電磁場與電磁波課后答案(楊儒貴第二版)-2
靜電場
第二章
重點(diǎn)和難點(diǎn)
1
#
電場強(qiáng)度及電場線等概念容易接受,重點(diǎn)講解如何由物理學(xué)中積分形式的靜電場方程導(dǎo)出微分 形式的靜電場方程,即散度方程和旋度方程,并強(qiáng)調(diào)微分形式的場方程描述的是靜電場的微分特性 或稱為點(diǎn)特性。
利用亥姆霍茲定理,直接導(dǎo)出真空中電場強(qiáng)度與電荷之間的關(guān)系。通過書中列舉的4個(gè)例子, 總結(jié)歸納出根據(jù)電荷分布計(jì)算電場強(qiáng)度的三種方法。
至于媒質(zhì)的介電特性,應(yīng)著重說明均勻和非均勻、線性與非線性、各向同性與各向異性等概念。 講解介質(zhì)中靜電場方程時(shí),應(yīng)強(qiáng)調(diào)電通密度僅與自由電荷有關(guān)。介紹邊界條件時(shí),應(yīng)說明僅可依據(jù) 積分形式的靜電場方程,由于邊界上場量不連續(xù),因而微分形式的場方程不成立。
關(guān)于靜電場的能量與力,應(yīng)總結(jié)出計(jì)算能量的三種方法,指出電場能量不符合迭加原理。介紹利用 虛位移的概念計(jì)算電場力,常電荷系統(tǒng)和常電位系統(tǒng),以及廣義力和廣義坐標(biāo)等概念。至于電容和 部分電容一節(jié)可以從簡。
重要公式
真空中靜電場方程:
積分形式:::E d S = — : E d I 二 0
3 s . 3 I
耳o
P
微分形式:I E E = 0
已知電荷分布求解電場強(qiáng)度:
1 P( r )
1,E (r — r) ; 「(r) = . ( ) dV
4瓏。LV | r —r |
■3
3,
E
高斯定律
q
介質(zhì)中靜電場方程:
積分形式:D dS = q - E dI = 0
S L I
線性均勻各向同性介質(zhì)中靜電場方程:
q
積分形式:* E dS E dI = 0
」
p
微分形式:I .E二一 、E =0
3
靜電場邊界條件:
1, E1t = E2t。對于兩種各向同性的線性介質(zhì),則
Dit D 2t
>1 ;2
2, D2n - D1rl =蔦。在兩種介質(zhì)形成的邊界上,則
1n
2n
對于兩種各向同性的線性介質(zhì),則
-1 E 1 n 二-2 E 2n
3,介質(zhì)與導(dǎo)體的邊界條件:
en E =0 ; en D =九
若導(dǎo)體周圍是各向同性的線性介質(zhì),則
靜電場的能量:
孤立帶電體的能量
2
1 Q 1不
:We Q
C
離散帶電體的能量
n
:We 八-: <Qi
i 2
分布電荷的能量:
1 1 1
We dV s d S i dl
V 2 比2 勺2
3
對于各向同性的線性介質(zhì),則
We
靜電場的能量密度:
1
W e = — D E
2
#
#
電場力:
2-1
庫侖定律:F
常電荷系統(tǒng):
常電位系統(tǒng):
qq
4 二;r1 2 3 er
dWe
dl
q嘗數(shù)
F dWe
dl
若真空中相距為d的兩個(gè)電荷
qi及q2的電量分別為q及4q,
當(dāng)點(diǎn)電荷q ■位于qi及q2的連線
#
#
2-2 已知真空中有三個(gè)點(diǎn)電
q1 =1C, P (0,0,1)
q2 =1C, P2 (1,0,1) q3 - 4C , P3 (0,1,0)
試求位于P(0, -1,0)點(diǎn)的電場強(qiáng)
解 令「,「2 ,「3分別為三個(gè)電電
則「_, - ?、2 , 「2 - 3 , 「3=2。
利用點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式E
習(xí)題圖2-2
q
2 er ,
4, ; o「
荷,其電量及位置分別為:
度。
荷的位置P , P2, P3到P點(diǎn)的距離,
其中er為點(diǎn)電荷q指向場點(diǎn)P的單位矢量。
上時(shí),系統(tǒng)處于平衡狀態(tài),試求q ■的大小及位置。
解 要使系統(tǒng)處于平衡狀態(tài),點(diǎn)電荷q ?受到點(diǎn)電荷qi及q2的力應(yīng)該大小相等,方向相反,即
F q,< = F q2q ?。那么,由 2 2 =「2 = 可見點(diǎn)電荷q ■可以任意,但應(yīng)位于點(diǎn)電荷q1和q2的連線上,且與點(diǎn)電荷q1相距—d。
「1,同時(shí)考慮到「「「2=0 ,求得
4疇 04 4疇0「2
1 2
「1 二一d, 「2 二 _d
3 3
#
qi在
P點(diǎn)的場強(qiáng)大小為
q2在
P點(diǎn)的場強(qiáng)大小為
qs在
P點(diǎn)的場強(qiáng)大小為
E3
q1
1
2
4二;0r1
— ?
8 二;0
q2
1
2
4 二;0「2
12 二;0
q3
1
E
2
方向?yàn)閑ri =.
Ei
2
4 二;0「3
4二;0
,方向?yàn)閑r 2
_ 2 ey "Z O
1
——ex ey ez 。 .3
方向?yàn)?
e r3 = —e y
貝y P點(diǎn)的合成電場強(qiáng)度為
二;0
1
1 1
+ 尸+
12 \3 4
1
12 \3
1
12^3 丿
ey +
2-3直接利用式(2-2-1 4)計(jì)算電偶極子的電場強(qiáng)度。 解 令點(diǎn)電荷「q位于坐標(biāo)原點(diǎn),r為點(diǎn)電荷「q至場點(diǎn)
P的距離。再令點(diǎn)電荷位于+ z坐標(biāo)軸上,
r1為點(diǎn)電荷 q至場點(diǎn)P的距離。兩個(gè)點(diǎn)電荷相距為丨,
場點(diǎn)P的坐標(biāo)為(r,二,巧。
根據(jù)疊加原理,電偶極子在場點(diǎn)P產(chǎn)生的電場為
q
4二;0
r r1
3—3
r r1丿
考慮至U r >> l, e r = er,
那么上式變?yōu)?
式中
q
4二;0
2
A -r
2 2
r A
q
4二;0
(「1
^2 、 2
l — 2rl
COS 71
2
l .
COS J
r r
以一為變量,并將1
r
2
l
+ —
2 r
l
-2 cos V
r
1
2
在零點(diǎn)作泰勒展開。由于l :::::: r ,略去咼階項(xiàng)后,得
5
#
A
「1
利用球坐標(biāo)系中的散度計(jì)算公式,求出電場強(qiáng)度為
2-4已知真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷的電量均為2 10 C ,
的電位;②
至P點(diǎn)時(shí), …—
相距為2cm , 如習(xí)題圖2-4所示。試求:①P點(diǎn) 將電量為2 10 C的點(diǎn)電荷由無限遠(yuǎn)處緩慢地移 外力必須作的功。
護(hù)+丄
cos B i -
-V
Ml
—1
1 V r2
丿
丿一
q
4 二
ql cos v ql sin v 二丁 er
#
#
習(xí)題圖2-4
#
解根據(jù)疊加原理,P點(diǎn)的合成電位為
二 2
4 二; r
6
= 2.5 10 V
因此,將電量為2 10 -C的點(diǎn)電荷由無限遠(yuǎn)處緩慢地移到P點(diǎn),外力必須做的功為W二q=5J
2-5 通過電位計(jì)算有限長線電荷 的電場強(qiáng)度。
解 建立圓柱坐標(biāo)系。令先電 荷沿z軸放置,由于結(jié)構(gòu)以z軸對 令場點(diǎn)位于yz平面。
設(shè)線電荷的長度為L,密度為
譏,線電荷的中點(diǎn)位于坐標(biāo)原
點(diǎn),場點(diǎn)P的坐標(biāo)為r — z |<
J 2 丿
利用電位疊加原理,求得場點(diǎn)
P的電位為
稱,場強(qiáng)與??無關(guān)。為了簡單起見,
習(xí)題圖2-5
4二;0
L
2
#
#
式中ro = z
#
#
=-———\n
.z-\2 r2
#
#
亠n
4二;0
zid
2
4 心 0 .z
(L彳
z +— I +r
< 2丿
可知電場強(qiáng)度的z分量為
砂
Ez
:z
#
1 1
7
1 1
4 二;r
4 二;or
z+「2
2
r2
sin 七一sin 力
電場強(qiáng)度的r分量為
Er =
—n
4 二;o
「I
(z-L/叮丿
z L2 r2
2丿
4 二;0 ::r
,z -L 2 2 - r2
4 二;or
1 z + L/2 + (z + L 2 f + r 2 j
-L 2 + \(z- L 2 f + r 2
L2 、1
#
式中
i)1 -cos R ]? I1 -COS 二2
4 二;or
1 cos 片
4 - ;r
r
=ar cta n —
L
z -
2
4 = ar ct an—r ,那么,合成電強(qiáng)為
L
z -—
2
「sin
4 二;0r
-sin 耳 e z - cos v2 - cos
0,
n )二,則合成電場強(qiáng)度為
Pl
1
4兀呂0「
1+ I
tan 01
1…;
Jan厲 tan印丿
9
#
e
e r
2二;0r
可見
這些結(jié)果與教材2-2節(jié)例4完全相同。
2-6
已知分布在半徑為a的半圓周上的電荷線密度
:?I =幾Sin 0 _ ? _二,試求圓心處的電場強(qiáng)
習(xí)題圖2-6所示。
習(xí)題圖2-6
兩個(gè)分量E x和E y。
標(biāo),令線電荷位于xy平面,且以y軸為對稱,如 那么,點(diǎn)電荷Adi在圓心處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度具有 由于電荷分布以y軸為對稱,因此,僅需考慮電場
#
強(qiáng)度的E y分量,即
d E =d Ey f in
4鹿a
-:o
考慮到d |二a d =幾二T0 sin ■-,代入上式求得合成電場強(qiáng)度為
sin 2 d = e
4 二;o a 8 冷 a
2-7已知真空中半徑為a的圓環(huán)上均勻地分布的線電荷密度為 幾,試求通過圓心的軸線上任一點(diǎn)的 電位及電場強(qiáng)度。
#
#
解 建立直角
那么,點(diǎn)電荷
根據(jù)疊加原理,
習(xí)題圖
2-7
坐標(biāo),令圓環(huán)位于坐標(biāo)原點(diǎn),如習(xí)題圖2- 7所示。
Adi在z軸上P點(diǎn)產(chǎn)生的電位為
^dl
4二;or
圓環(huán)線電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的合成電位為
#
1
4 二;
2 Jdl )r
#
#
因電場強(qiáng)度E =,
則圓環(huán)線電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為
#
#
(a)
設(shè)寬度為W,面密度為匚的帶狀電荷位
空中, 空間任一點(diǎn)的電場強(qiáng)度。
(b)
習(xí)題圖2-8
11
解 建立直角坐標(biāo),且令帶狀電荷位于XZ平面內(nèi),如習(xí)題圖2-8所示。帶狀電荷可劃分為很多條寬 度為dx?的無限長線電荷,其線密度為;?sdx o那么,該無限長線電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度與坐標(biāo)變量z
無關(guān),即
Ps d x"
d E - er
2 二;o r
式中
r =yj(x-xt) +y2
x - x y 1 .
er =ex . ey = bx X _x - ey y
r r r
Psdx, r
dE - 2 廠]bx x _x e y
2袈o [x _x ") + y 】
w ■
那么 E =■化 ]bx x—x:ey y 1
勺 2二 Jx - x !亠 y J
二ex Lln
4 二;o
. _ P-
ey 2 二;。
arcta n
w
x - 一
2
arcta n
y
w x
2
y
2-9 已知均勻分布的帶電圓盤半徑為a,面電荷密度 為 二,位于z = 0平面,且盤心與原點(diǎn)重合,試求圓盤
軸線上任一點(diǎn)電場強(qiáng)度E。
解女口圖 2-9
環(huán),該圓環(huán)具
習(xí)題圖2-9
y
所示,在圓盤上取一半徑為r,寬度為d r的圓
有的電荷量為d q = 2二r d r匚。由于對稱性,該圓
環(huán)電荷在z軸上任一點(diǎn)P產(chǎn)生的電場強(qiáng)度僅的r有z分量。根據(jù)習(xí)題2-7結(jié)果,獲知該圓環(huán)電荷在P 產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的z分量為
zr d r
f 2 亠 2
2 ;。 r - z
#
#
那么,整個(gè)圓盤電荷在P產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為
#
Ps
E = e z ■
2 ;o
zr d r
2 -r
2 ;o
z
2-10 已知電荷密度為;-S及一亠的兩塊無限大面電荷分別位于x = 0及x = 1平面,試求x . 1, 0 ::: x ::: 1 及x ::: 0區(qū)域中的電場強(qiáng)度。
場強(qiáng)度
解 無限大平面電荷產(chǎn)生的場強(qiáng)分布一定是均勻的,其電場方向垂直于無限大平面,且分別指向兩側(cè)。 因此,位于x = 0平面內(nèi)的無限大面電荷;?S,在x < 0區(qū)域中產(chǎn)生的電場強(qiáng)度E「- _e x E1,在x > 0 區(qū)域中產(chǎn)生的電場強(qiáng)度E ;卜=:e x E’。位于x = 1平面內(nèi)的無限大面電荷,在x < 1區(qū)域中產(chǎn)生的電
E 2 =e xE2,在x > 1區(qū)域中產(chǎn)生的電場強(qiáng)度E 2 - -e x E2。
電場強(qiáng)度法向邊界條件獲知,
-0 匕1 一 「0 匕1 二
?s
x -0
;0 E2_ - ;0 E2 - - ;?s
x -0
x -0
-;0E2 - ;0E2 =_:s
x-1
由此求得
E!
E2
?s
2 ;0
根據(jù)疊加定理,
各區(qū)域中的電場強(qiáng)度應(yīng)為
=E 1 E 2 = _e x E1 ex E 2 - 0,
x ::: 0
二 E / E 2 二 e W e2
0 :: x ::: 1
13
;q
E =E 1 E 2_ = e x E1 - e x E 2 =0, x、1
2-11 若在球坐標(biāo)系中,電荷分布函數(shù)為
‘0, Ocrea
『=10 , a :: r < b
0, r b
試求 0 ::: r ::: a, a ::: r
:::b及r b區(qū)域中的電通密度D。
#
#
解 作一個(gè)半徑為r的球面為高斯面,由對稱性可知
q
D d s = q =■ D 2 er
s 4 二 r
式中q為閉合面S包圍的電荷。那么
在0 ::: r ::: a區(qū)域中,由于q = 0 ,因此D = 0。
在a ::: r ::: b區(qū)域中,閉合面S包圍的電荷量為
q dv =10 占 4?:、dr3—a3
#
#
因此,
10
-6
r3
3
-a
2
#
r - a
r ::: a
在
r . b區(qū)域中,閉合面S包圍的電荷量為 6 ^4 3 3
q dv=10— b—a
v 3
因此,
6^3 3 ,
10 一 -a )
D 2 er
3 r
2-12
若帶電球的內(nèi)外區(qū)域中的電場強(qiáng)度為
#
#
試求球內(nèi)外各點(diǎn)的電位。
解在r ::: a區(qū)域中,電位為
‘ C a co q ’ 2 2 q
■ ■■■ ir E d r E d r 亠 | E d r a — r
r r 2a a
q
在r . a區(qū)域中,r E d r
丿 r
2-13 已知圓球坐標(biāo)系中空間電場分布函數(shù)為
r3, E =e川 a5
2 ,
試求空間的電荷密度。
P
解 利用高斯定理的微分形式I?E ,得知在球坐標(biāo)系中
1 d - 2
,r「「E「盲旦 r2Er
r d r
那么,在r _a區(qū)域中電荷密度為
Ml 1 d 丿 5、 2
Jr 二; 2 r 5 ;r
r d r
在r亠a區(qū)域中電荷密度為
「= ;0-r— a5 =0
r d r
2-14 已知真空中的電荷分布函數(shù)為
r2 , 0蘭r蘭a
P(r) = *
0, r > a
式中r為球坐標(biāo)系中的半徑,試求空間各點(diǎn)的電場強(qiáng)度。
解 由于電荷分布具有球?qū)ΨQ性,取球面為高斯面,那么根據(jù)高斯定理
#
15
2
E4「:r
q
#
1 4 5
E = e r 2 r
4「丁 5
在r .a區(qū)域中
q =」r dv
5
■:-.a
1
5r
#
2-15 已知空間電場強(qiáng)度E =3ex 4ey _5ez,試求(0,0,0 )與(1,1,2 )兩點(diǎn)間的電位差。
解 設(shè)P1點(diǎn)的坐標(biāo)為(0,0,0, ) , P 2點(diǎn)的坐標(biāo)為(1,1,2,),那么,兩點(diǎn)間的電位差為
P2
V = j E d l
式中 E =3 ex 4 ey - 5 ez, d I 二 ex dx ey dy ez dz,因此電位差為
V = ( J 3 d x?4dy—5dz --3V
2-16 已知同軸圓柱電容器的內(nèi)導(dǎo)體半徑為a,外導(dǎo)體的內(nèi)半徑為b。若填充介質(zhì)的相對介電常數(shù) ;r =2。試求在外導(dǎo)體尺寸不變的情況下,為了獲得最高耐壓,內(nèi)外導(dǎo)體半徑之比。
已知若同軸線單位長度內(nèi)的電荷量為
q1,
則同軸線內(nèi)電場強(qiáng)度E二
q1
2 .工 r
er
為了使同軸線獲得最
#
高耐壓,應(yīng)在保持內(nèi)外導(dǎo)體之間的電位差V不變的情況下,使同軸線內(nèi)最大的電場強(qiáng)度達(dá)到最小值, 即應(yīng)使內(nèi)導(dǎo)體表面r =a處的電場強(qiáng)度達(dá)到最小值。因?yàn)橥S線單位長度內(nèi)的電容為
#
#
則同軸線內(nèi)導(dǎo)體表面r二a處電場強(qiáng)度為
#
#
-的
令b不變,以比值一為變量,對上式求極值,獲知當(dāng)比值-=e時(shí),e a取得最小值,即同軸線獲得 a a
最高耐壓。
2-17 若在一個(gè)電荷密度為,,半徑為a的均勻帶電球中,存在一個(gè)半徑為 球形空腔,空腔中心與帶電球中心的間距為d,試求空腔中的電場強(qiáng)度。
解 此題可利用高斯定理和疊加原理求解。首先設(shè)半徑為a的整個(gè)球內(nèi)充滿電荷密度為「的電荷,則 球內(nèi)P點(diǎn)的電場強(qiáng)度為
1
4
3 一、 ::
E 1 P
2
■■■.r :- er r
4丸?: or
3
3気
式中r是由球心
o點(diǎn)指向
P
點(diǎn)的位置矢量,
再設(shè)半徑為b的球腔內(nèi)充滿電荷密度為-『的電荷,則其在球內(nèi)P點(diǎn)的電場強(qiáng)度為
1 4
2 r
4 二;0 r 3
式中r ■是由腔心o ■點(diǎn)指向
P點(diǎn)的位置矢量。
17
#
那么,合成電場強(qiáng)度E 1P - E 2 P即是原先空腔內(nèi)任一點(diǎn)的電場強(qiáng)度,即
Ep =E ip E 2 p
r -r d
3匚0 3匚0
式中
2-18
介質(zhì)
由球心o點(diǎn)指向腔心o ?點(diǎn)的位置矢量??梢?,空腔內(nèi)的電場是均勻的。
已知介質(zhì)圓柱體的半徑為a,長度為I,當(dāng)沿軸線方向發(fā)生均勻極化時(shí),極化強(qiáng)度為P,試求 中束縛電荷在圓柱內(nèi)外軸線上
產(chǎn)生的電場強(qiáng)度。
解建立圓柱坐標(biāo),且令圓柱的下端 故只考慮面束縛電荷。而且該束縛電 電荷密度與極化強(qiáng)度的關(guān)系為
式中en為表面的外法線方向上單位
面位于xy平面。由于是均勻極化, 荷僅存在圓柱上下端面。已知面束縛
矢量。由此求得圓柱體上端面的束縛
電荷面密度為6 = p,圓柱體下端面
習(xí)題圖2-18
的束縛面電荷密度為匚2二- P 。
由習(xí)題2-9獲知,位于xy平面,
面電荷為的圓盤在其軸線上的電
#
#
場強(qiáng)度為
因此,圓柱下端面束縛電荷在z軸上產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為
z2 a2
p
2 ;o
而圓柱上端面束縛電荷在z軸上產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為
2氐 z_l
J(Z _l)2 +a2『
那么,上下端面束縛電荷在z軸上任一點(diǎn)產(chǎn)生的合成電場強(qiáng)度為
#
\_l
.z —I i 亠 a
z
2 a
2-19已知內(nèi)半徑為a,外半徑為b的均勻介質(zhì)球殼的介電常數(shù)為;,若在球心放置一個(gè)電量為q的 點(diǎn)電荷,試求:①介質(zhì)殼內(nèi)外表面上的束縛電荷;②各區(qū)域中的電場強(qiáng)度。
解先求各區(qū)域中的電場強(qiáng)度。根據(jù)介質(zhì)中高斯定理
2 q
ID d s 二 q =? 4:,. r D 二 q =? D ? e「
s 4 二r
在0 ::: r乞a區(qū)域中,電場強(qiáng)度為
d q
E 亍er
;o 4 二;o r
在a ::: r < b區(qū)域中,電場強(qiáng)度為
D q
E 廠er
呂 4鹿r
在r . b區(qū)域中,電場強(qiáng)度為
D q E 歹er
;0 4 二;o r
再求介質(zhì)殼內(nèi)外表面上的束縛電荷。
由于P - ■: -;0 E ,則介質(zhì)殼內(nèi)表面上束縛電荷面密度為
#
#
外表面上束縛電荷面密度為
#
#
6
亠-22
n2
2-20 將一塊無限大的厚度為d的介質(zhì)板放在均勻電場E中,周圍媒質(zhì)為真空。已知介質(zhì)板的介電常 數(shù)為;,均勻電場E的方向與介質(zhì)板法線的夾角為包,如習(xí)題圖2-20所示。當(dāng)介質(zhì)板中的電場線方 向乙二一時(shí),試求角度R及介質(zhì)表面的束縛電荷面密度。
4
習(xí)題圖2-20
解 根據(jù)兩種介質(zhì)的邊界條件獲知,邊界上電場強(qiáng)度切向分量和電通密度的法向分量連續(xù)。因此可得
#
#
E sin 人=E2 sin v2 ;
D cos 耳=D2 cos v2
#
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
19
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
tan .斗
tan 二2
已知介質(zhì)表面的束縛電荷打二en .p =en ?( D _ ;0 E ),
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
那么,介質(zhì)左表面上束縛電荷面密度為
P; = en1 P2 = en1 ? 1 —電 D 2 = 1 —也 en 1 D 2 = — 1 —魚 k0E cos匕介質(zhì)右表面上束縛電荷面密度為
I s ) I s ) I 名丿
Ps; = en2 ‘P2 = en2 ‘ 1 —丄D 2 = 1 —丄 en2 D 2 = 1 —丄k0 E cos匕2-21 已知兩個(gè)導(dǎo)體球的半徑分 丿 丿 < z)
別為6cm及12c m,電量均為3 10 JC,相距很遠(yuǎn)。若以導(dǎo)線相連后,試求:①電荷移動(dòng)的方向及電
量;②兩球最終的電位及電量。
解 設(shè)兩球相距為d,考慮到d >> a, d >> b,兩個(gè)帶電球的電位為
4 二;o a d 4 二; b d
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
兩球以導(dǎo)線相連后,兩球電位相等,電荷重新分布,但總電荷量應(yīng)該守恒,即S =「2及
q! q 2 = q =6 10C , 求得兩球最終的電量分別為
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
a d - b
q
ad 亠 bd - 2ab
-—q = 2 ■ : 10 1 C 1
3
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
q^ad
=4 10』c
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
#
已知D = ;0E, D2 = E2 ,那么由上式求得
可見,電荷由半徑小的導(dǎo)體球轉(zhuǎn)移到半徑大的導(dǎo)體球,移動(dòng)的電荷量為1 10 C。
兩球最終電位分別為
! 1—F =3 105 V
4驅(qū)0 a
:2 : 1 q2 =3 105 V
4咫0 b
2-22 已知兩個(gè)導(dǎo)體球的重量分別為m1=5g, m2=10 g,電量均為5 10』C,以無重量的絕緣線相連。
若絕緣線的長度I = 1m,且遠(yuǎn)大于兩球的半徑,試求;①絕緣線切斷的瞬時(shí),每球的加速度;②絕 緣線切斷很久以后,兩球的速度。
解①絕緣線切斷的瞬時(shí),每球受到的力為
_6
q.q2 5 10 5 10
-—0 .225 N
4 0 rb d - a
q
亠 bd - 2ab
4—0
因此,兩球獲得的加速度分別為
#
F 0.225
m1 0.005
=45 m?s2
F 0.225
m 2 0.01
②當(dāng)兩球相距為I時(shí),
兩球的電位分別為
4二;
1
4二;
此時(shí),系統(tǒng)的電場能量為
絕緣線切斷很久以后,
1 1
W 1 q1 2 q2
2 2
兩球相距很遠(yuǎn)(I>> a, l>> b),
那么,兩球的電位分別為
21
#
q1
4二;o「2
4 二;。匚
由此可見,絕緣線切斷很久的前后,系統(tǒng)電場能量的變化為
2
1 q2 1 q1 q
AW —q1 1 q2 0.225 (J)
2 4 疇01 2 4疇 0I 4聰 0I
這部分電場能量的變化轉(zhuǎn)變?yōu)閮汕虻膭?dòng)能,根據(jù)能量守恒原理及動(dòng)量守恒定理可得下列方程:
1 2 1 2
W = —m1 —m2V2 , m1v1 m2v2 = 0
2 2
由此即可求出絕緣線切斷很久以后兩球的速度v1和v2:
v1 =7.74 m s ;
v2 =3.87 m s
#
#
2-23 如習(xí)題圖2- 23所示,半徑為a的導(dǎo)體球中有兩 個(gè)較小的球形空腔。若在空腔中心分別放置兩個(gè)點(diǎn)電荷 q1及q2,在距離r八a處放置另一個(gè)點(diǎn)電荷q3,試求三 個(gè)點(diǎn)電荷受到的電場力。
解 根據(jù)原書2-7節(jié)所述,封閉導(dǎo)體空腔具有靜電屏蔽特性。因此,q1與q2之間沒有作用力,q3 對于q1及q2也沒有作用力。但是qr及q2在導(dǎo)體外表面產(chǎn)生的感應(yīng)電荷-q1及-q2 ,對于q3有作用力。 考慮到r>> a ,根據(jù)庫侖定律獲知該作用力為
=q1 72 q3
_ 2
4”0r
2-24 證明位于無源區(qū)中任一球面上電位的平均值等于其球心的電位,而與球外的電荷分布特性無 關(guān)。
p
解 已知電位與電場強(qiáng)度的關(guān)系為E - 「,又知\ E =-,由此獲知電位滿足下列泊松方程
\ 2 - = _ —
利用格林函數(shù)求得泊松方程的解為
甲(r )= [ Go (r, r」卩卩)d v” +氣 G。(r, r 爭 (rJ7 G。(r, r J】,d sH
式中Go r, r二
o考慮到「Go r, r =
1 r _ r
1 「 「3,代入上式得
[g dv
-|r -r ]
1
+——
4 二
-O1 d s
#
#
若閉合面S內(nèi)為無源區(qū),即r =o ,那么
-r d s
」
若閉合面S為
個(gè)球面,其半徑為a ,球心為場點(diǎn),則r _ r
=a ,那么上式變?yōu)?
考慮到差矢量r -r ■的方向?yàn)樵撉蛎娴陌霃椒较?,即與
d s ?的方向恰好相反,又E -「?,則上式變?yōu)?
1 1 ;E d s「L J* d s
4ira S 4Jia S
由于在S面內(nèi)無電荷,則:E d s = 0 ,那么
1 「r 二一s「r ds
4 na S
由此式可見,位于無源區(qū)中任一球面上的電位的平均值等于其球心的電位,而與球外的電荷分布無 關(guān)。
2-25 已知可變電容器的最大電容量C max =100 pF ,最小電容量C min = 10 pF ,外加直流電壓為3 00 V ,
試求使電容器由最小變?yōu)樽畲蟮倪^程中外力必須作的功。
解在可變電容器的電容量由最小變?yōu)樽畲蟮倪^程中,電源作的功和外力作的功均轉(zhuǎn)變?yōu)殡妶鰞?chǔ)能的
增量,
即
W電源 W外二△ W e
式中
W 電源=V △q =V(CmaxV -CminV) =8.1 10(J)
1 2 _6
△We (Cmax 一5山2 =4.05 10 J
2
因此,
外力必須作的功為
W 外=_4.05 10 衛(wèi)J
2-26 若使兩個(gè)電容器均為C的真空電容器充以電壓V后,斷開電源相互并聯(lián),再將其中之一填滿 介電常數(shù)為;r的理想介質(zhì),試求:①兩個(gè)電容器的最終電位;②轉(zhuǎn)移的電量。
解 兩電容器斷開電源相互并聯(lián),再將其中之一填滿相對介電常數(shù)為乞理想介質(zhì)后,兩電容器的電
容量分別為
C[=C, C = ;r C
兩電容器的電量分別為qt,q2,且
q1 q2 = 2CV
由于兩個(gè)電容器的電壓相等,因此
qi
q2
C2
qi
q2
23
#
聯(lián)立上述兩式,求得
2CV 2CV
qi , q 2
1 + Er 1 + zr
因此,兩電容器的最終電位為
qi
q2
2V
Ci C2 1 ;r
考慮到q2 q1,轉(zhuǎn)移的電量為
叮 1
.q =q2 _CV 二二 CV
務(wù)+1
2-27 同軸圓柱電容器的內(nèi)導(dǎo)體 半徑為a,外導(dǎo)體半徑為b,其
內(nèi)一半填充介電常數(shù)為“的介
質(zhì),另一半填充介質(zhì)的介電常
數(shù)為;2,如習(xí)題圖2-27所示。
當(dāng)外加電壓為V時(shí),試求:①電容器中的電場強(qiáng)度;
i
b
習(xí)題圖2-27
②各邊界上的電荷密度;③電容及儲(chǔ)能。
解 ① 設(shè)內(nèi)導(dǎo)體的外表面上單位長度的電量為q ,外導(dǎo)體的內(nèi)表面上單位長度的電量為- q。取內(nèi)
外導(dǎo)體之間一個(gè)同軸的單位長度圓柱面作為高斯面,由高斯定理
求得
二r Di D2 =q
#
#
已知D’ =?; E1, D2二;2E2,在兩種介質(zhì)的分界面上電場強(qiáng)度的切向分量必須連續(xù),即E^ E2,求
#
#
E1 = E 2 = E =
內(nèi)外導(dǎo)體之間的電位差為
E d r 二 q In -
a 二;1亠雹 a
即單位長度內(nèi)的電荷量為 q -二“ ? ;2 V
In — a
故同軸電容器中的電場強(qiáng)度為 E =—— er
b r
r I n —
a
② 由于電場強(qiáng)度在兩種介質(zhì)的分界面上無法向分量, 內(nèi)導(dǎo)體的外表面上的電荷面密度為
故此邊界上的電荷密度為零。
&V
”S1 = 1 er -E ; ”s2 = “er -E
b
a In — a In
a
外導(dǎo)體的內(nèi)表面上的電荷面密度為
;
b b In
a
「s2 - - ;2 er 七-:
;2V
b b In
a
③單位長度的電容為C
.:,:“亠 0
b
In -
a
電容器中的儲(chǔ)能密度為
We
1 2
T E d v1 -
Vi 2
1 2
—;2 E d v2
2 2
? 1 ? ;2
2 b
In —
a
2-28 一平板電容器的結(jié)構(gòu)如習(xí)題圖2-28所示,間距為
① 接上電壓V時(shí),移去介質(zhì)前后電容器中的電場強(qiáng)度、 儲(chǔ)能;
②
斷開電源后,再計(jì)算介質(zhì)移去前后以上各個(gè)參數(shù)。
d,極板面積為I I。試求:
電通密度、各邊界上的電荷密度、電容及
1/2 - 1/2
C gg FF 寸
\K
習(xí)題圖2-28
①接上電源,介質(zhì)存在時(shí),介質(zhì)邊界上電場強(qiáng)度切向分量必須連續(xù),因此,介質(zhì)內(nèi)外的電場強(qiáng)
E是相等的,即電場強(qiáng)度為E=V。但是介質(zhì)內(nèi)外的電通密度不等,介質(zhì)內(nèi)D E=;V,介質(zhì)
d d
外 Do = ;oE 二;0 V。
d
兩部分極板表面自由電荷面密度分別為
25
#
「s
so
;od
電容器的電量
i1 2v
#
#
電容量為
電容器儲(chǔ)能為
1
qV = ( ?. " 7-o )
4d
#
#
若接上電壓時(shí),移去介質(zhì),
那么電容器中的電場強(qiáng)度為
#
#
電通密度為
極板表面自由電荷面密度為
電容器的電量為
#
#
電容量為
I2
;o;
#
#
電容器的儲(chǔ)能為
2d
#
#
②斷開電源后,
移去介質(zhì)前,
各個(gè)參數(shù)不變。但是若移去介質(zhì),由于極板上的電量q不變,電
#
場強(qiáng)度為
q
2
V ;;。
■ol
電通密度為
2d
極板表面自由
電荷面密度為
V ;;。
2d
兩極板之間的
電位差為
27
#
電容量為 C
#
#
電容器的儲(chǔ)能為W
1
qV
2 2 2
IV ; ;0
#
2-29 若平板電容器的結(jié)構(gòu)如習(xí)題圖2-2 9所示,尺寸同上題,計(jì)算上題中各種情況下的參數(shù)。
d/2
hr* H nV " iV H Fr* nV " Fr才r* H nV " iV H Fi
d/2
#
#
習(xí)題圖2-29
解 ①接上電壓,介質(zhì)存在時(shí),介質(zhì)內(nèi)外的電通密度均為Dr*,因此,介質(zhì)內(nèi)外的電場強(qiáng)度分別 I2
Eo
兩極板之間的電位差為V
冷E「Eo二匚亠。
2I ;.;.o
—
2V & E
;o d * ; ? ;o d
則電位移矢量為
2V :;o
2V :;o
D o = ;o E o
o o ; ? ;o d
極板表面自由
電荷面密度為
#
#
2V .;o
i:?亠:0 d
介電常數(shù)為;的介質(zhì)在靠近極板一側(cè)表面上束縛電荷面密度為
2V ;o
介電常數(shù)為;與介電常數(shù)為;0的兩種介質(zhì)邊界上的束縛電荷面密度為
2V ;。
一0E“—.J
此電容器的電量q
2VI 2 Ho
則電容量為c = q
V
2l2 :;。
電容器的儲(chǔ)能為W
1 qV
2
2V
2 「;。d
#
#
接上電壓時(shí),移去介質(zhì)后:
#
2 2 2
#
2 2 2
電場強(qiáng)度為 E =V
d
電位移矢量為 D——0E——0V
d
極板表面自由電荷面密度為蔦二;V
d
2
電容器的電量 q = |2 I = b Y d
2
電容量為c二q = ;。1
V d
電容器的儲(chǔ)能為
1
2d
W qV
2
⑵ 斷開電源后,介質(zhì)存在時(shí),各個(gè)參數(shù)與接上電源時(shí)完全相同。但是,移去介質(zhì)后,由于極板上
的電量q不變,電容器中電場強(qiáng)度為
q
2 ;ol
2V ,電通密度為 ;0 d
極板表面自由
電荷面密度為
P,
2V
#
2 2 2
i:?亠-.0 d
兩極板之間的電位差為V二Ed
2V ;
二-%
電容量為
電容器的儲(chǔ)能為
1
W qV
2
2V
#
2 2 2
2-30 已知兩個(gè)電容器Ci及C2的電量分別為qi及q2,試求兩者并聯(lián)后的總儲(chǔ)能。若要求并聯(lián)前后 的總儲(chǔ)能不變,則兩個(gè)電容器的電容及電量應(yīng)滿足什么條件?
解 并聯(lián)前兩個(gè)電容器總儲(chǔ)能為
W 前 =Wci Wc2
/ 2
也+
.Ci
并聯(lián)后總電容為^C1 c2,
總電量為q = qt ? q 2,則總儲(chǔ)能為
=1 q1 q2 2
2 C1 C2
要使W前=W后,即要求
1 qi q2
2 C! C2
qi q2
4
Ci
方程兩邊同乘ci c2 ,整理后得
C 2 2
qi
Ci
Ci 2
+ q2 =2qiq2
C2
方程兩邊再同乘CiC2 ,可得
—22 2 2
C 2 q i Ci q 2
=2C i C 2qi q 2
即 ◎ —2 =
由此獲知兩個(gè)電容器的電容量及電荷量應(yīng)該滿足的條件為
qi
Ci
q2
2-31 若平板電容器中介電 常數(shù)為
~-2 ~ ;
;(x) X ? 5
d
平板面積為A,間距為d,如 習(xí)題2-3 i所示。試求平板電 容器的電容。
解設(shè)極板上的電荷密度分別為二
X|
A
習(xí)題圖2-3i
0,則由高斯定理,可得電通密度D
,因此電場強(qiáng)度為
D 蔦
#
2 2 2
#
2 2 2
那么,兩極板的電位差為
_ A 蔦 _ A ;2 -;
示。若將一塊厚度為t(t ::: d)
習(xí)題圖2-32
則電容量為
2-32 若平板空氣電容器的 電壓為V ,極板面積為A, 間距為d,如習(xí)題圖2- 32所
的導(dǎo)體板平行地插入該平板 電容器中,試求外力必須作
#
的功。
解 未插入導(dǎo)體板之前,電容量C二仝。插入導(dǎo)體板后,可看作兩個(gè)電容串聯(lián),其中一個(gè)電容器 d
的電容C. = bA,另一個(gè)電容器的電容C2 = ;oA ,那么總電容量為
x d _t _x
f C1C2 SoA
C 二
C1 C2 d -1
根據(jù)能量守恒原理,電源作的功和外力作的功均轉(zhuǎn)變?yōu)殡妶瞿艿脑隽?,?
W電源
W外"We =W2 _W1
式中
W電源
二 AqV = V — CV V 二一 V 2 d(d —t )
dWe
=W2 _Wt = —C _C)V 2
2
電源
#
#
L_^v2
2 d d -t
2-33
已知線密度 兒=10 (C/m )的無限長線電荷位于(1,0, z )處,另一面密度「s =10 (C/m 2)的無
限大面電荷分布在x = 0平面。試求位于
電量q =10 C的點(diǎn)電荷受到的電場力。
解 根據(jù)題意,兩種電荷的位置如圖2-33所示。由習(xí)題2-1 0知,無限 大面電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為
E
無限長線電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為
「 只 R
E 2 ex ex
2 :匚0r :匚0
因此,P點(diǎn)的總電場強(qiáng)度為
(Ps R 1
E = E1 - E 2 ex
「2 瓏。丿
所以位于P點(diǎn)的點(diǎn)電荷受到的電場力為
習(xí)題圖2-33
F =E q= ex s— l ex2.05 "0」(N )
12 & 瓏。丿
2-34 已知平板電容器的極板尺寸為a b,間距為d ,兩板間插入介質(zhì)塊的介電常數(shù)為;,如習(xí)題
圖2-34所示。試求:①當(dāng)
電源斷開后,再插入介質(zhì)
BOS
T~U
接上電壓V時(shí),插入介質(zhì)塊受的力;② 時(shí),介質(zhì)塊的受力。
24
習(xí)題圖2-34
解 ①此時(shí)為常電位系統(tǒng),因此介質(zhì)塊受到的電場力為
F嚴(yán)
d X _const
式中X為沿介質(zhì)塊寬邊b的位移。介質(zhì)塊插入后,引起電容改變。設(shè)插入深度X,則電容器的電容 為
sax &a(b —x) a r i
C ob ? ( ; - ;o)x ,
d d d
電容器的電場能量可表示為
2
1 2 aU r 1
We U C 0b ( ; - ;o) x,
2 2d
那么介質(zhì)塊受到的x方向的電場力為
dW aU
F (:『I 0 )
dx 旳 2d
②此時(shí)為常電荷系統(tǒng),因此介質(zhì)塊受到的電場力為
dWe
q -const
式中x為沿介質(zhì)塊寬邊b的位移。
介質(zhì)塊插入后,極板電量不變,只有電容改變。此時(shí)電容器的電場能量可表示為
2 2
1 q dq 1
We
2 C 2a 名0b + (g — W0)x
因此介質(zhì)塊受到的x方向的電場力為
#
#
dWe
ab 2U
dx
q -const
#
3
P 2-Ji Pl a
忑7 0 dl ;:a* 2—z2
1
W qV
2
#