【步步高】2020年高考物理大一輪 第八章 高考熱點(diǎn)探究 新人教版選修3-1

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1、高考熱點(diǎn)探究 一、結(jié)合左手定則、r＝mv/qB判斷帶電粒子在 磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情形 1．(2020·重慶理綜·21)如圖1所示，矩形MNPQ區(qū)域內(nèi)有方向垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，有5個(gè)帶電粒子從圖中箭頭所示位置垂直于磁場(chǎng)邊界進(jìn)入磁場(chǎng)，在紙面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡為相應(yīng)的圓?。@些粒子的質(zhì)量、電荷量以及速度大小如下表所示． 圖1 粒子編號(hào) 質(zhì)量 電荷量(q>0) 速度大小 1 m 2q v 2 2m 2q 2v 3 3m －3q 3v 4 2m 2q 3v 5 2m －q v 由以上信息可知，從圖中a、b、c處進(jìn)入的粒子對(duì)應(yīng)表中

2、的編號(hào)分別為 (　　) A．3、5、4 B．4、2、5 C．5、3、2 D．2、4、5 二、帶電粒子在組合磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 2．(2020·山東理綜·25)扭擺器是同步輻射裝置中的插入件，能使粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡發(fā)生扭擺．其簡(jiǎn)化模型如圖2：Ⅰ、Ⅱ兩處的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)邊界豎直，相距為L，磁場(chǎng)方向相反且垂直于紙面．一質(zhì)量為m、電荷量為－q、重力不計(jì)的粒子，從靠近平行板電容器MN板處由靜止釋放，極板間電壓為U，粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后平行于紙面射入Ⅰ區(qū)，射入時(shí)速度與水平方向的夾角θ＝30°. 圖2 (1)當(dāng)Ⅰ區(qū)寬度L1＝L、磁感應(yīng)

3、強(qiáng)度大小B1＝B0時(shí)，粒子從I區(qū)右邊界射出時(shí)速度與水平方向夾角也為30°，求B0及粒子在Ⅰ區(qū)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t. (2)若Ⅱ區(qū)寬度L2＝L1＝L、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B2＝B1＝B0，求粒子在Ⅰ區(qū)的最高點(diǎn)與Ⅱ區(qū)的最低點(diǎn)之間的高度差h. (3)若L2＝L1＝L、B1＝B0，為使粒子能返回Ⅰ區(qū)，求B2應(yīng)滿足的條件． (4)若B1≠B2、L1≠L2，且已保證了粒子能從Ⅱ區(qū)右邊界射出．為使粒子從Ⅱ區(qū)右邊界射出的方向與從Ⅰ區(qū)左邊界射入的方向總相同，求B1、B2、L1、L2之間應(yīng)滿足的關(guān)系式． 三、有臨界情況的帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 3．(2020·廣東理綜·35)如圖3(a)所示，在以O(shè)為圓心，內(nèi)外半

4、徑分別為R1和R2的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)，存在輻射狀電場(chǎng)和垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，內(nèi)外圓間的電勢(shì)差U為常量，R1＝R0，R2＝3R0.一電荷量為＋q，質(zhì)量為m的粒子從內(nèi)圓上的A點(diǎn)進(jìn)入該區(qū)域，不計(jì)重力． (1)已知粒子從外圓上以速度v1射出，求粒子在A點(diǎn)的初速度v0的大?。? (2)若撤去電場(chǎng)，如圖(b)，已知粒子從OA延長線與外圓的交點(diǎn)C以速度v2射出，方向與OA延長線成45°角，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間． (3)在圖(b)中，若粒子從A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，速度大小為v3，方向不確定，要使粒子一定能夠從外圓射出，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)小于多少？ 圖3 解析　(1)因?yàn)閹щ娏Ｗ舆M(jìn)入復(fù)合

5、場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)， 則qv0B＝qE ①(2分) R＝v0t0 ②(1分) 由①②聯(lián)立解得E＝，方向沿x軸正方向． (2分) (2)若僅撤去磁場(chǎng)，帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿y軸正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)y＝v0·＝ (1分) 沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng) (2分) x＝a()2＝ 由幾何關(guān)系知x＝ ＝R (1分) 解得a＝ (1分) (3)僅有磁場(chǎng)時(shí)，入射速度v′＝4v0，帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)軌道半徑為r，由牛頓第

6、二定律有 qv′B＝m (1分) 又qE＝ma (1分) 可得r＝ (1分) 由幾何知識(shí)sin α＝，即sin α＝，α＝ (2分) 帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期T＝ (1分) 則帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t′＝T 所以t′＝t0 (2分) 答案　見解析 試題分析 近幾年全國、各省市的高考都把帶電粒子在電磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的題目做為壓軸題，分值較高(18分以上)．綜合性較強(qiáng)、過程復(fù)雜、情景抽象，歸納性強(qiáng)，數(shù)學(xué)運(yùn)算能力要求較高，題解突

7、破口難以確認(rèn)，難度較大，是考生成績(jī)拉開檔次的一個(gè)題目．但只要有信心，掌握一定的方法與解題技巧，就可能多得分，得高分，甚至得滿分． 命題特征 1．本類試題所給的場(chǎng)大都是分離的電磁場(chǎng)或者說由幾個(gè)場(chǎng)組合而成的，有些題目是交變的電磁場(chǎng)． 2．題目涉及的過程較為復(fù)雜．有電場(chǎng)中的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)中的類平拋運(yùn)動(dòng)、勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且有交替． 3．有運(yùn)動(dòng)的臨界點(diǎn)． 4．解題方法：(1)分析運(yùn)動(dòng)過程；(2)畫圓弧，找半徑；(3)畫運(yùn)動(dòng)軌跡． 知識(shí)鏈接 1．矢量(力、電場(chǎng)強(qiáng)度E、磁感應(yīng)強(qiáng)度B)的合成與分解的方法：平行四邊形定則、正交分解法． 2．帶電粒子的加速與偏轉(zhuǎn)：動(dòng)能定理、運(yùn)動(dòng)

8、的合成與分解、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式． 3．帶電粒子在磁場(chǎng)中的勻速圓周運(yùn)動(dòng)：向心力的來源，半徑公式、周期公式、運(yùn)動(dòng)時(shí)間的確定：t＝T. 4．帶電粒子在有界磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的確定． 5．關(guān)于基本粒子及微粒的電荷量與質(zhì)量 (1)基本粒子的電荷量與質(zhì)量：電子(β粒子)為e、質(zhì)子(氕核)為H、α粒子為He、氘核為H、氚核為H等，式中左上角的數(shù)字為粒子質(zhì)量數(shù)、左下角的數(shù)字為粒子的電荷數(shù)，從中可以比較它們質(zhì)量、電荷量的大?。? 宏觀微粒如塵埃、微粒、油滴、小球等，電荷量與質(zhì)量由題意說明而定． (2)帶電粒子的電荷量、質(zhì)量一般以比荷()的形式出現(xiàn)在各物理量表達(dá)式中. 圖5 1． 如圖5所示

9、，在xOy直角坐標(biāo)系中，第Ⅰ象限內(nèi)分布著方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第Ⅱ象限內(nèi)分布著方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，初速度為零、帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的粒子經(jīng)過電壓為U的電場(chǎng)加速后，從x軸上的A點(diǎn)垂直x軸進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后過y軸上的P點(diǎn)且垂直y軸進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)并擊中x軸 上的C點(diǎn)．已知OA＝OC＝d.求電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小(粒子的重力不計(jì))． 2．如圖6所示，MN是一段在豎直平面內(nèi)半徑為1 m的光滑的 1/4圓弧軌道，軌道上存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)．軌道的右 圖6 側(cè)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1＝0.1 T．現(xiàn)有一帶電荷量為1 C、

10、質(zhì)量為100 g的帶正電小球從 M點(diǎn)由靜止開始自由下滑，恰能沿NP方向做直線運(yùn)動(dòng)，并進(jìn)入右側(cè)的復(fù)合場(chǎng)(NP沿復(fù)合 場(chǎng)的中心線)．已知AB板間的電壓為UBA＝2 V，板間距離d＝2 m，板的長度L＝3 m，若 小球恰能從板的邊沿飛出，g取10 m/s2.求： (1)小球運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)的速度v； (2)水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E； (3)復(fù)合場(chǎng)中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2. 圖7 3. 如圖7所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系，第一象限有水平向左的勻強(qiáng) 電場(chǎng)E1，第四象限有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且y<－L處有豎直 向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)E2.質(zhì)量為m的小球自A(0，L/2)處以v0

11、的初速度水平 拋出，小球到達(dá)B(L,0)處時(shí)速度方向恰好與x軸垂直．在B處有一內(nèi) 表面粗糙的圓筒，筒內(nèi)壁與小球間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，筒直徑略大于 小球直徑，筒長為L，豎直放置．已知小球在離開筒以前就已經(jīng)勻 速，且離開筒后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，恰在D(0,2L)處水平進(jìn)入第三象限．求： (1)E1∶E2是多少？ (2)在圓筒內(nèi)摩擦力做功是多少？ 答案 考題展示 1．D　 2．(1) 　 (2)(2－ )L (3)B2> (或B2≥ ) (4)B1L1＝B2L2 3．見解析 解析　(1)根據(jù)動(dòng)能定理，qU＝mv－mv，所以v0＝ . (2)如圖所示，設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，由幾 何知識(shí)可知R2＋R2＝(R2－R1)2，解得R＝R0.根據(jù)洛倫茲力公式 qv2B＝m，解得B＝. 根據(jù)公式＝，T＝， B＝，解得t＝＝＝＝ (3)考慮臨界情況，當(dāng)v3的方向沿小圓在A點(diǎn)的切線方向時(shí)， 粒子恰好不從外圓射出．如圖所示 ①qv3B1′＝m，解得B1′＝， ②qv3B2′＝m，解得B2′＝，綜合得：B′<. 預(yù)測(cè)演練 1．E＝　B＝－ 2．(1)10 m/s　(2)4 N/C　(3)0.2 T 3．(1)2∶1　(2)mgL(1－)＋mv