2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題（12）（含解析）新人教版.doc

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選擇題（12） 李仕才 1、(2017河南名校期中聯(lián)考)假設(shè)你在運(yùn)動會上百米賽跑成績是14 s,整個過程可分為3個階段。第一階段前進(jìn)14 m,平均速度是7 m/s;第二階段用時9 s,平均速度8 m/s。請估算一下第三階段的平均速度約是(　　) A.6 m/s B.5.5 m/s C.4.7 m/s D.3.2 m/s 答案C 解析第一階段的時間為t1= s=2 s,第二階段的位移為x2=v2t2=89 m=72 m;第三階段的位移為x3=x-x1-x2=(100-14-72) m=14 m,時間為t3=t-t1-t2=(14-2-9)s=3 s,平均速度為v= m/s=4.7 m/s。 2、(“死結(jié)”和“活結(jié)”模型)(2017湖北六校聯(lián)考)如圖所示,在固定好的水平和豎直的框架上,A、B兩點(diǎn)連接著一根繞過光滑的輕小滑輪的不可伸長的細(xì)繩,重物懸掛于滑輪下,處于靜止?fàn)顟B(tài)。若按照以下的方式緩慢移動細(xì)繩的端點(diǎn),則下列判斷正確的是(　　) A.只將繩的左端移向A點(diǎn),拉力變小 B.只將繩的左端移向A點(diǎn),拉力不變 C.只將繩的右端移向B點(diǎn),拉力變小 D.只將繩的右端移向B點(diǎn),拉力不變 ?導(dǎo)學(xué)號06400102? 答案 B 解析設(shè)滑輪兩側(cè)繩子與豎直方向的夾角為α,繩子的長度為L,B點(diǎn)到墻壁的距離為s,根據(jù)幾何知識和對稱性,得sin α= ① 以滑輪為研究對象,設(shè)繩子拉力大小為F,根據(jù)平衡條件得2Fcos α=mg,得F= ② 當(dāng)只將繩的左端移向A點(diǎn),s和L均不變,則由①②式得知,F不變,故A錯誤,B正確;當(dāng)只將繩的右端移向B點(diǎn),s增加,而L不變,則由①式得知,α增大,cos α減小,則由②式得知,F增大,故C、D錯誤。 3、(瞬時加速度) 如圖,A、B、C三個小球質(zhì)量均為m,A、B之間用一根沒有彈性的繩子連在一起,B、C之間用輕彈簧拴接,整個系統(tǒng)用細(xì)線懸掛在天花板上并且處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將A上面的細(xì)線剪斷,使A的上端失去拉力,則在剪斷細(xì)線的瞬間,A、B、C三個小球的加速度分別是 (　　) A.1.5g,1.5g,0 B.g,2g,0 C.g,g,g D.g,g,0 答案A 解析剪斷細(xì)線前,由平衡條件可知,A上端的細(xì)線的拉力為3mg,A、B之間細(xì)線的拉力為2mg,輕彈簧的拉力為mg。在剪斷細(xì)線的瞬間,輕彈簧中拉力不變,小球C所受合外力為零,所以C的加速度為零;A、B小球被細(xì)線拴在一起,整體受到二者重力和輕彈簧向下的拉力,由牛頓第二定律,3mg=2ma,解得a=1.5g,選項(xiàng)A正確。 4、(平拋運(yùn)動規(guī)律的應(yīng)用)如圖所示,在M點(diǎn)以不同的速度分別將兩小球水平拋出,兩小球落在水平地面上的P點(diǎn)、Q點(diǎn)。已知O點(diǎn)是M點(diǎn)在地面上的豎直投影,OP∶PQ=1∶3,且不考慮空氣阻力的影響。下列說法中正確的是(　　) A.兩小球的下落時間之比為1∶3 B.兩小球的下落時間之比為1∶4 C.兩小球的初速度大小之比為1∶3 D.兩小球的初速度大小之比為1∶4 答案D 解析兩小球做平拋運(yùn)動,高度相同,則下落的時間相同,故A、B錯誤;由于兩球的水平位移之比為1∶4,根據(jù)v0=知,兩小球的初速度大小之比為1∶4,故C錯誤,D正確。 5、(近地衛(wèi)星、赤道上物體及同步衛(wèi)星的運(yùn)行問題)(2018湖南長郡中學(xué)月考)有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星,a還未發(fā)射,在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動,b處于地面附近近地軌道上正常運(yùn)動,c是地球同步衛(wèi)星,d是高空探測衛(wèi)星,各衛(wèi)星排列位置如圖,則有 (　　) A.a的向心加速度等于重力加速度g B.c在4 h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是 C.b在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長 D.d的運(yùn)動周期有可能是20 h 答案C 解析地球同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同,角速度相同,則知a與c的角速度相同,根據(jù)a=ω2r知,c的向心加速度大。 由G=ma,得a=G,衛(wèi)星的軌道半徑越大,向心加速度越小,則同步衛(wèi)星c的向心加速度小于b的向心加速度,而b的向心加速度約為g,故知a的向心加速度小于重力加速度g,故A錯誤; c是地球同步衛(wèi)星,周期是24 h,則c在4 h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是2π=,故B錯誤; G=m,解得v=,可知,衛(wèi)星的軌道半徑越大,速度越小,所以b的速度最大,在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長,故C正確; 由開普勒第三定律=k知,衛(wèi)星的軌道半徑越大,周期越大,所以d的運(yùn)動周期大于c的周期24 h,故D錯誤。 6、(機(jī)械能守恒的判斷)(2017四川江陽區(qū)期末)在如圖所示的物理過程示意圖中,甲圖為一端固定有小球的輕桿,從右偏上30處釋放后繞光滑支點(diǎn)擺動;乙圖為末端固定有小球的輕質(zhì)直角架,釋放后繞通過直角頂點(diǎn)的固定軸O無摩擦轉(zhuǎn)動;丙圖為置于光滑水平面上的A、B兩小車,B靜止,A獲得一向右的初速度后向右運(yùn)動,某時刻連接兩車的細(xì)繩繃緊,然后帶動B車運(yùn)動;丁圖為置于光滑水平面上的帶有豎直支架的小車,把用細(xì)繩懸掛的小球從圖示位置釋放,小球開始擺動。則關(guān)于這幾個物理過程(空氣阻力忽略不計(jì)),下列判斷正確的是(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A.甲圖中小球機(jī)械能守恒 B.乙圖中小球A的機(jī)械能守恒 C.丙圖中兩車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 D.丁圖中小球的機(jī)械能守恒 答案A 解析題圖甲過程中輕桿對小球不做功,小球的機(jī)械能守恒;題圖乙過程中A、B兩球通過桿相互影響(例如開始時A球帶動B球轉(zhuǎn)動),輕桿對A的彈力不沿桿的方向,會對小球做功,所以每個小球的機(jī)械能不守恒,但把兩個小球作為一個系統(tǒng)時機(jī)械能守恒;題圖丙中繩子繃緊的過程雖然只有彈力作為內(nèi)力做功,但彈力突變有內(nèi)能轉(zhuǎn)化,機(jī)械能不守恒;題圖丁過程中細(xì)繩也會拉動小車運(yùn)動,取地面為參考系,小球的軌跡不是圓弧,細(xì)繩會對小球做功,小球的機(jī)械能不守恒,把小球和小車當(dāng)作一個系統(tǒng),機(jī)械能才守恒。 7、(人船模型)如圖所示,質(zhì)量為m1、半徑為r1的小球,放在內(nèi)半徑為r2、質(zhì)量為m2=3m1的大空心球內(nèi),大球開始靜止在光滑水平面上,當(dāng)小球由圖中位置無初速度釋放后沿內(nèi)壁滾到最低點(diǎn)時,大球移動的距離為(　　) A. B. C. D. 答案C 8、(2017河北邯鄲三校期中聯(lián)考) A、B是一條電場線上的兩個點(diǎn),一帶正電的粒子僅在電場力作用下以一定的初速度從A點(diǎn)沿電場線運(yùn)動到B點(diǎn),其v-t圖象如圖所示。則該電場的電場線分布可能是下列選項(xiàng)中的(　　) 答案D 解析根據(jù)v-t圖象,帶電粒子的加速度逐漸增大,速度逐漸減小,故帶正電的粒子應(yīng)該逆著電場線且向著電場線密的方向運(yùn)動,選項(xiàng)D正確。 9、(多選)(非純電阻電路)如圖所示,一直流電動機(jī)與阻值R=9 Ω的電阻串聯(lián)在電源上,電源電動勢E=30 V,內(nèi)阻r=1 Ω,用理想電壓表測出電動機(jī)兩端電壓U=10 V,已知電動機(jī)線圈電阻RM=1 Ω,則下列說法正確的是 (　　) A.通過電動機(jī)的電流為10 A B.電動機(jī)的輸入功率為20 W C.電動機(jī)的熱功率為4 W D.電動機(jī)的輸出功率為16 W 答案BCD 解析由E=30 V,電動機(jī)兩端電壓為10 V可得R和電源內(nèi)阻上分擔(dān)電壓為20 V,則I= A=2 A,故A錯;電動機(jī)輸入功率P=UI=10 V2 A=20 W,故B正確;P熱=I2RM=41 W=4 W,故C正確;P輸出=P-P熱=20 W-4 W=16 W,故D正確。 10、(多選)(帶電粒子在磁場中的圓周運(yùn)動)(2017甘肅一診)下圖為研究帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動的演示儀結(jié)構(gòu)圖。若勵磁線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面向外,電子束由電子槍產(chǎn)生,其速度方向與磁場方向垂直且水平向右,電子速度的大小v和磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B可分別由通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié),則下列說法正確的是(　　) A.僅增大勵磁線圈中的電流,電子束運(yùn)動軌跡的半徑將變大 B.僅提高電子槍的加速電壓,電子束運(yùn)動軌跡的半徑將變大 C.僅增大勵磁線圈中的電流,電子做圓周運(yùn)動的周期不變 D.僅提高電子槍的加速電壓,電子做圓周運(yùn)動的周期不變 答案BD 解析電子經(jīng)電場加速,根據(jù)動能定理,得eU=mv2,進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動,軌跡半徑r=,代入v可得r=,選項(xiàng)A錯誤,選項(xiàng)B正確;電子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期T=,與速度無關(guān),與磁場強(qiáng)度有關(guān),選項(xiàng)C錯誤,選項(xiàng)D正確。 11、(2017遼寧本溪高級中學(xué)月考)如圖所示,金屬棒ab置于水平放置的U形光滑導(dǎo)軌上,在ef右側(cè)存在有界勻強(qiáng)磁場B,磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向下,在ef左側(cè)的無磁場區(qū)域cdef內(nèi)有一半徑很小的金屬圓環(huán),圓環(huán)與導(dǎo)軌在同一平面內(nèi)。當(dāng)金屬棒ab在水平恒力F作用下從磁場左邊界ef處由靜止開始向右運(yùn)動后,下列有關(guān)圓環(huán)的說法正確的是(　　) A.圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生變大的感應(yīng)電流,圓環(huán)有收縮的趨勢 B.圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生變大的感應(yīng)電流,圓環(huán)有擴(kuò)張的趨勢 C.圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生變小的感應(yīng)電流,圓環(huán)有收縮的趨勢 D.圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生變小的感應(yīng)電流,圓環(huán)有擴(kuò)張的趨勢 答案C 解析根據(jù)右手定則,當(dāng)金屬棒ab在恒力F的作用下向右運(yùn)動時,abdc回路中會產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流,則在圓環(huán)處產(chǎn)生垂直于紙面向外的磁場,隨著金屬棒向右加速運(yùn)動,abdc回路中的感應(yīng)電流逐漸增大,穿過圓環(huán)的磁通量也逐漸增大,依據(jù)楞次定律可知,圓環(huán)將有收縮的趨勢以阻礙圓環(huán)磁通量的增大;abdc回路中的感應(yīng)電流I=,感應(yīng)電流的變化率a,又由于金屬棒向右運(yùn)動的加速度a=減小,所以感應(yīng)電流的變化率減小,圓環(huán)內(nèi)磁通量的變化率減小,所以在圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流不斷減小,C正確。 12、(交變電流的有效值)(2017山東萊蕪期末)一矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動,周期為T,從中性面開始計(jì)時,當(dāng)t=T時,感應(yīng)電動勢的瞬時值為10 V,則此交流電壓的有效值為(　　) A.5 V B.10 V C.10 V D.20 V 答案C 解析從中性面開始計(jì)時,瞬時值表達(dá)式為e=Emsin t,當(dāng)t=T時,e==10 V,解得Em=20 V,有效值E==10 V,C正確。 13、.(2018河南洛陽二模)一個德布羅意波波長為λ1的中子和另一個德布羅意波波長為λ2的氘核同向正碰后結(jié)合成一個氚核,該氚核的德布羅意波波長為(　　) A. B. C. D. 答案A 解析中子的動量p1=,氘核的動量p2=,同向正碰后形成的氚核的動量p3=p2+p1,所以氚核的德布羅意波波長λ3=,A正確。