(含解析)
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(新課改省份專用)2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 第1節(jié) 動(dòng)量定理學(xué)案(含解析)
(新課改省份專用)2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 第1節(jié) 動(dòng)量定理學(xué)案(含解析)
新課程標(biāo)準(zhǔn)
核心知識提煉
1.通過實(shí)驗(yàn)和理論推導(dǎo),理解動(dòng)量定理和動(dòng)量守恒定律,能用其解釋生活中的有關(guān)現(xiàn)象。知道動(dòng)量守恒定律的普適性。
2.探究并了解物體彈性碰撞和非彈性碰撞的特點(diǎn)。定量分析一維碰撞問題并能解釋生產(chǎn)生活中的彈性碰撞和非彈性碰撞現(xiàn)象。
3.體會(huì)用守恒定律分析物理問題的方法,體會(huì)自然界的和諧與統(tǒng)一。
動(dòng)量定理
動(dòng)量守恒定律
彈性碰撞和非彈性碰撞
實(shí)驗(yàn):驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律
第1節(jié) 動(dòng)量定理
一、動(dòng)量
1.定義:物體的質(zhì)量和速度的乘積。
2.表達(dá)式:p=。
3.單位:kg·m/s。
4.標(biāo)矢性:動(dòng)量是矢量,其方向和速度方向相同。
二、動(dòng)量定理
1.沖量
(1)定義:力和力的作用時(shí)間的乘積。
(2)表達(dá)式:I=Ft。
(3)單位:N·s。
(4)標(biāo)矢性:沖量是矢量,恒力沖量的方向與力的方向相同。
2.動(dòng)量定理
(1)內(nèi)容:物體在一個(gè)過程始末的動(dòng)量變化量等于它在這個(gè)過程中所受力的沖量。
(2)表達(dá)式:Ft=mv′-mv。
[深化理解]
1.動(dòng)量變化量也是矢量,其方向與速度變化量的方向相同。
2.力與物體運(yùn)動(dòng)方向垂直時(shí),該力不做功,但該力的沖量不為零。
3.某個(gè)力的沖量與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)及其是否受其他力無關(guān)。
4.動(dòng)量定理是矢量方程,列方程時(shí)應(yīng)選取正方向,且力和速度必須選同一正方向。
[基礎(chǔ)自測]
一、判斷題
(1)動(dòng)量越大的物體,其速度越大。(×)
(2)物體的動(dòng)量越大,其慣性也越大。(×)
(3)物體所受合力不變,則動(dòng)量也不改變。(×)
(4)物體沿水平面運(yùn)動(dòng)時(shí),重力不做功,其沖量為零。(×)
(5)物體所受合外力的沖量的方向與物體末動(dòng)量的方向相同。(×)
(6)物體所受合外力的沖量方向與物體動(dòng)量變化的方向是一致的。(√)
二、選擇題
1.(2018·全國卷 Ⅰ )高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。在啟動(dòng)階段,列車的動(dòng)能( )
A.與它所經(jīng)歷的時(shí)間成正比
B.與它的位移成正比
C.與它的速度成正比
D.與它的動(dòng)量成正比
解析:選B 動(dòng)能Ek=mv2,與速度的平方成正比,故C錯(cuò)誤。速度v=at,可得Ek=ma2t2,與經(jīng)歷的時(shí)間的平方成正比,故A錯(cuò)誤。根據(jù)v2=2ax,可得Ek=max,與位移成正比,故B正確。動(dòng)量p=mv,可得Ek=,與動(dòng)量的平方成正比,故D錯(cuò)誤。
2.[滬科版選修3-5 P10 T3]質(zhì)量為5 kg的小球以5 m/s的速度豎直落到地板上,隨后以3 m/s的速度反向彈回,若取豎直向下的方向?yàn)檎较?,則小球動(dòng)量的變化為( )
A.10 kg·m/s B.-10 kg·m/s
C.40 kg·m/s D.-40 kg·m/s
解析:選D 動(dòng)量的變化是末動(dòng)量減去初動(dòng)量,規(guī)定了豎直向下為正方向,則小球的初動(dòng)量p1=mv1=25 kg·m/s,末動(dòng)量p2=mv2=-15 kg·m/s,所以動(dòng)量的變化Δp=p2-p1=-40 kg·m/s。
3.(多選)一質(zhì)量為2 kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運(yùn)動(dòng)。F隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示,則( )
A.t=1 s時(shí)物塊的速率為1 m/s
B.t=2 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為4 kg·m/s
C.t=3 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為5 kg·m/s
D.t=4 s時(shí)物塊的速度為零
解析:選AB 前2 s內(nèi)物塊做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),加速度a1== m/s2=1 m/s2,t=1 s時(shí)物塊的速率v1=a1t1=1 m/s,故A正確;t=2 s時(shí)物塊的速率v2=a1t2=2 m/s,動(dòng)量大小為p2=mv2=4 kg·m/s,故B正確;物塊在2~4 s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng),加速度的大小a2==0.5 m/s2,t=3 s時(shí)物塊的速率v3=v2-a2t3=2 m/s-0.5×1 m/s=1.5 m/s,動(dòng)量大小p3=mv3=3 kg·m/s,故C錯(cuò)誤;t=4 s時(shí)物塊的速度v4=v2-a2t4=2 m/s-0.5×2 m/s=1 m/s,故D錯(cuò)誤。
高考對本節(jié)內(nèi)容的考查,主要集中在對動(dòng)量、沖量、動(dòng)量變化量的理解及應(yīng)用動(dòng)量定理解決實(shí)際問題,題型多為選擇題,而動(dòng)量定理結(jié)合其他力學(xué)知識進(jìn)行綜合考查,也可以計(jì)算題的形式呈現(xiàn),難度中等。
考點(diǎn)一 動(dòng)量與沖量的理解[基礎(chǔ)自修類]
[題點(diǎn)全練]
1.[對動(dòng)量的理解]
下列關(guān)于動(dòng)量的說法正確的是( )
A.質(zhì)量大的物體動(dòng)量一定大
B.速度大的物體動(dòng)量一定大
C.兩物體動(dòng)能相等,動(dòng)量不一定相等
D.兩物體動(dòng)能相等,動(dòng)量一定相等
解析:選C 動(dòng)量等于運(yùn)動(dòng)物體質(zhì)量和速度的乘積,動(dòng)量大小與物體質(zhì)量、速度兩個(gè)因素有關(guān),A、B錯(cuò);由動(dòng)量大小和動(dòng)能的表達(dá)式得出p=,兩物體動(dòng)能相等,質(zhì)量關(guān)系不明確,動(dòng)量不一定相等,D錯(cuò),C對。
2.[對沖量的理解與大小比較]
如圖所示,豎直面內(nèi)有一個(gè)固定圓環(huán),MN是它在豎直方向上的直徑。兩根光滑滑軌MP、QN的端點(diǎn)都在圓周上,MP>QN。將兩個(gè)完全相同的小滑塊a、b分別從M、Q點(diǎn)無初速度釋放,在它們各自沿MP、QN運(yùn)動(dòng)到圓周上的過程中,下列說法中正確的是( )
A.合力對兩滑塊的沖量大小相同
B.重力對a滑塊的沖量較大
C.彈力對a滑塊的沖量較小
D.兩滑塊的動(dòng)量變化大小相同
解析:選C 這是“等時(shí)圓”,即兩滑塊同時(shí)到達(dá)滑軌底端。合力F=mgsin θ(θ為滑軌傾角),F(xiàn)a>Fb,因此合力對a滑塊的沖量較大,a滑塊的動(dòng)量變化也大;重力的沖量大小、方向都相同;彈力FN=mgcos θ,F(xiàn)Na<FNb,因此彈力對a滑塊的沖量較小。故C正確。
3.[動(dòng)量變化量的大小計(jì)算]
(多選)質(zhì)量為m的物體以初速度v0開始做平拋運(yùn)動(dòng),經(jīng)過時(shí)間t,下降的高度為h,速度變?yōu)関,在這段時(shí)間內(nèi)物體動(dòng)量變化量的大小為( )
A.m(v-v0) B.mgt
C.m D.m
解析:選BCD 由動(dòng)量定理可得,物體在時(shí)間t內(nèi)動(dòng)量變化量的大小為mgt,B正確;物體在平拋運(yùn)動(dòng)過程中速度變化量Δv沿豎直方向,其大小Δv=,由機(jī)械能守恒定律可得:mv02+mgh=mv2,所以=,故物體動(dòng)量變化量Δp=mΔv=m=m,選項(xiàng)C、D均正確,只有選項(xiàng)A錯(cuò)誤。
[名師微點(diǎn)]
1.動(dòng)能、動(dòng)量、動(dòng)量變化量的比較
動(dòng)能
動(dòng)量
動(dòng)量變化量
定義
物體由于運(yùn)動(dòng)而具有的能量
物體的質(zhì)量和速度的乘積
物體末動(dòng)量與初動(dòng)量的矢量差
定義式
Ek=mv2
p=mv
Δp=p′-p
標(biāo)矢性
標(biāo)量
矢量
矢量
特點(diǎn)
狀態(tài)量
狀態(tài)量
過程量
關(guān)聯(lián)方程
Ek=,Ek=pv,p=,p=
聯(lián)系
(1)都是相對量,與參考系的選取有關(guān),通常選取地面為參考系
(2)若物體的動(dòng)能發(fā)生變化,則動(dòng)量一定也發(fā)生變化;但動(dòng)量發(fā)生變化時(shí)動(dòng)能不一定發(fā)生變化
2.沖量的計(jì)算
(1)恒力的沖量:直接用定義式I=Ft計(jì)算。
(2)變力的沖量
①方向不變的變力的沖量,若力的大小隨時(shí)間均勻變化,即力為時(shí)間的一次函數(shù),則力F在某段時(shí)間t內(nèi)的沖量I=t,其中F1、F2為該段時(shí)間內(nèi)初、末兩時(shí)刻力的大小。
②作出Ft變化圖線,圖線與t軸所夾的面積即為變力的沖量。如圖所示。
③對于易確定始、末時(shí)刻動(dòng)量的情況,可用動(dòng)量定理求解,即通過求Δp間接求出沖量。
考點(diǎn)二 動(dòng)量定理的理解和應(yīng)用[師生共研類]
1.應(yīng)用動(dòng)量定理解釋的兩類物理現(xiàn)象
(1)當(dāng)物體的動(dòng)量變化量一定時(shí),力的作用時(shí)間Δt越短,力F就越大,力的作用時(shí)間Δt越長,力F就越小,如玻璃杯掉在水泥地上易碎,而掉在沙地上不易碎。
(2)當(dāng)作用力F一定時(shí),力的作用時(shí)間Δt越長,動(dòng)量變化量Δp越大,力的作用時(shí)間Δt越短,動(dòng)量變化量Δp越小。
2.應(yīng)用動(dòng)量定理解題的一般步驟
(1)確定研究對象。中學(xué)階段的動(dòng)量定理問題,其研究對象一般僅限于單個(gè)物體。
(2)對物體進(jìn)行受力分析??梢韵惹竺總€(gè)力的沖量,再求各力沖量的矢量和;或先求合力,再求其沖量。
(3)抓住過程的初、末狀態(tài),選好正方向,確定各動(dòng)量和沖量的正、負(fù)號。
(4)根據(jù)動(dòng)量定理列方程,如有必要還需要其他補(bǔ)充方程,最后代入數(shù)據(jù)求解。對過程較復(fù)雜的運(yùn)動(dòng),可分段用動(dòng)量定理,也可整個(gè)過程用動(dòng)量定理。
[典例] “蹦床”已成為奧運(yùn)會(huì)的比賽項(xiàng)目。質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員從床墊正上方h1高處自由落下,落墊后反彈的高度為h2,設(shè)運(yùn)動(dòng)員每次與床墊接觸的時(shí)間為t,求在運(yùn)動(dòng)員與床墊接觸的時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員對床墊的平均作用力。(空氣阻力不計(jì),重力加速度為g)
[解析] 設(shè)運(yùn)動(dòng)員下降h1剛接觸床墊的速度大小為v1,則離開床墊的速度大小為v2,由機(jī)械能守恒定律得
mv12=mgh1
mv22=mgh2
設(shè)時(shí)間t內(nèi),床墊對運(yùn)動(dòng)員的平均作用力為F,取向上為正方向,
由動(dòng)量定理得(F-mg)t=mv2-(-mv1)
以上三式聯(lián)立可得F=+mg
再由牛頓第三定律得,運(yùn)動(dòng)員對床墊的作用力為
F′=F=+mg,方向豎直向下。
[答案] +mg,方向豎直向下
[延伸思考]
(1)床墊對運(yùn)動(dòng)員的沖量是多少?
(2)如果運(yùn)動(dòng)員不是落在床墊上,而是落在水泥地面上,運(yùn)動(dòng)員所受的平均沖力表達(dá)式相同嗎?實(shí)際結(jié)果有區(qū)別嗎?
提示:(1)床墊對運(yùn)動(dòng)員的沖量I=Ft=m(+)+mgt。
(2)運(yùn)動(dòng)員所受的平均沖力表達(dá)式相同,但因落在水泥地面上時(shí),作用時(shí)間t明顯減小,故運(yùn)動(dòng)員所受平均沖力明顯增大,容易受到傷害。
例題及相關(guān)延伸思考旨在讓考生掌握應(yīng)用動(dòng)量定理的方法技巧和注意事項(xiàng)。
(1)對不涉及加速度和位移的力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系問題,應(yīng)用動(dòng)量定理不需要考慮運(yùn)動(dòng)過程的細(xì)節(jié),解題較為方便。
(2)在應(yīng)用動(dòng)量定理解題時(shí),需要表達(dá)物體(沿某方向)受到的合沖量,所以一定要對物體認(rèn)真進(jìn)行受力分析,不可有力的遺漏。
(3)當(dāng)合力遠(yuǎn)大于重力時(shí),可忽略重力的沖量。
(4)對于變力的沖量,往往通過動(dòng)量定理來計(jì)算。
(5)建立方程時(shí)要事先選定正方向,確定力與速度的正、負(fù)號。
[題點(diǎn)全練]
1.[應(yīng)用動(dòng)量定理解釋生活現(xiàn)象]
玻璃杯從同一高度落下,掉在石頭上比掉在草地上容易碎,這是由于在玻璃杯與石頭的撞擊過程中( )
A.玻璃杯的動(dòng)量較大 B.玻璃杯受到的沖量較大
C.玻璃杯的動(dòng)量變化較大 D.玻璃杯的動(dòng)量變化較快
解析:選D 從同一高度落到地面上時(shí),速度相同,動(dòng)量相同,與草地或石頭接觸后,末動(dòng)量均變?yōu)榱?,因此?dòng)量變化量相同。因?yàn)椴AПc石頭的作用時(shí)間短,由動(dòng)量定理Ft=mΔv知,此時(shí)玻璃杯受到的力F較大,即玻璃杯的動(dòng)量變化較快,容易碎,D正確。
2.[應(yīng)用動(dòng)量定理求變力的沖量]
如圖所示,一輕質(zhì)彈簧固定在墻上,一個(gè)質(zhì)量為m的木塊以速度v0從右側(cè)沿光滑水平面向左運(yùn)動(dòng)并與彈簧發(fā)生相互作用。設(shè)相互作用的過程中彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi),那么,在整個(gè)相互作用的過程中彈簧對木塊沖量I的大小和彈簧對木塊做的功W分別是( )
A.I=0,W=mv02 B.I=mv0,W=mv02
C.I=2mv0,W=0 D.I=2mv0,W=mv02
解析:選C 由能量守恒可知,木塊向右離開彈簧瞬間的速度也為v0,取向右為正方向,由動(dòng)量定理可得:I=mv0-(-mv0)=2mv0,由動(dòng)能定理可得:W=mv02-mv02=0,故選項(xiàng)C正確。
3.[應(yīng)用動(dòng)量定理計(jì)算平均力]
在水平地面的右端B處有一面墻,一小物塊放在水平地面上的A點(diǎn),質(zhì)量m=0.5 kg,AB間距離s=5 m,如圖所示。小物塊以初速度v0=8 m/s從A向B運(yùn)動(dòng),剛要與墻壁碰撞時(shí)的速度v1=7 m/s,碰撞后以速度v2=6 m/s反向彈回。重力加速度g取10 m/s2。求:
(1)小物塊從A向B運(yùn)動(dòng)過程中的加速度a的大?。?
(2)小物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ;
(3)若碰撞時(shí)間t=0.05 s,碰撞過程中墻面對小物塊平均作用力F的大小。
解析:(1)從A到B過程是勻減速直線運(yùn)動(dòng),根據(jù)速度位移公式,有:a== m/s2=-1.5 m/s2。
所以加速度的大小為1.5 m/s2。
(2)從A到B過程,由動(dòng)能定理,有:
-μmgs=mv12-mv02
代入數(shù)據(jù)解得:μ=0.15。
(3)對碰撞過程,規(guī)定向左為正方向,由動(dòng)量定理,有:
FΔt=mv2-m(-v1)
可得:F=130 N。
答案:(1)1.5 m/s2 (2)0.15 (3)130 N
“融會(huì)貫通”歸納好——巧用微元法結(jié)合動(dòng)量定理解決流體及微粒兩類“柱狀模型”問題
(一)流體類“柱狀模型”問題
流體及其特點(diǎn)
通常液體流、氣體流等被廣義地視為“流體”,質(zhì)量具有連續(xù)性,通常已知密度ρ
分析步驟
1
建立“柱狀模型”,沿流速v的方向選取一段柱形流體,其橫截面積為S
2
微元研究,作用時(shí)間Δt內(nèi)的一段柱形流體的長度為Δl,對應(yīng)的質(zhì)量為Δm=ρSvΔt
3
建立方程,應(yīng)用動(dòng)量定理研究這段柱狀流體
[例1] (2016·全國卷Ⅰ)某游樂園入口旁有一噴泉,噴出的水柱將一質(zhì)量為M的卡通玩具穩(wěn)定地懸停在空中。為計(jì)算方便起見,假設(shè)水柱從橫截面積為S的噴口持續(xù)以速度v0豎直向上噴出;玩具底部為平板(面積略大于S);水柱沖擊到玩具底板后,在豎直方向水的速度變?yōu)榱?,在水平方向朝四周均勻散開。忽略空氣阻力。已知水的密度為ρ,重力加速度大小為g。求
(1)噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量;
(2)玩具在空中懸停時(shí),其底面相對于噴口的高度。
[解析] (1)設(shè)Δt時(shí)間內(nèi),從噴口噴出的水的體積為ΔV,質(zhì)量為Δm,則
Δm=ρΔV ①
ΔV=v0SΔt ②
由①②式得,單位時(shí)間內(nèi)從噴口噴出的水的質(zhì)量為
=ρv0S。 ③
(2)設(shè)玩具懸停時(shí)其底面相對于噴口的高度為h,水從噴口噴出后到達(dá)玩具底面時(shí)的速度大小為v。對于Δt時(shí)間內(nèi)噴出的水,由能量守恒得
(Δm)v2+(Δm)gh=(Δm)v02 ④
在h高度處,Δt時(shí)間內(nèi)噴射到玩具底面的水沿豎直方向的動(dòng)量變化量的大小為
Δp=(Δm)v ⑤
設(shè)水對玩具的作用力的大小為F,根據(jù)動(dòng)量定理有
FΔt=Δp ⑥
由于玩具在空中懸停,由力的平衡條件得
F=Mg ⑦
聯(lián)立③④⑤⑥⑦式得
h=-。 ⑧
[答案] (1)ρv0S (2)-
(二)微粒類“柱狀模型”問題
微粒及
其特點(diǎn)
通常電子流、光子流、塵埃等被廣義地視為“微粒”,質(zhì)量具有獨(dú)立性,通常給出單位體積內(nèi)粒子數(shù)n
分析步驟
1
建立“柱狀模型”,沿運(yùn)動(dòng)的方向選取一段微元,柱體的橫截面積為S
2
微元研究,作用時(shí)間Δt內(nèi)一段柱形流體的長度為Δl,對應(yīng)的體積為ΔV=Sv0Δt,則微元內(nèi)的粒子數(shù)N=nv0SΔt
3
先應(yīng)用動(dòng)量定理研究單個(gè)粒子,建立方程,再乘以N計(jì)算
[例2] 宇宙飛船在飛行過程中有很多技術(shù)問題需要解決,其中之一就是當(dāng)飛船進(jìn)入宇宙微粒塵區(qū)時(shí)如何保持速度不變的問題。假設(shè)一宇宙飛船以v=2.0×103 m/s的速度進(jìn)入密度ρ=2.0×10-6 kg/m3的微粒塵區(qū),飛船垂直于運(yùn)動(dòng)方向上的最大截面積S=5 m2,且認(rèn)為微粒與飛船相碰后都附著在飛船上,則飛船要保持速度v不變,所需推力多大?
[解析] 設(shè)飛船在微粒塵區(qū)飛行Δt時(shí)間,則在這段時(shí)間內(nèi)附著在飛船上的微粒質(zhì)量Δm=ρSvΔt,
微粒由靜止到與飛船一起運(yùn)動(dòng),微粒的動(dòng)量增加,
由動(dòng)量定理Ft=Δp得FΔt=Δmv=ρSvΔtv,
所以飛船所需推力F=ρSv2=2.0×10-6×5×(2.0×103)2N=40 N。
[答案] 40 N
對于流體及微粒的動(dòng)量連續(xù)發(fā)生變化這類問題,關(guān)鍵是應(yīng)用微元法正確選取研究對象,即選取很短時(shí)間Δt內(nèi)動(dòng)量發(fā)生變化的那部分物質(zhì)作為研究對象,建立“柱狀模型”:研究對象分布在以S為截面積、長為vΔt的柱體內(nèi),質(zhì)量為Δm=ρSvΔt,分析它在Δt時(shí)間內(nèi)動(dòng)量的變化情況,再根據(jù)動(dòng)量定理求出有關(guān)的物理量?!?