7、
＝x－2xn＋1＋(xn＋1＋2)ln(1＋xn＋1). 7分
記函數(shù)f(x)＝x2－2x＋(x＋2)ln(1＋x)(x≥0)，
f′(x)＝＋ln(1＋x)>0(x>0)，
函數(shù)f(x)在[0，＋∞)上單調(diào)遞增，
所以f(x)≥f(0)＝0，
因此x－2xn＋1＋(xn＋1＋2)ln(1＋xn＋1)＝f(xn＋1)≥0，
故2xn＋1－xn≤(n∈N*). 10分
(3)證明：因為xn＝xn＋1＋ln(1＋xn＋1)≤xn＋1＋xn＋1＝2xn＋1，
所以xn≥.
由≥2xn＋1－xn
得－≥2>0， 13分
所以－≥2≥…≥2n－1＝
8、2n－2，
故xn≤.
綜上，≤xn≤(n∈N*). 15分
3．(20xx浙江高考)設數(shù)列{an}滿足≤1，n∈N*.
(1)證明：|an|≥2n－1(|a1|－2)，n∈N*；
(2)若|an|≤n，n∈N*，證明：|an|≤2，n∈N*.
[證明] (1)由≤1，
得|an|－|an＋1|≤1，
故－≤，n∈N*， 2分
所以－＝＋＋…＋≤＋＋…＋<1，
因此|an|≥2n－1(|a1|－2). 5分
(2)任取n∈N*，由(1)知，對于任意m>n，
－＝＋＋…＋≤＋＋…＋<，
故|an|<2n
≤2n
＝2＋m2n. 8
9、分
從而對于任意m>n，均有|an|<2＋m2n.①
由m的任意性得|an|≤2.
否則，存在n0∈N*，有|an0|>2，
取正整數(shù)m0>log且m0>n0， 11分
則2n0m0<2n0log＝|an0|－2，與①式矛盾．
綜上，對于任意n∈N*，均有|an|≤2. 15分
(對應學生用書第21頁)
熱點題型1 數(shù)列中的an與Sn的關系
數(shù)列中的an與Sn的關系
題型分析：以數(shù)列中an與Sn間的遞推關系為載體，考查數(shù)列通項公式的求法，以及推理論證的能力.
【例1】 數(shù)列{an}中，a1＝1，Sn為數(shù)列{an}的前n項和，且滿足＝1(n≥2)．求數(shù)
10、列{an}的通項公式．
【導學號：68334070】
[解] 由已知，當n≥2時，＝1，
所以＝1， 2分
即＝1，
所以－＝. 4分
又S1＝a1＝1，
所以數(shù)列是首項為1，公差為的等差數(shù)列， 6分
所以＝1＋(n－1)＝，
即Sn＝. 8分
所以當n≥2時，an＝Sn－Sn－1＝－＝－. 12分
因此an＝ 15分
[方法指津]
給出Sn與an的遞推關系，求an，常用思路：一是利用Sn－Sn－1＝an(n≥2)轉(zhuǎn)化為an的遞推關系，再求其通項公式；二是轉(zhuǎn)化為Sn的遞推關系，先求出Sn與n之間的關系，再求an.
提醒：在利用an＝Sn
11、－Sn－1(n≥2)求通項公式時，務必驗證n＝1時的情形
[變式訓練1] (1)已知數(shù)列{an}前n項和為Sn，若Sn＝2an－2n ，則Sn＝__________. 【導學號：68334071】
(2)已知數(shù)列{an}的各項均為正數(shù)，其前n項和為Sn，且2Sn＋2＝3an(n∈N*)，則an＝__________.
(1)n2n(n∈N*) (2)23n－1(n∈N*) [(1)由Sn＝2an－2n得當n＝1時，S1＝a1＝2；當n≥2時，Sn＝2(Sn－Sn－1)－2n，即－＝1，所以數(shù)列是首項為1，公差為1的等差數(shù)列，則＝n，Sn＝n2n(n≥2)，當n＝1
12、時，也符合上式，所以Sn＝n2n(n∈N*)．
(2)因為2Sn＋2＝3an， ①
所以2Sn＋1＋2＝3an＋1， ②
由②－①，得2Sn＋1－2Sn＝3an＋1－3an，所以2an＋1＝3an＋1－3an，即＝3.
當n＝1時，2＋2S1＝3a1，所以a1＝2，所以數(shù)列{an}是首項為2，公比為3的等比數(shù)列，
所以an＝23n－1(n∈N*)．]
熱點題型2 裂項相消法求和
題型分析：裂項相消法是指把數(shù)列與式中的各項分別裂開后，某些項可以相互抵消從而求和的方法，主要適用于(其中{an}為等差數(shù)列)等形式的數(shù)列求和.
【例2】 已知等差數(shù)列{an}的公差d≠0，
13、它的前n項和為Sn，若S5＝70，且a2，a7，a22成等比數(shù)列，
(1)求數(shù)列{an}的通項公式；
(2)若數(shù)列的前n項和為Tn，求證：≤Tn<.
[解] (1)由已知及等差數(shù)列的性質(zhì)得S5＝5a3，∴a3＝14， 1分
又a2，a7，a22成等比數(shù)列，即a＝a2a22. 2分
由(a1＋6d)2＝(a1＋d)(a1＋21d)且d≠0，
解得a1＝d，∴a1＝6，d＝4. 4分
故數(shù)列{an}的通項公式為an＝4n＋2，n∈N*. 6分
(2)證明：由(1)得Sn＝＝2n2＋4n，＝＝，8分
∴Tn＝1－＋－＋…＋－
＝－. 11分
又Tn≥T
14、1＝－＝，
所以≤Tn<. 15分
[方法指津]
裂項相消法的基本思想就是把通項an分拆成an＝bn＋k－bn(k≥1，k∈N*)的形式，常見的裂項方式有：
提醒：在裂項變形時，務必注意裂項前后系數(shù)的變化.
[變式訓練2] (名師押題)已知數(shù)列{an}是遞增的等比數(shù)列，且a1＋a4＝9，a2a3＝8.
(1)求數(shù)列{an}的通項公式；
(2)設Sn為數(shù)列{an}的前n項和，bn＝，求數(shù)列{bn}的前n項和Tn.
[解] (1)由題設知a1a4＝a2a3＝8， 2分
又a1＋a4＝9，可得或(舍去) 4分
由a4＝a1q3得公比q＝2，故an＝a1
15、qn－1＝2n－1. 6分
(2)Sn＝＝2n－1. 8分
又bn＝＝＝－， 12分
所以Tn＝b1＋b2＋…＋bn＝＋＋…＋＝－＝1－. 15分
熱點題型3 錯位相減法求和
題型分析：限于數(shù)列解答題的位置較為靠前，加上錯位相減法的運算量相對較大，故該命題點出現(xiàn)的頻率不高，但其仍是命題的熱點之一，務必加強訓練.
【例3】 已知數(shù)列{an}和{bn}滿足a1＝2，b1＝1，an＋1＝2an(n∈N*)，b1＋b2＋b3＋…＋bn＝bn＋1－1(n∈N*)．
(1)求an與bn；
(2)記數(shù)列{anbn}的前n項和為Tn，求Tn.
[解] (1)由a1＝2，an
16、＋1＝2an，得an＝2n(n∈N*). 2分
由題意知：
當n＝1時，b1＝b2－1，故b2＝2. 3分
當n≥2時，bn＝bn＋1－bn. 4分
整理得＝，所以bn＝n(n∈N*). 6分
(2)由(1)知anbn＝n2n，
因此Tn＝2＋222＋323＋…＋n2n，
2Tn＝22＋223＋324＋…＋n2n＋1， 10分
所以Tn－2Tn＝2＋22＋23＋…＋2n－n2n＋1. 12分
故Tn＝(n－1)2n＋1＋2(n∈N*). 15分
[方法指津]
運用錯位相減法求和應注意：一是判斷模型，即判斷數(shù)列{an}，{bn}中一個為等差數(shù)列，一
17、個為等比數(shù)列；二是錯開位置，一般先乘以公比，再把前n項和退后一個位置來書寫，這樣避免兩式相減時看錯列；三是相減，相減時一定要注意式中最后一項的符號，考生常在此步出錯，一定要細心．
提醒：為保證結(jié)果正確，可對得到的和取n＝1,2進行驗證．
[變式訓練3] 已知在公比大于1的等比數(shù)列{an}中，a2，a4是函數(shù)f(x)＝(x－2)(x－8)的兩個零點．
(1)求數(shù)列{an }的通項公式；
(2)求數(shù)列{2nan}的前n項和Sn.
[解] (1)因為a2，a4是函數(shù)f(x)＝(x－2)(x－8)的兩個零點，且等比數(shù)列{an}的公比q大于1，所以a2＝2，a4＝8， 2分
所以q＝
18、2，所以數(shù)列{an}的通項公式為an＝2n－1(n∈N*). 6分
(2)由(1)知2nan＝n2n ，所以Sn＝12＋222＋…＋n2n，① 7分
2Sn＝122＋223＋…＋(n－1)2n＋n2n＋1，② 11分
由①－②，得－Sn＝2＋22＋23＋…＋2n－n2n＋1＝－n2n＋1，13分
所以Sn＝2＋(n－1)2n＋1(n∈N*). 15分
熱點題型4 數(shù)列的綜合問題
題型分析：數(shù)列與函數(shù)、不等式的綜合問題多為解答題.難度偏大，屬中高檔題，常有以下兩個命題角度：
(1)以數(shù)列為載體，考查不等式的恒成立問題；
(2)考查與數(shù)列有關的不等式的證明問題.
【
19、例4】 (20xx紹興市方向性仿真考試)已知數(shù)列{an}滿足，a1＝1，an＝－.
(1)求證：≤an≤1；
(2)求證：|an＋1－an|≤；
(3)求證：|a2n－an|≤. 【導學號：68334072】
[證明] (1)由已知得an＋1＝，又a1＝1，
所以a2＝，a3＝，a4＝，猜想≤an≤1. 2分
下面用數(shù)學歸納法證明．
①當n＝1時，命題顯然成立；
②假設n＝k時，有≤an≤1成立，則當n＝k＋1時，ak＋1＝≤＜1，
ak＋1＝≥＝，
即當n＝k＋1時也成立，
所以對任意n∈N*，都有≤an≤1. 5分
(2)當n＝1時，|a
20、2－a1|＝，
當n≥2時，∵＝＝1＋≥1＋＝， 7分
∴|an＋1－an|＝
＝
≤|an－an－1|≤…≤n－1|a2－a1|
＝n－1＜.
綜上所述，|an＋1－an|≤. 10分
(3)當n＝1時，|a2－a1|＝＝＜； 11分
當n≥2時，
|a2n－an|≤|a2n－a2n－1|＋|a2n－1－a2n－2|＋…＋|an＋1－an|
≤
＝n－1－2n－1
≤－3＝. 15分
[方法指津]
解決數(shù)列與不等式的綜合問題時，如果是證明題，要靈活的選擇不等式的證明方法，如比較法、綜合法、分析法、放縮法、反證法及數(shù)學歸納法等；如果是解不
21、等式問題，要使用解不等式的各種解法，如列表法、因式分解法、穿根法等，總之解決這類問題把數(shù)列和不等式的知識巧妙結(jié)合起來綜合處理就行了.
[變式訓練4] (20xx臺州市高三年級調(diào)考)已知數(shù)列{an}滿足：an＞0，an＋1＋＜2(n∈N*)．
(1)求證：an＋2＜an＋1＜2(n∈N*)；
(2)求證：an＞1(n∈N*)．
[證明] (1)由an＞0，an＋1＋＜2，
得an＋1＜2－＜2. 2分
因為2＞an＋2＋＞2(由題知an＋1≠an＋2)，
所以an＋2＜an＋1＜2. 4分
(2)法一：假設存在aN≤1(N≥1，N∈N*)，
由(1)可得當n
22、＞N時，an≤aN＋1＜1. 6分
根據(jù)an＋1－1＜1－＝＜0，而an＜1，
所以＞＝1＋，
于是＞1＋，
……
＞1＋. 10分
累加可得＞n－1＋.(*)
由假設可得aN＋n－1＜0， 12分
而當n＞－＋1時，顯然有n－1＋＞0，
因此有＜n－1＋，
這顯然與(*)矛盾．
所以an＞1(n∈N*). 15分
法二：假設存在aN≤1(N≥1，N∈N*)，
由(1)可得當n＞N時，0＜an≤aN＋1＜1. 6分
根據(jù)an＋1－1＜1－＝＜0，而an＜1，
所以＜，
所以＞≥＞1.
于是1－an＞(1－an－1)，
1－an－1＞(1－an－2)，
……
1－aN＋2＞(1－aN＋1). 10分
累乘可得1－an＞(1－aN＋1)n－N－1，(*)
由(1)可得1－an＜1， 12分
而當n＞ ＋N＋1時，
則有(1－aN＋1)n－N－1＞1，
這顯然與(*)矛盾．
所以an＞1(n∈N*). 15分
浙江高考數(shù)學二輪復習教師用書：第1部分 重點強化專題 專題2 突破點5 數(shù)列求和及其綜合應用 Word版含答案
