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2019年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 牛頓運(yùn)動定律 專題強(qiáng)化四 動力學(xué)中三種典型物理模型課時達(dá)標(biāo)訓(xùn)練.doc

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2019年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 牛頓運(yùn)動定律 專題強(qiáng)化四 動力學(xué)中三種典型物理模型課時達(dá)標(biāo)訓(xùn)練.doc

動力學(xué)中的典型“模型” 一、選擇題(1~3題為單項選擇題,4~5題為多項選擇題) 1.在民航和火車站可以看到用于對行李進(jìn)行安全檢查的水平傳送帶。當(dāng)旅客把行李放到傳送帶上時,傳送帶對行李的滑動摩擦力使行李開始做勻加速運(yùn)動。隨后它們保持相對靜止,行李隨傳送帶一起前進(jìn)。設(shè)傳送帶勻速前進(jìn)的速度為0.25 m/s,把質(zhì)量為5 kg的木箱靜止放到傳送帶上,由于滑動摩擦力的作用,木箱以6 m/s2的加速度前進(jìn),那么這個木箱放在傳送帶上后,傳送帶上將留下的摩擦痕跡約為(  ) 圖1 A.5 mm B.6 mm C.7 mm D.10 mm 解析 木箱加速的時間為t=v/a,這段時間內(nèi)木箱的位移為x1=,而傳送帶的位移為x2=vt,傳送帶上將留下的摩擦痕跡長為l=x2-x1,聯(lián)立各式并代入數(shù)據(jù),解得l=5.2 mm,選項A正確。 答案 A 2.(2018山東日照模擬)如圖2所示,一長木板在水平地面上運(yùn)動,在某時刻(t=0)將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上,已知物塊與木板的質(zhì)量相等,物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦,物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,且物塊始終在木板上。在物塊放到木板上之后,木板運(yùn)動的速度-時間圖象可能是下列選項中的(  ) 圖2 解析 設(shè)在木板與物塊未達(dá)到相同速度之前,木板的加速度為a1,物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ1,木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2。對木板應(yīng)用牛頓第二定律得: -μ1mg-μ22mg=ma1 a1=-(μ1+2μ2)g 設(shè)物塊與木板達(dá)到相同速度之后,木板的加速度為a2,對整體有-μ22mg=2ma2 a2=-μ2g,可見|a1|>|a2| 由v-t圖象的斜率表示加速度大小可知,圖象A正確。 答案 A 3.(2017山東濰坊質(zhì)檢)如圖3所示,足夠長的傳送帶與水平面夾角為θ,以速度v0逆時針勻速轉(zhuǎn)動。在傳送帶的上端輕輕放置一個質(zhì)量為m的小木塊,小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ<tan θ,則圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關(guān)系的是(  ) 圖3 解析 開始階段,木塊受到豎直向下的重力、垂直斜面向上的支持力和沿傳送帶向下的摩擦力作用,做加速度為a1的勻加速直線運(yùn)動,由牛頓第二定律得 mgsin θ+μmgcos θ=ma1 所以a1=gsin θ+μgcos θ 木塊加速至與傳送帶速度相等時,由于μ<tan θ,則木塊不會與傳送帶保持相對靜止而勻速運(yùn)動,之后木塊繼續(xù)加速,所受滑動摩擦力變?yōu)檠貍魉蛶蛏希黾铀俣葹閍2的勻加速直線運(yùn)動,這一階段由牛頓第二定律得 mgsin θ-μmgcos θ=ma2 所以a2=gsin θ-μgcos θ 根據(jù)以上分析,有a2<a1,所以本題正確選項為D。 答案 D 4.如圖4所示,質(zhì)量為m1的足夠長木板靜止在光滑水平面上,其上放一質(zhì)量為m2的木塊。t=0時刻起,給木塊施加一水平恒力F。分別用a1、a2和v1、v2表示木板、木塊的加速度和速度大小,圖中可能符合它們運(yùn)動情況的是(  ) 圖4 解析 若長木板和木塊之間沒有相對滑動,A對;若長木板和木塊之間有相對滑動,則a2>a1,B、D錯,C對。 答案 AC 5.如圖5所示,質(zhì)量為M=2 kg、長為L=2 m的長木板靜止放置在光滑水平面上,在其左端放置一質(zhì)量為m=1 kg的小木塊(可視為質(zhì)點),小木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2。先相對靜止,然后用一水平向右F=4 N的力作用在小木塊上,經(jīng)過時間t=2 s,小木塊從長木板另一端滑出,g取10 m/s2,則(  ) 圖5 A.滑出瞬間木塊速度2 m/s B.滑出瞬間木塊速度4 m/s C.滑出瞬間木板速度2 m/s D.滑出瞬間木板速度4 m/s 解析 小木塊加速度a1== m/s2=2 m/s2,木板加速度a2==1 m/s2,脫離瞬間小木塊速度v1=a1t=4 m/s,A錯誤,B正確;木板速度v2=a2t=2 m/s,C正確,D錯誤。 答案 BC 二、非選擇題 6.一大小不計的木塊通過長度忽略不計的繩固定在小車的前壁上,小車表面光滑。某時刻小車由靜止開始向右勻加速運(yùn)動,經(jīng)過2 s,細(xì)繩斷裂。細(xì)繩斷裂前后,小車的加速度保持不變,又經(jīng)過一段時間,滑塊從小車左端剛好掉下,在這段時間內(nèi),已知滑塊相對小車前3 s內(nèi)滑行了4.5 m,后3 s內(nèi)滑行了10.5 m。求從繩斷到滑塊離開車尾所用的時間是多少? 圖6 解析 設(shè)小車加速度為a。繩斷裂時,車和物塊的速度為v1=at1。斷裂后,小車的速度v=v1+at2,小車的位移為: x1=v1t2+at 滑塊的位移為:x2=v1t2 繩斷后,前3 s相對位移有關(guān)系: Δx=x1-x2=at=4.5 m 得:a=1 m/s2 細(xì)繩斷開時小車和物塊的速度均為: v1=at1=12 m/s=2 m/s 設(shè)后3 s小車的初速度為v1′,則小車的位移為: x1′=v1′t4+at 滑塊的位移為: x2′=v1t4 得:x1′-x2′=3v1′+4.5 m-3v1=10.5 m 解得:v1′=4 m/s 由此說明后3 s實際上是從繩斷后2 s開始的,滑塊與小車相對運(yùn)動的總時間為: t總=5 s 答案 5 s 7.如圖7所示,甲、乙兩傳送帶傾斜放置,與水平方向夾角均為37,傳送帶乙長為4 m,傳送帶甲比乙長0.45 m,兩傳送帶均以3 m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動,可視為質(zhì)點的物塊A從傳送帶甲的頂端由靜止釋放,可視為質(zhì)點的物塊B由傳送帶乙的頂端以3 m/s的初速度沿傳送帶下滑,兩物塊質(zhì)量相等,與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5,取g=10 m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8。求: 圖7 (1)物塊A由傳送帶頂端滑到底端經(jīng)歷的時間; (2)物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比。 解析 (1)對物塊A由牛頓第二定律知mgsin 37+μmgcos 37=ma1,代入數(shù)值得a1=10 m/s2 設(shè)經(jīng)時間t1物塊A與傳送帶共速,則由運(yùn)動學(xué)規(guī)律知 v帶=a1t1,即t1=0.3 s 此過程中物塊A的位移為x1=a1t=0.45 m 物塊A與傳送帶共速后,由牛頓第二定律知 mgsin 37-μmgcos 37=ma2,代入數(shù)值得a2=2 m/s2 由運(yùn)動學(xué)規(guī)律知L甲-x1=v帶t2+a2t,代入數(shù)值得 t2=1 s 所以物塊A由傳送帶頂端滑到底端經(jīng)歷的時間為t=t1+t2=1.3 s。 (2)在物塊A的第一個加速過程中,物塊A在傳送帶上的劃痕長度為 L1=v帶t1-x1=0.45 m 在物塊A的第二個加速過程中,物塊A在傳送帶上的劃痕長度為 L2=v帶t2+a2t-v帶t2=1.0 m 所以物塊A在傳送帶上的劃痕長度為 LA=L2=1.0 m 由分析知物塊B的加速度與物塊A在第二個加速過程的加速度相同,從傳送帶頂端加速到底端所需時間與t2相同 所以物塊B在傳送帶上的劃痕長度為LB=v帶t2+a2t-v帶t2=1.0 m 故物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比為LA∶LB=1∶1 答案 (1)1.3 s (2)1∶1 8.如圖8甲所示,有一傾角為30的光滑固定斜面,斜面底端的水平面上放一質(zhì)量為M的木板。開始時質(zhì)量為m=1 kg 的滑塊在水平向左的力F作用下靜止在斜面上,現(xiàn)將力F變?yōu)樗较蛴?,?dāng)滑塊滑到木板上時撤去力F,木塊滑上木板的過程不考慮能量損失。此后滑塊和木板在水平面上運(yùn)動的v-t圖象如圖乙所示,g=10 m/s2。求: 圖8 (1)水平作用力F的大小; (2)滑塊開始下滑時的高度; (3)木板的質(zhì)量。 解析 (1)滑塊受力如圖所示,根據(jù)平衡條件,有 mgsin θ=Fcos θ 解得F= N (2)當(dāng)力F變?yōu)樗较蛴抑?,由牛頓第二定律,有mgsin θ+Fcos θ=ma 解得a=10 m/s2 根據(jù)題意,由題圖乙可知,滑塊滑到木板上的初速度 v=10 m/s。 滑塊下滑的位移x=,解得x=5 m 故滑塊下滑的高度h=xsin 30=2.5 m (3)由題圖乙可知,滑塊和木板起初相對滑動,當(dāng)達(dá)到共同速度后一起做勻減速運(yùn)動,兩者共同減速時加速度a1=1 m/s2,相對滑動時,木板的加速度a2=1 m/s2,滑塊的加速度大小a3=4 m/s2,設(shè)木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ1,滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ2,對它們整體受力分析,有 a1==μ1g,解得μ1=0.1 0~2 s內(nèi)分別對木板和滑塊受力分析,即 對木板:μ2mg-μ1(M+m)g=Ma2 對滑塊:μ2mg=ma3 聯(lián)立解得M=1.5 kg。 答案 (1) N (2)2.5 m (3)1.5 kg

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