人教版高中數(shù)學(xué)選修11：2.3 拋 物 線 課時提升作業(yè)十七 2.3.2.2 Word版含解析

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1、（人教版）精品數(shù)學(xué)教學(xué)資料 課時提升作業(yè)(十七) 拋物線方程及性質(zhì)的應(yīng)用 (25分鐘　60分) 一、選擇題(每小題5分,共25分) 1.拋物線y=14x2的焦點關(guān)于直線x-y-1=0的對稱點的坐標(biāo)是　(　　) A.(2,-1)　　　　　　 B.(1,-1) C.14,-14 D.116,-116 【解析】選A.y=14x2?x2=4y,焦點為(0,1),其關(guān)于x-y-1=0的對稱點為(2,-1). 2.(2015全國卷Ⅰ)已知橢圓E的中心為坐標(biāo)原點,離心率為12,E的右焦點與拋物線C:y2=8x的焦點重合,點A,B是C的準(zhǔn)線與E的兩個交點,則AB=(　　) A.

2、3 B.6 C.9 D.12 【解析】選B.設(shè)橢圓E的方程為x2a2+y2b2=1(a>b>0),右焦點為(c,0),依題意得c=2,ca=12,解得a=4,由b2=a2-c2=16-4=12,所以橢圓E的方程為x216+y212=1,因為拋物線C:y2=8x的準(zhǔn)線為x=-2,將x=-2代入到x216+y212=1,解得A(-2,3),B(-2,-3),故AB=6. 3.已知拋物線C:x2=12y,過點A(0,-1)和點B(t,3)的直線與拋物線C沒有公共點,則實數(shù)t的取值范圍是　(　　) A.(-∞,-1)∪(1,+∞) B.-∞,-22∪22,+∞ C.(-∞,-22

3、)∪(22,+∞) D.(-∞,-2)∪(2,+∞) 【解析】選D.顯然t≠0,直線AB的方程為y=4tx-1,代入拋物線方程得2tx2-4x+t=0. 由題意Δ=16-8t2<0,解得t<-2或t>2. 【補償訓(xùn)練】設(shè)拋物線y2=8x的準(zhǔn)線與x軸交于點Q,若過點Q的直線與拋物線有公共點,則直線斜率的取值范圍是　(　　) A.-12,12 B.[-2,2] C.[-1,1] D.[-4,4] 【解析】選C.準(zhǔn)線x=-2,Q(-2,0),設(shè)y=k(x+2), 由y=k(x+2),y2=8x得k2x2+4(k2-2)x+4k2=0, 當(dāng)k=0時,x=0,即交點為(

4、0,0),當(dāng)k≠0時,Δ≥0, -1≤k<0或0

5、43. 5.(2015成都高二檢測)將兩個頂點在拋物線y2=2px(p>0)上,另一個頂點是此拋物線焦點的正三角形個數(shù)記為n,則　(　　) A.n=0 B.n=1 C.n=2 D.n≥3 【解題指南】借助拋物線及正三角形的對稱性求解本題,注意數(shù)形結(jié)合. 【解析】選C.根據(jù)拋物線的對稱性,正三角形的兩個頂點一定關(guān)于x軸對稱,且過焦點的兩條直線傾斜角分別為30和150,如圖,所以正三角形的個數(shù)n=2. 二、填空題(每小題5分,共15分) 6.沿直線y=-2發(fā)出的光線經(jīng)拋物線y2=ax反射后,與x軸相交于點A(2,0),則拋物線的準(zhǔn)線方程為　　　　(拋物線的光學(xué)

6、性質(zhì):從焦點發(fā)出的光線經(jīng)拋物線反射后與軸平行). 【解析】由直線y=-2平行于拋物線的對稱軸知A(2,0)為焦點,故準(zhǔn)線方程為x=-2. 答案:x=-2 7.直線y=x-1被拋物線y2=4x截得線段的中點坐標(biāo)是　　　　. 【解析】設(shè)直線y=x-1與拋物線y2=4x交于A(x1,y1), B(x2,y2),其中點為P(x0,y0), 由題意得y=x-1,y2=4x, 消去y,整理得(x-1)2=4x,即x2-6x+1=0. 所以x0=x1+x22=3,y0=x0-1=2.所以P(3,2). 答案:(3,2) 【一題多解】y22=4x2,y12=4x1,y22-y12=4x2-

7、4x1,(y2-y1)(y2+y1)x2-x1=4. 所以y1+y2=4,即y0=2,因此x0=y0+1=3.故中點為P(3,2). 答案:(3,2) 8.(2015吉林高二檢測)已知拋物線y2=2px(p>0)的準(zhǔn)線為l,過M(1,0)且斜率為3的直線與l相交于點A,與拋物線的一個交點為B,若AM→=MB→,則p=　　　　. 【解析】由題知準(zhǔn)線l為x=-p2(p>0), 過點M且斜率為3的直線為y=3(x-1), 則A-p2,3-p2-1, 設(shè)B(x,0),由AM→=MB→可知 M為AB的中點,又M(1,0), 所以-p2+x=2,3-p2-1+y=0, 即x=2+p2,

8、y=3p2+1, 代入y2=2px可知, p2+4p-12=0, 即p=2或p=-6(舍去). 答案:2 三、解答題(每小題10分,共20分) 9.如圖,直線l:y=x+b與拋物線C:x2=4y相切于點A. (1)求實數(shù)b的值. (2)求以點A為圓心,且與拋物線C的準(zhǔn)線相切的圓的方程. 【解題指南】利用直線l與拋物線C相切,聯(lián)立方程,由Δ=0求實數(shù)b的值;由直線與圓相切求圓的方程. 【解析】(1)由y=x+b,x2=4y,得x2-4x-4b=0.(*) 因為直線l與拋物線C相切, 所以Δ=(-4)2-4(-4b)=0. 解得b=-1. (2)由(1)可知b=-1

9、,故方程(*)為x2-4x+4=0. 解得x=2,代入x2=4y,得y=1, 故點A(2,1). 因為圓A與拋物線C的準(zhǔn)線相切, 所以圓A的半徑r就等于圓心A到拋物線的準(zhǔn)線y=-1的距離, 即r=|1-(-1)|=2, 所以圓A的方程為(x-2)2+(y-1)2=4. 10.(2015濟南高二檢測)如圖,已知點P(-3,0),點Q在x軸上,點A在y軸上,且PA→AQ→=0,QM→=2AQ→.當(dāng)點A在y軸上移動時,求動點M的軌跡方程. 【解題指南】設(shè)出點M的坐標(biāo),利用PA→AQ→=0,QM→=2AQ→,求動點M的軌跡方程. 【解析】設(shè)動點M(x,y),A(0,b),Q(a,

10、0), 因為P(-3,0), 所以PA→=(3,b),AQ→=(a,-b),QM→=(x-a,y), 因為PA→AQ→=0, 所以(3,b)(a,-b)=0,即3a-b2=0.① 因為QM→=2AQ→, 所以(x-a,y)=2(a,-b),即x=3a,y=-2b.② 由①②得y2=4x. 所以動點M的軌跡方程為y2=4x. 【補償訓(xùn)練】若動點P在y=2x2+1上移動,求點P與Q(0,-1)連線中點的軌跡方程. 【解析】設(shè)PQ中點為M(x,y),P(x0,y0), 則x=x0+02,y=y0-12,所以x0=2x,y0=2y+1. 又因為y0=2x02+1,所以2y+1=

11、8x2+1. 即y=4x2為所求的軌跡方程. (20分鐘　40分) 一、選擇題(每小題5分,共10分) 1.(2014遼寧高考)已知點A(-2,3)在拋物線C:y2=2px的準(zhǔn)線上,過點A的直線與C在第一象限相切于點B,記C的焦點為F,則直線BF的斜率為　(　　) A.12　　　　B.23　　　　C.34　　　　D.43 【解題指南】由直線與C相切求B點的坐標(biāo),由斜率公式求直線BF的斜率. 【解析】選D.因為拋物線C:y2=2px的準(zhǔn)線為x=-p2,且點A(-2,3)在準(zhǔn)線上,所以p=4.設(shè)直線AB的方程為x+2=m(y-3),與拋物線方程y2=8x聯(lián)立得到y(tǒng)2-8my+24m+

12、16=0,由題易知Δ=0,解得m=-12(舍)或m=2,這時B點的坐標(biāo)為(8,8),而焦點F的坐標(biāo)為(2,0),故直線BF的斜率kBF=8-08-2=43. 2.(2014四川高考)已知F為拋物線y2=x的焦點,點A,B在該拋物線上且位于x軸的兩側(cè),OA→OB→=2(其中O為坐標(biāo)原點),則△ABO與△AFO面積之和的最小值是　(　　) A.2 B.3 C.1728 D.10 【解析】選B.由題意可知,F14,0.設(shè)A(y12,y1),B(y22,y2), 所以O(shè)A→OB→=y1y2+y12y22=2, 解得y1y2=1或y1y2=-2.又因為A,B兩點位于x軸兩側(cè),

13、所以y1y2<0,即y1y2=-2. 當(dāng)y12≠y22時,AB所在直線方程為y-y1=y1-y2y12-y22(x-y12)=1y1+y2(x-y12), 令y=0,得x=-y1y2=2,即直線AB過定點C(2,0). 于是S△ABO+S△AFO=S△ACO+S△BCO+S△AFO=122|y1|+122|y2|+1214|y1|=18(9|y1|+8|y2|)≥1829|y1|8|y2|=3,當(dāng)且僅當(dāng)9|y1|=8|y2|且y1y2=-2時,等號成立.當(dāng)y12=y22時,取y1=2,y2=-2,則AB所在直線的方程為x=2,此時求得S△ABO+S△AFO=21222+12142=172

14、8.而1728>3,故最小值為3. 【誤區(qū)警示】本題在求解時常因忽略條件“點A,B在該拋物線上且位于x軸的兩側(cè)”導(dǎo)致解題錯誤. 二、填空題(每小題5分,共10分) 3.平面上有三個點A(-2,y),B0,y2,C(x,y),若AB⊥BC,則動點C的軌跡方程為　　　　. 【解析】AB→=0,y2-(-2,y)=2,-y2,BC→=(x,y)-0,y2=x,y2.因為AB⊥BC,所以AB→BC→=0,所以2,-y2x,y2=0,即y2=8x.所以動點C的軌跡方程為y2=8x. 答案:y2=8x 4.(2015漳州高二檢測)已知過拋物線y2=4x焦點的一條弦AB,A(x1,y1),B(x

15、2,y2),AB所在直線與y軸的交點坐標(biāo)為(0,2),則1y1+1y2=　　　　. 【解析】弦AB是過焦點F(1,0)的弦,又過點(0,2), 所以其方程為x+y2=1, 2x+y-2=0與y2=4x聯(lián)立得 y2+2y-4=0,y1+y2=-2,y1y2=-4, 1y1+1y2=y1+y2y1y2=-2-4=12. 答案:12 【補償訓(xùn)練】線段AB是拋物線y2=x的一條焦點弦,且|AB|=4,則線段AB的中點C到直線x+12=0的距離是　　　　. 【解析】線段AB的中點C到準(zhǔn)線x=-14的距離為|AB|長的一半,則中點C到直線x+12=0的距離為94. 答案:94 三、

16、解答題(每小題10分,共20分) 5.如圖,過拋物線y2=x上一點A(4,2)作傾斜角互補的兩條直線AB,AC,交拋物線于B,C兩點,求證:直線BC的斜率是定值. 【證明】設(shè)kAB=k(k≠0), 因為直線AB,AC的傾斜角互補, 所以kAC=-k(k≠0), AB的方程是y=k(x-4)+2. 由方程組y=k(x-4)+2,y2=x, 消去y后,整理得 k2x2+(-8k2+4k-1)x+16k2-16k+4=0. 因為A(4,2),B(xB,yB)的橫坐標(biāo)是上述方程的解, 所以4xB=16k2-16k+4k2, 即xB=4k2-4k+1k2. 以-k代換xB中的

17、k,得xC=4k2+4k+1k2, 所以kBC=yB-yCxB-xC=k(xB-4)+2-[-k(xC-4)+2]xB-xC =k(xB+xC-8)xB-xC=k8k2+2k2-8-8kk2=-14. 所以直線BC的斜率是定值. 【補償訓(xùn)練】如圖,已知△AOB的一個頂點為拋物線y2=2x的頂點O,A,B兩點都在拋物線上,且∠AOB=90. (1)證明直線AB必過一定點. (2)求△AOB面積的最小值. 【解析】(1)設(shè)OA所在直線的方程為y=kx(k≠0),則直線OB的方程為y=-1kx, 由y=kx,y2=2x,解得x=0,y=0或x=2k2,y=2k, 即A點的坐標(biāo)為

18、2k2,2k. 同理由y=-1kx,y2=2x, 解得B點的坐標(biāo)為(2k2,-2k). 所以AB所在直線的方程為y+2k=2k+2k2k2-2k2(x-2k2), 化簡并整理,得1k-ky=x-2. 不論實數(shù)k取任何不等于0的實數(shù),當(dāng)x=2時,恒有y=0. 故直線過定點P(2,0). (2)由于AB所在直線過定點P(2,0),所以可設(shè)AB所在直線的方程為x=my+2. 由x=my+2,y2=2x,消去x并整理得y2-2my-4=0. 所以y1+y2=2m,y1y2=-4. 于是|y1-y2|=(y1-y2)2=(y1+y2)2-4y1y2=(2m)2+16=2m2+4.

19、S△AOB=12|OP|(|y1|+|y2|) =12|OP||y1-y2|=1222m2+4=2m2+4. 所以當(dāng)m=0時,△AOB的面積取得最小值為4. 6.(2014安徽高考)如圖,已知兩條拋物線E1:y2=2p1x(p1>0)和E2:y2=2p2x(p2>0),過原點O的兩條直線l1和l2,l1與E1,E2分別交于A1,A2兩點,l2與E1,E2分別交于B1,B2兩點. (1)證明:A1B1∥A2B2. (2)過原點O作直線l(異于l1,l2)與E1,E2分別交于C1,C2兩點.記△A1B1C1與△A2B2C2的面積分別為S1與S2,求S1S2的值. 【解題指南】(1)

20、設(shè)出兩條直線的方程,聯(lián)立拋物線方程,求出點A1,A2,B1,B2的坐標(biāo),利用向量證明平行關(guān)系. (2)利用兩個相似三角形的面積比等于相似比的平方進行求解. 【解析】(1)設(shè)直線l1,l2的方程分別為y=k1x,y=k2x(k1,k2≠0), 則由y=k1x,y2=2p1x,?A12p1k12,2p1k1, 由y=k1x,y2=2p2x,?A22p2k12,2p2k1, 同理可得B12p1k22,2p1k2,B22p2k22,2p2k2, 所以A1B1→=2p1k22-2p1k12,2p1k2-2p1k1 =2p11k22-1k12,1k2-1k1, A2B2→=2p2k22-2p2k12,2p2k2-2p2k1 =2p21k22-1k12,1k2-1k1, 故A1B1→=p1p2A2B2→,所以A1B1∥A2B2. (2)由(1)知A1B1∥A2B2,同理可得B1C1∥B2C2,A1C1∥A2C2,所以△A1B1C1相似于 △A2B2C2, 因此S1S2=|A1B1→||A2B2→|2,又由(1)中的A1B1→=p1p2A2B2→知|A1B1→||A2B2→|=p1p2,故S1S2=p12p22. 關(guān)閉Word文檔返回原板塊