【走向高考】2020年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 11-4隨機(jī)事件的概率、互斥事件的概率課后作業(yè) 北師大版
【走向高考】2020年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 11-4隨機(jī)事件的概率、互斥事件的概率課后作業(yè) 北師大版
一、選擇題
1.下列說(shuō)法:
①頻率反映事件發(fā)生的頻繁程度,概率反映事件發(fā)生的可能性大?。?
②做n次隨機(jī)試驗(yàn),事件A發(fā)生m次,則事件A發(fā)生的頻率就是事件的概率;
③百分率是頻率,但不是概率;
④頻率是不能脫離n次試驗(yàn)的試驗(yàn)值,而概率是具有確定性的不依賴于試驗(yàn)次數(shù)的理論值;
⑤頻率是概率的近似值,概率是頻率的穩(wěn)定值.
其中正確的是( )
A.①②③④ B.①④⑤
C.①②③④⑤ D.②③
[答案] B
[解析] 由概率與頻率的相關(guān)定義及聯(lián)系知①④⑤正確.
2.從裝有紅球和綠球的口袋中任取2個(gè)球(其中紅球和綠球都多于2個(gè)),那么互斥而不對(duì)立的事件是( )
A.至少有一個(gè)紅球;至少有一個(gè)綠球
B.恰有一個(gè)紅球;恰有兩個(gè)綠球
C.至少有一個(gè)紅球;都是紅球
D.至少有一個(gè)紅球;都是綠球
[答案] B
[解析] A中至少有一個(gè)紅球包括“一紅一綠”和“2個(gè)紅球”,而“至少有一個(gè)綠球”包括“一紅一綠”和“2個(gè)綠球”,兩事件相交后為“一紅一綠”不是空集,∴不是互斥事件.B中兩事件不會(huì)同時(shí)發(fā)生,且并起來(lái)不是必然事件,∴是互斥不對(duì)立事件.
C中“至少有一個(gè)紅球”包含“都是紅球”,
∴不是互斥事件.
D中“至少有一個(gè)紅球”與“都是綠球”是對(duì)立事件.
3.(文)從6名學(xué)生中選取4人參加數(shù)學(xué)競(jìng)賽,其中A同學(xué)被選中的概率為( )
A. B.
C. D.
[答案] D
[解析] 從6名學(xué)生中選4人,每人被選中的可能性都是=,∴P(A)=.∴選D.
(理)(2020·天津模擬)某班有60名學(xué)生,其中女生24人,現(xiàn)任選一人,則選中男生的概率為( )
A. B.
C. D.
[答案] D
[解析] 由題意知男生有60-24=36(人),故男生選中的概率為=.
4.在一個(gè)袋子里裝有分別標(biāo)注數(shù)字1,2,3,4,5的五個(gè)小球,這些小球除標(biāo)注數(shù)字外完全相同,現(xiàn)從中隨機(jī)取2個(gè)小球,則取出的小球標(biāo)注的數(shù)字之和為3或6的概率是( )
A. B.
C. D.
[答案] D
[解析] 隨機(jī)從袋子中取2個(gè)小球的基本事件為(1,2),(1,3),(1,4),(1,5),(2,3),(2,4),(2,5),(3,4),(3,5),(4,5)共有10種,其中數(shù)字之和為3或6的,有(1,2),(1,5),(2,4)3種,∴數(shù)字之和為3或6的概率為P=.
5.(2020·浙江文,8)從裝有3個(gè)紅球、2個(gè)白球的袋中任取3個(gè)球,則所取的3個(gè)球中至少有1個(gè)白球的概率是( )
A. B.
C. D.
[答案] D
[解析] 本題考查了概率中的古典概型.
設(shè)3個(gè)紅球分別為A1,A2,A3,2個(gè)白球分別為B1,B2
則本題中Ω={(A1,A2,A3),(A1,A2,B1),(A1,A3,B1),(A2,A3,B1),(A1,A2,B2),(A1,A3,B2),(A2,B3,B2),(A1,B1,B2),(A2,B1,B2),(A3,B1,B2)}共有10個(gè)基本事件,所以“所取3個(gè)球中至少有1個(gè)白球”與“所取3個(gè)球中一個(gè)白球也沒(méi)有”互為對(duì)立事件
∴P=1-=.
6.(文)口袋內(nèi)裝有一些大小相同的紅球、黃球、白球,從中摸出一個(gè)球,摸出紅球的概率為0.4,摸出黃球的概率為0.35,則摸出白球的概率是( )
A.0.2 B.0.3
C.0.25 D.0.5
[答案] C
[解析] 記事件A、B、C分別是為“摸出一球是紅球”,“摸出一球是黃球”,“摸出一球是白球”,由已知得事件A、B、C互斥,且事件A∪B∪C是必然事件,∴P(A∪B∪C)=P(A)+P(B)+P(C)=1,
∴P(C)=1-0.4-0.356=0.25.
(理)12個(gè)籃球隊(duì)中有3個(gè)強(qiáng)隊(duì),將這12個(gè)隊(duì)任意分成3個(gè)組(每組4個(gè)隊(duì)),則3個(gè)強(qiáng)隊(duì)恰好被分在同一組的概率為( )
A. B.
C. D.
[答案] B
[解析] 考查概率問(wèn)題,本題涉及到平均分組問(wèn)題,注意求法.
所求概率為P==×=.
二、填空題
7.甲、乙兩人下棋,甲獲勝的概率為0.3,兩人下成和棋的概率為0.5,那么甲不輸?shù)母怕适莀_______.
[答案] 0.8
[解析] “甲獲勝”記為事件A,“兩人下成和棋”記為事件B,則易知A與B互斥,所以甲不輸?shù)母怕蕿镻(A∪B)=P(A)+P(B)=0.3+0.5=0.8.
8.(文)中國(guó)乒乓球隊(duì)甲、乙兩名隊(duì)員參加奧運(yùn)會(huì)乒乓球女子單打比賽,甲奪得冠軍的概率為,乙?jiàn)Z得冠軍的概率為,那么中國(guó)隊(duì)奪得女子乒乓球單打冠軍的概率為_(kāi)_______.
[答案]
[解析] 設(shè)事件A為“甲奪得冠軍”,事件B為“乙?jiàn)Z得冠軍”,則P(A)=,P(B)=,因?yàn)槭录嗀和事件B是互斥事件,∴P(A∪B)=P(A)+P(B)=+=.
(理)在10枝鉛筆中,有8枝正品和2枝次品,從中不放回地任取2枝,至少取到1枝次品的概率是________.
[答案]
[解析] 方法一(直接法):“至少取到1枝次品”包括:A=“第一次取次品,第二次取到正品”;B=“第一次取正品,第二次取到次品”;C=“第一、二次均取到次品”三種互斥事件,所以所求事件的概率為P(A)+P(B)+P(C)==.
方法二(間接法):“至少取到1枝次品”的對(duì)立事件為“取到的2枝鉛筆均為正品”,所以所求事件的概率為1-=.
三、解答題
9.袋中裝有6個(gè)球,其中4個(gè)白球,2個(gè)紅球,從袋中任意取出2球,求下列事件的概率:
(1)A:取出的2球都是白球.
(2)B:取出的2球1個(gè)是白球,另1個(gè)是紅球.
[分析] 要先計(jì)算出從6個(gè)球中任取2個(gè)球的基本事件總數(shù),可以用列舉法.
[解析] 設(shè)4個(gè)白球的編號(hào)為1、2、3、4,2個(gè)紅球的編號(hào)為5、6.從袋中6個(gè)小球中任取2個(gè),其基本事件空間Ω={(1,2),(1,3),(1,4),(1,5),(1,6),(2,3),(2,4),(2,5),(2,6),(3,4),(3,5),(3,6),(4,5),(4,6),(5,6)}共15個(gè)基本事件.
(1)從袋中的6個(gè)小球中任取2個(gè),所取的2球全是白球的方法總數(shù),即是從4個(gè)白球中任取2個(gè)的方法總數(shù),共有6種,即A={(1,2),(1,3),(1,4),(2,3),(2,4),(3,4)},所以P(A)==.
(2)從袋中的6個(gè)小球中任取2個(gè),其中1個(gè)是紅球,而另1個(gè)是白球,則B={(1,5),(1,6),(2,5),(2,6),(3,5),(3,6),(4,5),(4,6)},共8個(gè)基本事件.
所以P(B)=.
[點(diǎn)評(píng)] 在古典概型條件下,當(dāng)基本事件總數(shù)為n時(shí),每一個(gè)基本事件發(fā)生的概率均為,要求事件A的概率,關(guān)鍵是求出基本事件總數(shù)n和事件A中所含基本事件數(shù)m,再由古典概型概率公式P(A)=求出事件A的概率.
一、選擇題
1.(文)
荷花池中,有一只青蛙在成“品”字形的三片荷葉上跳來(lái)跳去(每次跳躍時(shí),均從一葉跳到另一葉),而且逆時(shí)針?lè)较蛱母怕适琼槙r(shí)針?lè)较蛱母怕实膬杀叮鐖D,假設(shè)現(xiàn)在青蛙在A葉上,則順時(shí)針跳動(dòng)一次停在C葉上的概率是( )
A. B.
C. D.
[答案] A
[解析] 設(shè)青蛙按順時(shí)針?lè)较蛱母怕蕿镻1,按逆時(shí)針?lè)较蛱母怕蕿镻2,則有P2=2P1,P1+P2=1,∴P1=,P2=,則順時(shí)針跳動(dòng)一次停在C葉上的概率為P1=.
(理)m∈{-2,-1,0,1,2,3},n∈{-3,-2,-1,0,1,2},且方程+=1有意義,則方程+=1可表示不同的雙曲線的概率為( )
A. B.1
C. D.
[答案] D
[解析] 由題設(shè)知或,
1°時(shí)有不同取法3×3=9種.
2°時(shí)有不同取法2×2=4種,
∴所求概率P==.
2.(文)先后拋擲兩枚均勻的正方體骰子(它們的六個(gè)面分別標(biāo)有點(diǎn)數(shù)1,2,3,4,5,6),骰子朝上的面的點(diǎn)數(shù)分別為x,y,則log2xy=1的概率為( )
A. B.
C. D.
[答案] C
[解析] log2xy=1?y=2x,x∈{1,2,3,4,5,6},y∈{1,2,3,4,5,6},∴x=1,y=2或x=2,y=4或x=3,y=6共3種情況,基本事件為(1,1),(1,2),…,(1,6),(2,1),(2,2),…,(6,6)共36種情況,
∴P==.
(理)從-1、0、1、2這四個(gè)數(shù)中選出三個(gè)不同的數(shù)作為函數(shù)f(x)=ax2+bx+c的系數(shù)組成不同的二次函數(shù),其中的二次函數(shù)有變號(hào)零點(diǎn)的概率為( )
A. B.
C. D.
[答案] A
[解析] 首先取a,∵a≠0,∴a的取法有3種,再取b,b的取法有3種,最后取c,c的取法有2種,
∴共組成不同的二次函數(shù)3×3×2=18個(gè).
f(x)若有變號(hào)零點(diǎn),不論a>0還是a<0,均應(yīng)有Δ>0,即b2-4ac>0,∴b2>4ac.
①首先b取0時(shí),a、c須異號(hào),a=-1,則c有2種,a取1或2,則c只能取-1,∴共有4種.
②b=1時(shí),若c=0,則a有2種,若c=-1,a只能取2.
若c=2,則a=-1,共有4種.
③若b=-1,則c只能取0,有2種.
④若b=2,取a有2種,取c有2種,共有2×2=4種.
綜上,滿足b2>4ac的取法有4+4+2+4=14種,
∴所求概率P==.
二、填空題
3.(文)某戰(zhàn)士射擊1次,未中靶的概率是0.05,中靶環(huán)數(shù)大于5的概率為0.7,則中靶環(huán)數(shù)大于0且小于5的概率為_(kāi)_______.
[答案] 0.25
[解析] 設(shè)事件A為“中靶環(huán)數(shù)大于0且小于5”,其對(duì)立事件是“未中靶或中靶環(huán)數(shù)大于5”.
∴P(A)=1-(0.05+0.7)=1-0.75=0.25.
∴中靶環(huán)數(shù)大于0且小于5的概率是0.25.
(理)甲、乙兩顆衛(wèi)星同時(shí)監(jiān)測(cè)臺(tái)風(fēng),在同一時(shí)刻,甲、乙兩顆衛(wèi)星準(zhǔn)確預(yù)報(bào)臺(tái)風(fēng)的概率分別為0.8和0.75,則在同一時(shí)刻至少有一顆衛(wèi)星預(yù)報(bào)準(zhǔn)確的概率為_(kāi)_______.
[答案] 0.95
[解析] 由對(duì)立事件的性質(zhì)知,在同一時(shí)刻至少有一顆衛(wèi)星預(yù)報(bào)準(zhǔn)確的概率為1-(1-0.8)(1-0.75)=0.95.
4.(文)從長(zhǎng)度分別為2、3、4、5的四條線段中任意取出三條,則以這三條線段為邊可以構(gòu)成三角形的概率是________.
[答案]
[解析] 從四條線段中任取三條的所有情況有:(2,3,4),(2,4,5),(2,3,5),(3,4,5).其中能構(gòu)成三角形的有(2,3,4),(2,4,5)和(3,4,5),所以P=.
(理)(2020·湖北理,12)在30瓶飲料中,有3瓶已過(guò)了保質(zhì)期.從這30瓶飲料中任取2瓶,則至少取到1瓶已過(guò)保質(zhì)期飲料的概率為_(kāi)_______.(結(jié)果用最簡(jiǎn)分?jǐn)?shù)表示)
[答案]
[解析] 本題考查古典概型的概率計(jì)算及互斥、對(duì)立事件的概率分式.
法一:至少取到1瓶分為恰好取到1瓶和恰好取到2瓶.
∴P=+=
法二:“至少取到一瓶”的對(duì)立事件為“兩瓶都未過(guò)保質(zhì)期”.
∴P=1-=1-=.
三、解答題
5.(文)(2020·湖南文,18)某河流上的一座水力發(fā)電站,每年六月份的發(fā)電量Y(單位:萬(wàn)千瓦時(shí))與該河上游在六月份的降雨量X(單位:毫米)有關(guān).據(jù)統(tǒng)計(jì),當(dāng)X=70時(shí),Y=460;X每增加10,Y增加5.已知近20年X的值為:140,110,160,70,200,160,140,160,220,200,110,160,160,200,140,110,160,220,140,160.
(1)完成如下的頻率分布表:
近20年六月份降雨量頻率分布表
降雨量
70
110
140
160
200
220
頻率
(2)假定今年六月份的降雨量與近20年六月份降雨量的分布規(guī)律相同,并將頻率視為概率,求今年六月份該水力發(fā)電站的發(fā)電量低于490(萬(wàn)千瓦時(shí))或超過(guò)530(萬(wàn)千瓦時(shí))的概率.
[解析] (1)在所給數(shù)據(jù)中,降雨量為110毫米的有3個(gè),為160毫米的有7個(gè),為200毫米的有3個(gè).故近20年六月份降雨量頻率分布表為
降雨量
70
110
140
160
200
220
頻率
(2)P(“發(fā)電量低于490萬(wàn)千瓦時(shí)或超過(guò)530萬(wàn)千瓦時(shí)”)
=P(Y<490或Y>530)
=P(X<130或X>210)
=P(X=70)+P(X=110)+P(X=220)
=++=.
故今年六月份該水力發(fā)電站的發(fā)電量低于490(萬(wàn)千瓦時(shí))或越過(guò)530(萬(wàn)千瓦時(shí))的概率為.
(理)(2020·全國(guó)大綱文,19)根據(jù)以往統(tǒng)計(jì)資料,某地車主購(gòu)買甲種保險(xiǎn)的概率為0.5,購(gòu)買乙種保險(xiǎn)但不購(gòu)買甲種保險(xiǎn)的概率為0.3,設(shè)各車主購(gòu)買保險(xiǎn)相互獨(dú)立.
(1)求該地1位車主至少購(gòu)買甲、乙兩種保險(xiǎn)中的1種的概率;
(2)求該地的3位車主中恰有1位車主甲、乙兩種保險(xiǎn)都不購(gòu)買的概率.
[解析] 設(shè)車主購(gòu)買甲種保險(xiǎn)為事件A,購(gòu)買乙種保險(xiǎn)但不購(gòu)買甲種保險(xiǎn)為事件B,則
P(A)=0.5,P(B)=0.3
(1)該地1位車主至少購(gòu)買甲、乙兩種保險(xiǎn)中的1種為事件A∪B,∴A,B互斥
∴P(A∪B)=P(A)+P(B)=0.5+0.3=0.8
即該地1位車主至少購(gòu)買甲、乙兩種保險(xiǎn)中的1種的概率為0.8.
(2)兩種保險(xiǎn)都不買為事件
∴P()=1-P(A∪B)=1-0.8=0.2
3位車主中恰有1位車主甲、乙兩種保險(xiǎn)都不購(gòu)買的概率為P=C×(0.2)×(0.8)2=0.384.
6.(文)拋擲一枚骰子,事件A表示“朝上一面的點(diǎn)數(shù)是奇數(shù)”,事件B表示“朝上一面的點(diǎn)數(shù)不超過(guò)2”.
求:(1)P(A);(2)P(B);(3)P(A∪B).
[解析] 基本事件總數(shù)為6個(gè).
(1)事件A包括出現(xiàn)1,3,5三個(gè)基本事件,
∴P(A)==.
(2)事件B包括出現(xiàn)1,2兩個(gè)基本事件.
∴P(B)==.
(3)事件A∪B包括出現(xiàn)1,2,3,5四個(gè)基本事件,
∴P(A∪B)==.
(理)(2020·天津武清一模)從1、2、3、4、5、8、9這7個(gè)數(shù)中任取三個(gè)數(shù),共有35種不同的取法(兩種取法不同,指的是一種取法中至少有一個(gè)數(shù)與另一種取法中的三個(gè)數(shù)都不相同).
(1)求取出的三個(gè)數(shù)能夠組成等比數(shù)列的概率;
(2)求取出的三個(gè)數(shù)的乘積能被2整除的概率.
[解析] (1)從1、2、3、4、5、8、9這7個(gè)數(shù)中任取三個(gè)數(shù),每一種不同的取法為一個(gè)基本事件,由題意可知共有35個(gè)基本事件.設(shè)取出的三個(gè)數(shù)組成等比數(shù)列的事件為A,A包含(1,2,4)、(2,4,8)、(1,3,9)共3個(gè)基本事件.
由于每個(gè)基本事件出現(xiàn)的可能性相等,所以P(A)=.
(2)設(shè)取出的三個(gè)數(shù)的乘積能被2整除的事件為B,其對(duì)立事件為C,C包含(1,3,5),(1,3,9),(1,5,9),(3,5,9)共4個(gè)基本事件.
由于每個(gè)基本事件出現(xiàn)的可能性相等,所以P(C)=.
所以P(B)=1-P(C)=1-=.
7.(文)(2020·福建文)設(shè)平面向量am=(m,1),bn=(2,n),其中m,n∈{1,2,3,4}.
(1)請(qǐng)列出有序數(shù)組(m,n)的所有可能結(jié)果;
(2)記“使得am⊥(am-bn)成立的(m,n)”為事件A,求事件A發(fā)生的概率.
[分析] 本小題主要考查概率,平面向量等基礎(chǔ)知識(shí),考查運(yùn)算求解能力,應(yīng)用意識(shí),考查化歸與轉(zhuǎn)化思想,必然與或然思想.
[解析] (1)有序數(shù)組(m,n)的所有可能結(jié)果為:
(1,1)(1,2)(1,3)(1,4)(2,1)(2,2)(2,3)(2,4)(3,1)(3,2),(3,3)(3,4)(4,1)(4,2)(4,3)(4,4)共16個(gè).
(2)由am⊥(am-bn)得m2-2m+1-n=0,即n=(m-1)2
由于m,n∈{1,2,3,4},故事件A包含的基本事件為(2,1)(3,4),共2個(gè).又基本事件的總數(shù)為16,故所求的概率為P(A)==.
(理)將一顆骰子先后拋擲兩次,得到的點(diǎn)數(shù)分別記為a、b.
(1)求點(diǎn)P(a,b)落在區(qū)域內(nèi)的概率;
(2)求直線ax+by+5=0與圓x2+y2=1不相切的概率.
[解析] (1)先后兩次拋擲一枚骰子,將得到的點(diǎn)數(shù)分別記為a,b,則事件總數(shù)為6×6=36.
∵表示的平面區(qū)域如圖所示:
當(dāng)a=1時(shí),b=1,2,3,4
a=2時(shí),b=1,2,3
a=3時(shí),b=1,2
a=4時(shí),b=1
共有(1,1)(1,2)……(4,1)10種情況.
∴P==.
(2)∵直線ax+by+5=0與圓x2+y2=1相切的充要條件是=1,即a2+b2=25,
∵a、b∈{1,2,3,4,5,6}
滿足條件的情況只有:a=3,b=4或a=4,b=3兩種情況,
∴直線與圓相切的概率P==.
∴直線ax+by+5=0與圓x2+y2=1不相切的概率P=1-=.