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(江蘇專版)2018年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 14個(gè)填空題專項(xiàng)強(qiáng)化練(七)平面向量與復(fù)數(shù)

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(江蘇專版)2018年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 14個(gè)填空題專項(xiàng)強(qiáng)化練(七)平面向量與復(fù)數(shù)

14個(gè)填空題專項(xiàng)強(qiáng)化練(七) 平面向量與復(fù)數(shù) A組——題型分類練 題型一 平面向量的線性運(yùn)算 1.已知平面上不共線的四點(diǎn)O,A,B,C,若+2=3,則的值為________. 解析:由+2=3,得-=2-2,即=2,所以=. 答案: 2.在?ABCD中,=a,=b,=3,M為BC的中點(diǎn),則=________(用a,b表示). 解析:由=3得==(a+b),=a+b,所以=-=(a+b)-=-a+b. 答案:-a+b 3.已知Rt△ABC的面積為2,∠C=90°,點(diǎn)P是Rt△ABC所在平面內(nèi)的一點(diǎn),滿足=+,則·的最大值是________. 解析:由條件可知||·||=4,·=0,因?yàn)椋剑剑?,=-=--,?#183;=·=97-9||-4||≤97-12×2=73,當(dāng)且僅當(dāng)9||=4||,即||=,||=3時(shí)等號(hào)成立. 答案:73 題型二 平面向量的坐標(biāo)表示 1.在?ABCD中,AC為一條對(duì)角線,=(2,4),=(1,3),則向量的坐標(biāo)為________. 解析:因?yàn)椋剑?-1,-1), 所以=-=-=(-3,-5). 答案:(-3,-5) 2.已知向量a=(1,2),b=(x,1),u=a+2b,v=2a-b,且u∥v,則實(shí)數(shù)x的值是________. 解析:因?yàn)閡=(1+2x,4),v=(2-x,3),u∥v, 所以8-4x=3+6x,所以x=. 答案: 3.已知向量a=(1,2),b=(2,-3).若向量c滿足(c+a)∥b,c⊥(a+b),則c=____________. 解析:不妨設(shè)c=(m,n), 則a+c=(1+m,2+n),a+b=(3,-1), 對(duì)于(c+a)∥b,有-3(1+m)=2(2+n).① 對(duì)于c⊥(a+b),有3m-n=0.② 聯(lián)立①②,解得m=-,n=-. 故c=. 答案: 題型三 平面向量的數(shù)量積 1.已知向量a=(3,-2),b=(1,0),向量λa+b與a-2b垂直,則實(shí)數(shù)λ的值為________. 解析:依題意,λa+b=(3λ+1,-2λ),a-2b=(1,-2),所以(λa+b)·(a-2b)=7λ+1=0,λ=-. 答案:- 2.已知非零向量a,b滿足|a|=|b|=|a+b|,則a與2a-b夾角的余弦值為__________. 解析:法一:不妨設(shè)|a|=|b|=|a+b|=1,則|a+b|2=a2+b2+2a·b=2+2a·b=1,所以a·b=-,所以a·(2a-b)=2a2-a·b=, 又因?yàn)閨a|=1,|2a-b|===, 所以a與2a-b夾角的余弦值為==. 法二:(特殊化、坐標(biāo)化) 設(shè)|a|=|b|=|a+b|=1,則向量a,b,a+b構(gòu)成以1為邊長(zhǎng)的正三角形, 故可設(shè)a=(1,0),b=,a+b=, 則a與2a-b的夾角的余弦值為===. 答案: 3.已知向量與的夾角為120°,且||=2,||=3.若=λ+,且⊥,則實(shí)數(shù)λ的值為________. 解析:由題意得,·=-3,由·=(λ+)·(-)=0,得λ·-λ2+2-·=0,即-3λ-4λ+9+3=0,故λ=. 答案: 4.如圖,已知△ABC的邊BC的垂直平分線交AC于點(diǎn)P,交BC于點(diǎn)Q.若||=3,||=5,則(+)·(-)的值為________. 解析:由題意知,(+)·(-)=(2+)·=2·=(+)·(-)=||2-||2=32-52=-16. 答案:-16 5.在△ABC中,已知AB=,C=60°,則·的最大值為________. 解析:因?yàn)椋剑? 所以2=2+2-2·, 所以3=||2+||2-||·||≥2||·||-||·||=||·||, 即||·||≤3, 當(dāng)且僅當(dāng)||=||=時(shí)等號(hào)成立. 所以·=||||cos 60°=||||≤, 所以· 的最大值為. 答案: 6.在△ABC中,AB⊥AC,AB=,AC=t,P是△ABC所在平面內(nèi)一點(diǎn),若=+,則△PBC面積的最小值為________. 解析:由于AB⊥AC,故以AB,AC所在直線分別為x軸,y軸,建立平面直角坐標(biāo)系(圖略),則B,C(0,t),因?yàn)椋剑?,所以點(diǎn)P坐標(biāo)為(4,1),直線BC的方程為t2x+y-t=0,所以點(diǎn)P到直線BC的距離為d=,BC=,所以△PBC的面積為××=≥,當(dāng)且僅當(dāng)t=時(shí)取等號(hào). 答案: 題型四 復(fù)數(shù) 1.設(shè)復(fù)數(shù)z=a+bi(a,b∈R,i為虛數(shù)單位).若z=(4+3i)i,則ab的值是________. 解析:因?yàn)閦=a+bi且z=(4+3i)i,所以a+bi=4i+3i2=-3+4i,所以a=-3,b=4,所以ab=-12. 答案:-12 2.已知復(fù)數(shù)z滿足z=(1-2i)(3+i),其中i為虛數(shù)單位,則|z|=________. 解析:復(fù)數(shù)z=(1-2i)(3+i),i為虛數(shù)單位,則|z|=|1-2i||3+i|=×=5. 答案:5 3.設(shè)復(fù)數(shù)z滿足z(1+i)=2,其中i為虛數(shù)單位,則z的虛部為________. 解析:由(1+i)z=2,得z====1-i.所以z的虛部為-1. 答案:-1 4.若復(fù)數(shù)z滿足(2-i)z=1+i,則復(fù)數(shù)z在復(fù)平面上對(duì)應(yīng)的點(diǎn)在第________象限. 解析:因?yàn)閦====+i,所以復(fù)數(shù)z在復(fù)平面上對(duì)應(yīng)的點(diǎn)在第一象限. 答案:一 B組——高考提速練 1.復(fù)數(shù)z=(1+2i)2,其中i為虛數(shù)單位,則z的實(shí)部為________. 解析:因?yàn)閺?fù)數(shù)z=(1+2i)2=-3+4i,所以復(fù)數(shù)z的實(shí)部為-3. 答案:-3 2.如圖,已知=a,=b,=3,用a,b表示,則=________. 解析:因?yàn)椋剑絘-b,又=3, 所以==(a-b),所以=+=b+(a-b)=a+b. 答案:a+b 3.已知|a|=3,|b|=4,且a與b不共線,若向量a+kb與a-kb垂直,則k=________. 解析:因?yàn)?a+kb)⊥(a-kb), 所以(a+kb)·(a-kb)=0, 即|a|2-k2|b|2=0. 又因?yàn)閨a|=3,|b|=4,所以k2=,即k=±. 答案:± 4.設(shè)復(fù)數(shù)z1=1-i,z2=a+2i,若的虛部是實(shí)部的2倍,則實(shí)數(shù)a的值為________. 解析:===,故該復(fù)數(shù)的實(shí)部是,虛部是. 由題意,知=2×. 解得a=6. 答案:6 5.已知復(fù)數(shù)z=(1+i)(1+2i),其中i是虛數(shù)單位,則z的模是________. 解析:法一:復(fù)數(shù)z=1+2i+i-2=-1+3i, 則|z|==. 法二:|z|=|1+i|·|1+2i|=×=. 答案: 6.若a,b均為單位向量,且a⊥(a-2b),則a,b的夾角大小為________. 解析:設(shè)a,b的夾角為θ.因?yàn)閍⊥(a-2b), 所以a·(a-2b)=a2-2a·b=0, 所以1-2cos θ=0,所以cos θ=, 而θ∈[0,π],故θ=. 答案: 7.若復(fù)數(shù)z滿足z+2=3+2i,其中i為虛數(shù)單位,為復(fù)數(shù)z的共軛復(fù)數(shù),則復(fù)數(shù)z的模為________. 解析:設(shè)z=x+yi,x,y∈R,則=x-yi,因?yàn)閦+2=3+2i,所以z+2=(x+yi)+2(x-yi)=3x-yi=3+2i,所以x=1,y=-2,所以z=1-2i,所以復(fù)數(shù)z的模為. 答案: 8.平面向量a,b滿足|a|=2,|a+b|=4,且向量a與向量a+b的夾角為,則|b|為________. 解析:因?yàn)橄蛄縜與向量a+b的夾角為, 所以cos ===, 解得a·b=0,即a⊥b.所以|a|2+|b|2=|a+b|2, 從而解得|b|=2. 答案:2 9.如圖,在△ABC中,AB=AC=3,cos∠BAC=,=2,則·的值為________. 解析:由=2,得=(+2).又=-,AB=AC=3,cos∠BAC=,所以· =(+2)·(-)=×(-9+3)=-2. 答案:-2 10.已知邊長(zhǎng)為1的正方形ABCD,=2+,則||=________. 解析:法一:由題意得,2=(2+)2=42+2+4·.又四邊形ABCD是邊長(zhǎng)為1的正方形,所以⊥,所以·=0.又||=,||=,所以2=4×2+2=10,所以||=. 法二:由題意,作出=2+,如圖所示,則||為邊長(zhǎng)分別為,2的矩形CFME的對(duì)角線的長(zhǎng), 所以||= =. 答案: 11.已知AB為圓O的直徑,M為圓O的弦CD上一動(dòng)點(diǎn),AB=8,CD=6,則·的取值范圍是________. 解析:因?yàn)锳B為圓O的直徑, 所以+=2,① 又-=,② ①2-②2,得4·=42-2, 所以·=2-16, 因?yàn)镸為圓O的弦CD上一動(dòng)點(diǎn),AB=8,CD=6, 所以根據(jù)圓的幾何性質(zhì)知||∈[,4], 所以·∈[-9,0]. 答案:[-9,0] 12.在△ABC中,若·+2·=·,則的值為________. 解析:法一:設(shè)角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c. 由·+2·=·, 得ac+2bc=ab, 化簡(jiǎn)可得a=c. 由正弦定理得==. 法二:建立平面直角坐標(biāo)系,設(shè)A(0,a),B(b,0),C(c,0), 所以=(c,-a),=(b,-a),=(c-b,0), =(-b,a),=(-c,a),=(b-c,0), 則由·+2·=·, 得b2+2cb+2a2-c2=0, 所以b2-2cb+c2=(c-b)2=2(a2+b2), 所以BC=AB. 由正弦定理得==. 答案: 13.已知平面向量α,β滿足|β|=1,且α與β-α的夾角為120°,則|α|的取值范圍為________. 解析:法一:由|β|=1,且α與β-α的夾角為120°,作向量=α,=β-α,則=β,在△OAB中,∠OAB=60°,OB=1,則由正弦定理=,得OA=sin∠ABO∈,即0<|α|≤. 法二:設(shè)|α|=u,|β-α|=v,由|β|2=|α+(β-α)|2=α2+2α·(β-α)+(β-α)2,得v2-uv+u2-1=0,再由關(guān)于v的一元二次方程有解,得u2-4(u2-1)≥0,又u>0,故0<u≤,即0<|α|≤. 答案: 14.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,設(shè)點(diǎn)A(1,0),B(0,1),C(a,b),D(c,d),若不等式 2≥(m-2)·+m(·)·(·)對(duì)任意實(shí)數(shù)a,b,c,d都成立,則實(shí)數(shù)m的最大值是________. 解析:原不等式可化為(a-c)2+(b-d)2≥(m-2)·(ac+bd)+mbc,即a2+b2+c2+d2-m(ac+bd+bc)≥0,整理成關(guān)于實(shí)數(shù)a的不等式為a2-mca+b2+c2+d2-mbd-mbc≥0恒成立,從而Δ1=m2c2-4(b2+c2+d2-mbd-mbc)≤0,再整理成關(guān)于實(shí)數(shù)d的不等式為d2-mbd+b2+c2-mbc-m2c2≥0,從而Δ2=m2b2-4≤0,再整理成關(guān)于實(shí)數(shù)b的不等式為(4-m2)b2-4mcb+4c2-m2c2≥0,從而解得1-≤m≤-1+,所以m的最大值是-1. 答案:-1 9

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本文((江蘇專版)2018年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 14個(gè)填空題專項(xiàng)強(qiáng)化練(七)平面向量與復(fù)數(shù))為本站會(huì)員(ca****in)主動(dòng)上傳,裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。 若此文所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請(qǐng)立即通知裝配圖網(wǎng)(點(diǎn)擊聯(lián)系客服),我們立即給予刪除!

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