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高三數(shù)學(xué)北師大版理一輪教師用書:第9章 第9節(jié) 圓錐曲線中的定點(diǎn)、定值問題 Word版含解析

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高三數(shù)學(xué)北師大版理一輪教師用書:第9章 第9節(jié) 圓錐曲線中的定點(diǎn)、定值問題 Word版含解析

第九節(jié) 圓錐曲線中的定點(diǎn)、定值問題 [最新考綱] 會證明與曲線上動點(diǎn)有關(guān)的定值問題,會處理動曲線(含直線)過定點(diǎn)的問題. 考點(diǎn)1 定點(diǎn)問題  直線過定點(diǎn)  1.動直線l過定點(diǎn)問題的基本思路 設(shè)動直線方程(斜率存在)為y=kx+t,由題設(shè)條件將t用k表示為t=mk,得y=k(x+m),故動直線過定點(diǎn)(-m,0). 2.動直線l過定點(diǎn)問題的解題步驟 第一步:設(shè)AB直線y=kx+m,聯(lián)立曲線方程得根與系數(shù)關(guān)系,Δ求出參數(shù)范圍; 第二步:由AP與BP關(guān)系(如kAP·kBP=-1),得一次函數(shù)k=f(m)或者m=f(k); 第三步:將k=f(m)或者m=f(k)代入y=kx+m,得y=k(x-x定)+y定.  (2017·全國卷Ⅰ)已知橢圓C:+=1(a>b>0),四點(diǎn)P1(1,1),P2(0,1),P3,P4中恰有三點(diǎn)在橢圓C上. (1)求C的方程; (2)設(shè)直線l不經(jīng)過P2點(diǎn)且與C相交于A,B兩點(diǎn).若直線P2A與直線P2B的斜率的和為-1,證明:l過定點(diǎn). [解] (1)由于P3,P4兩點(diǎn)關(guān)于y軸對稱,故由題設(shè)知橢圓C經(jīng)過P3,P4兩點(diǎn). 又由+>+知,橢圓C不經(jīng)過點(diǎn)P1, 所以點(diǎn)P2在橢圓C上. 因此解得故橢圓C的方程為+y2 =1. (2)證明:設(shè)直線P2A與直線P2B的斜率分別為k1,k2. 如果l與x軸垂直,設(shè)l:x=t,由題設(shè)知t≠0,且|t|<2,可得A,B的坐標(biāo)分別為,,則k1+k2=-=-1,得t=2,不符合題設(shè). 從而可設(shè)l:y=kx+m(m≠1). 將y=kx+m代入+y2=1得(4k2+1)x2+8kmx+4m2-4=0. 由題設(shè)可知Δ=16(4k2-m2+1)>0. 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則x1+x2=-,x1x2=. 而k1+k2=+=+ =. 由題設(shè)k1+k2=-1,故(2k+1)x1x2+(m-1)(x1+x2)=0. 即(2k+1)·+(m-1)·=0,解得k=-. 當(dāng)且僅當(dāng)m>-1時,Δ>0, 于是l:y=-x+m, 即y+1=-(x-2), 所以l過定點(diǎn)(2,-1).  本題為“弦對定點(diǎn)張直角”的一個例子:圓錐曲線如 橢圓上任意一點(diǎn)P做相互垂直的直線交圓錐曲線于AB,則AB必過定點(diǎn). 本題還可以拓展為“手電筒”模型:只要任意一個限定AP與BP條件(如kAP·kBP=定值,kAP+kBP=定值),直線AB依然會過定點(diǎn). [教師備選例題] 過拋物線C:y2=4x的焦點(diǎn)F且斜率為k的直線l交拋物線C于A,B兩點(diǎn),且|AB|=8. (1)求l的方程; (2)若A關(guān)于x軸的對稱點(diǎn)為D,求證:直線BD過定點(diǎn),并求出該點(diǎn)的坐標(biāo). [解] (1)易知點(diǎn)F的坐標(biāo)為(1,0),則直線l的方程為y=k(x-1),代入拋物線方程y2=4x得k2x2-(2k2+4)x+k2=0, 由題意知k≠0,且Δ=[-(2k2+4)]2-4k2·k2=16(k2+1)>0, 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),∴x1+x2=,x1x2=1, 由拋物線的定義知|AB|=x1+x2+2=8, ∴=6,∴k2=1,即k=±1, ∴直線l的方程為y=±(x-1). (2)由拋物線的對稱性知,D點(diǎn)的坐標(biāo)為(x1,-y1), 直線BD的斜率kBD===, ∴直線BD的方程為y+y1=(x-x1), 即(y2-y1)y+y2y1-y=4x-4x1, ∵y=4x1,y=4x2,x1x2=1,∴(y1y2)2=16x1x2=16,即y1y2=-4(y1,y2異號), ∴直線BD的方程為4(x+1)+(y1-y2)y=0,恒過點(diǎn)(-1,0).  1.已知拋物線C的頂點(diǎn)在原點(diǎn),焦點(diǎn)在坐標(biāo)軸上,點(diǎn)A(1,2)為拋物線C上一點(diǎn). (1)求拋物線C的方程; (2)若點(diǎn)B(1,-2)在拋物線C上,過點(diǎn)B作拋物線C的兩條弦BP與BQ,如kBP·kBQ=-2,求證:直線PQ過定點(diǎn). [解] (1)若拋物線的焦點(diǎn)在x軸上,設(shè)拋物線方程為y2=ax,代入點(diǎn)A(1,2),可得a=4,所以拋物線方程為y2=4x. 若拋物線的焦點(diǎn)在y軸上,設(shè)拋物線方程為x2=my,代入點(diǎn)A(1,2),可得m=,所以拋物線方程為x2=y(tǒng). 綜上所述,拋物線C的方程是y2=4x或x2=y(tǒng). (2)證明:因為點(diǎn)B(1,-2)在拋物線C上,所以由(1)可得拋物線C的方程是y2=4x. 易知直線BP,BQ的斜率均存在,設(shè)直線BP的方程為y+2=k(x-1), 將直線BP的方程代入y2=4x,消去y,得 k2x2-(2k2+4k+4)x+(k+2)2=0. 設(shè)P(x1,y1), 則x1=, 所以P. 用-替換點(diǎn)P坐標(biāo)中的k,可得Q((k-1)2,2-2k), 從而直線PQ的斜率為 = =, 故直線PQ的方程是 y-2+2k=·[x-(k-1)2]. 在上述方程中,令x=3,解得y=2, 所以直線PQ恒過定點(diǎn)(3,2). 2.已知圓x2+y2=4經(jīng)過橢圓C:+=1(a>b>0)的兩個焦點(diǎn)和兩個頂點(diǎn),點(diǎn)A(0,4),M,N是橢圓C上的兩點(diǎn),它們在y軸兩側(cè),且∠MAN的平分線在y軸上,|AM|≠|(zhì)AN|. (1)求橢圓C的方程; (2)證明:直線MN過定點(diǎn). [解] (1)圓x2+y2=4與x軸交于點(diǎn)(±2,0), 即為橢圓的焦點(diǎn),圓x2+y2=4與y軸交于點(diǎn)(0,±2), 即為橢圓的上下兩頂點(diǎn),所以c=2,b=2. 從而a=2,因此橢圓C的方程為+=1. (2)證明:設(shè)直線MN的方程為y=kx+m. 由 消去y得(2k2+1)x2+4kmx+2m2-8=0. 設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2), 則x1+x2=-,x1x2=. 直線AM的斜率k1==k+; 直線AN的斜率k2==k+. k1+k2=2k+ =2k+=. 由∠MAN的平分線在y軸上,得k1+k2=0. 又因為|AM|≠|(zhì)AN|,所以k≠0,所以m=1. 因此,直線MN過定點(diǎn)(0,1).  動圓過定點(diǎn)  動圓過定點(diǎn)問題求解時可以先取特殊值或者極值,找出這個定點(diǎn),再用向量法證明用直徑所對圓周角為直角.  (2019·北京高考)已知拋物線C:x2=-2py經(jīng)過點(diǎn)(2,-1). (1)求拋物線C的方程及其準(zhǔn)線方程; (2)設(shè)O為原點(diǎn),過拋物線C的焦點(diǎn)作斜率不為0的直線l交拋物線C于兩點(diǎn)M,N,直線y=-1分別交直線OM,ON于點(diǎn)A和點(diǎn)B.求證:以AB為直徑的圓經(jīng)過y軸上的兩個定點(diǎn). [解] (1)由拋物線C:x2=-2py經(jīng)過點(diǎn)(2,-1),得p=2. 所以拋物線C的方程為x2=-4y,其準(zhǔn)線方程為y=1. (2)拋物線C的焦點(diǎn)為F(0,-1),設(shè)直線l的方程為y=kx-1(k≠0). 由 得x2+4kx-4=0. 設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2),則x1x2=-4. 直線OM的方程為y=x. 令y=-1,得點(diǎn)A的橫坐標(biāo)xA=-. 同理得點(diǎn)B的橫坐標(biāo)xB=-. 設(shè)點(diǎn)D(0,n), 則=,=, ·=+(n+1)2 =+(n+1)2 =+(n+1)2=-4+(n+1)2. 令·=0,即-4+(n+1)2=0,則n=1或n=-3. 綜上,以AB為直徑的圓經(jīng)過y軸上的定點(diǎn)(0,1)和(0,-3).  動圓過定點(diǎn)問題本質(zhì)上是向量垂直的問題.  在平面直角坐標(biāo)系xOy中,動點(diǎn)E到定點(diǎn)(1,0)的距離與它到直線x=-1的距離相等. (1)求動點(diǎn)E的軌跡C的方程; (2)設(shè)動直線l:y=kx+b與曲線C相切于點(diǎn)P,與直線x=-1相交于點(diǎn)Q,證明:以PQ為直徑的圓恒過x軸上某定點(diǎn). [解] (1)設(shè)動點(diǎn)E的坐標(biāo)為(x,y),由拋物線的定義知,動點(diǎn)E的軌跡是以(1,0)為焦點(diǎn),x=-1為準(zhǔn)線的拋物線,所以動點(diǎn)E的軌跡C的方程為y2=4x. (2)證明:易知k≠0.由,消去x,得ky2-4y+4b=0.因為直線l與拋物線相切,所以Δ=16-16kb=0,即b=,所以直線l的方程為y=kx+,令x=-1,得y=-k+,所以Q.設(shè)切點(diǎn)P(x0,y0),則ky-4y0+=0,解得P,設(shè)M(m,0),則 ·=·(-1-m)+=m2+m-2-,所以當(dāng) 即m=1時,·=0,即MQ⊥MP. 所以,以PQ為直徑的圓恒過x軸上的定點(diǎn)M(1,0). 考點(diǎn)2 定值問題  圓錐曲線中定值問題的2大解法 (1)從特殊入手,求出定值,再證明這個值與變量無關(guān); (2)引起變量法:其解題流程為  在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知橢圓C:+y2=1,點(diǎn)P(x1,y1),Q(x2,y2)是橢圓C上兩個動點(diǎn),直線OP,OQ的斜率分別為k1,k2,若m=,n=,m·n=0. (1)求證:k1·k2=-; (2)試探求△OPQ的面積S是否為定值,并說明理由. [解] (1)證明:∵k1,k2均存在,∴x1x2≠0. 又m·n=0,∴+y1y2=0,即=-y1y2, ∴k1·k2==-. (2)①當(dāng)直線PQ的斜率不存在,即x1=x2,y1=-y2時,由=-,得-y=0. 又∵點(diǎn)P(x1,y1)在橢圓上,∴+y=1, ∴|x1|=,|y1|=.∴S△POQ=|x1||y1-y2|=1. ②當(dāng)直線PQ的斜率存在時,設(shè)直線PQ的方程為y=kx+b. 聯(lián)立得方程組 消去y并整理得(4k2+1)x2+8kbx+4b2-4=0, 其中Δ=(8kb)2-4(4k2+1)(4b2-4)=16(1+4k2-b2)>0,即b2<1+4k2. ∴x1+x2=,x1x2=. ∵+y1y2=0, ∴+(kx1+b)(kx2+b)=0,得2b2-4k2=1(滿足Δ>0). ∴S△POQ=|PQ|=|b|=2|b|=1. 綜合①②知△POQ的面積S為定值1.  圓錐曲線中的定值問題的常見類型及解題策略 (1)求代數(shù)式為定值:依題意設(shè)條件,得出與代數(shù)式參數(shù)有關(guān)的等式,代入代數(shù)式,化簡即可得出定值; (2)求點(diǎn)到直線的距離為定值:利用點(diǎn)到直線的距離公式得出距離的解析式,再利用題設(shè)條件化簡、變形求得; (3)求某線段長度為定值:利用長度公式求得解析式,再依據(jù)條件對解析式進(jìn)行化簡、變形即可求得. [教師備選例題] 已知動圓P經(jīng)過點(diǎn)N(1,0),并且與圓M:(x+1)2+y2=16相切. (1)求點(diǎn)P的軌跡C的方程; (2)設(shè)G(m,0) 為軌跡C內(nèi)的一個動點(diǎn),過點(diǎn)G且斜率為k的直線l交軌跡C于A,B兩點(diǎn),當(dāng)k為何值時,ω=|GA|2+|GB|2是與m無關(guān)的定值?并求出該定值. [解] (1)由題意,設(shè)動圓P的半徑為r,則|PM|=4-r,|PN|=r,可得|PM|+|PN|=4-r+r=4,∴點(diǎn)P的軌跡C是以M,N為焦點(diǎn)的橢圓,∴2a=4,2c=2,∴b==, ∴橢圓的方程為+=1. 即點(diǎn)P的軌跡C的方程為+=1. (2)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),由題意知-2<m<2,直線l:y=k(x-m), 由得(3+4k2)x2-8k2mx+4k2m2-12=0, ∴x1+x2=,x1x2=, ∴y1+y2=k(x1-m)+k(x2-m)=k(x1+x2)-2km=-, y1y2=k2(x1-m)(x2-m)=k2x1x2-k2m(x1+x2)+k2m2=, ∴|GA|2+|GB|2=(x1-m)2+y+(x2-m)2+y=(x1+x2)2-2x1x2-2m(x1+x2)+2m2+(y1+y2)2-2y1y2=(k2+1) . 要使ω=|GA|2+|GB|2的值與m無關(guān),需使4k2-3=0, 解得k=±,此時ω=|GA|2+|GB|2=7.  1.已知拋物線C:y2=2px經(jīng)過點(diǎn)P(1,2),過點(diǎn)Q(0,1)的直線l與拋物線C有兩個不同的交點(diǎn)A,B,且直線PA交y軸于M,直線PB交y軸于N. (1)求直線l的斜率的取值范圍; (2)設(shè)O為原點(diǎn),=λ,=μ,求證:+為定值. [解] (1)因為拋物線y2=2px過點(diǎn)(1,2), 所以2p=4,即p=2. 故拋物線C的方程為y2=4x. 由題意知,直線l的斜率存在且不為0. 設(shè)直線l的方程為y=kx+1(k≠0). 由得k2x2+(2k-4)x+1=0. 依題意Δ=(2k-4)2-4×k2×1>0, 解得k<0或0<k<1. 又PA,PB與y軸相交,故直線l不過點(diǎn)(1,-2). 從而k≠-3. 所以直線l斜率的取值范圍是(-∞,-3)∪(-3,0)∪(0,1). (2)證明:設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2). 由(1)知x1+x2=-,x1x2=. 直線PA的方程為y-2=(x-1). 令x=0,得點(diǎn)M的縱坐標(biāo)為yM=+2=+2. 同理得點(diǎn)N的縱坐標(biāo)為yN=+2. 由=λ,=μ,得λ=1-yM,μ=1-yN. 所以+=+ =+ =·=·=2. 所以+為定值. 2.(2017·全國卷Ⅲ)在直角坐標(biāo)系xOy中,曲線y=x2+mx-2與x軸交于A,B兩點(diǎn),點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,1).當(dāng)m變化時,解答下列問題: (1)能否出現(xiàn)AC⊥BC的情況?說明理由; (2)證明過A,B,C三點(diǎn)的圓在y軸上截得的弦長為定值. [解] (1)不能出現(xiàn)AC⊥BC的情況.理由如下: 設(shè)A(x1,0),B(x2,0),則x1,x2滿足x2+mx-2=0, 所以x1x2=-2. 又點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,1), 故AC的斜率與BC的斜率之積為·=-, 所以不能出現(xiàn)AC⊥BC的情況. (2)證明:BC的中點(diǎn)坐標(biāo)為,可得BC的中垂線方程為y-=x2. 由(1)可得x1+x2=-m, 所以AB的中垂線方程為x=-. 聯(lián)立 又x+mx2-2=0,可得 所以過A,B,C三點(diǎn)的圓的圓心坐標(biāo)為,半徑r=. 故圓在y軸上截得的弦長為2=3, 即過A,B,C三點(diǎn)的圓在y軸上截得的弦長為定值.

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