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1、
選擇題仿真2021·Ⅰ卷高考模擬演練
二、選擇題：此題共8小題，每題6分。在每題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
14．(2021·河南三市二模)如下列圖，固定在絕緣支架上的平行板電容器充電后與電源斷開，B極板接地，A極板與一個靜電計相連。將B極板向左水平移動一小段距離后，電容器的電容C、靜電計指針偏角θ和極板間電場強度E的變化情況分別是( )
A．C變小，θ變大，E不變
B．C不變，θ不變，E變小
C．C變小，θ不變，E不變
D．C變小，θ變大，E變小
解析
2、電容器充好電后與電源斷開，那么電容器所帶電荷量不變。當B極板左移時，極板間距離增大，由C＝知電容C減小，又C＝，那么知兩板間電壓U升高，那么靜電計指針偏角θ變大，再由E＝＝＝可知電場強度不變，故A正確。
答案 A
15．(2021·門頭溝區(qū)二模)現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來分析比質(zhì)子重很多的離子，其示意圖如下列圖，其中加速電壓恒定。質(zhì)子在入口處從靜止開始被加速電場加速，經(jīng)勻強磁場偏轉后從出口離開磁場。假設某種一價正離子在入口處從靜止開始被同一加速電場加速，為使它經(jīng)勻強磁場偏轉后仍從同一出口離開磁場，需將磁感應強度增加到原來的12倍。那么關于離子和質(zhì)子的質(zhì)量比值正確的選項是( )
A．11 B
3、．12
C．144 D．121
解析 質(zhì)量為m，帶電量為q的粒子在質(zhì)譜儀中運動，那么粒子在加速電場中加速運動，設粒子在磁場中運動的速度為v，應用動能定理可得：Uq＝mv2
解得：v＝；
粒子在磁場做勻速圓周運動，洛倫茲力作向心力，那么有：Bvq＝
解得：R＝＝；
因為，離子和質(zhì)子從同一出口離開磁場，所以他們在磁場中運動的半徑相等，即：＝，所以，離子和質(zhì)子的質(zhì)量比＝144，故A、B、D三項錯誤，C項正確，應選C項。
答案 C
16．(2021·廣西欽州第三次質(zhì)檢)如下列圖，理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓相同的白熾燈泡a、b和c，燈泡b、c規(guī)格相同，當左端輸入電壓U為燈泡額
4、定電壓的10倍時，三只燈泡均能正常發(fā)光，導線電阻不計，以下說法正確的選項是( )
A．原、副線圈匝數(shù)比為10∶1
B．此時a燈和b燈的電流比為1∶1
C．此時a燈和b燈的電功率之比為1∶9
D．此時a燈和b燈的電阻比為9∶2
解析 燈泡正常發(fā)光，那么其兩端電壓均為額定電壓U額，那么說明原線圈輸入電壓為9U額，輸出電壓為U額；那么可知，原、副線圈匝數(shù)之比為9∶1，A錯誤；原、副線圈匝數(shù)之比為9∶1，那么：＝，＝，由歐姆定律可知，它們的電阻之比為9∶2，B錯誤，D正確；由于小燈泡兩端的電壓相等，所以根據(jù)公式P＝UI可得兩者的電功率之比為2∶9，C錯誤。
答案 D
17．2018
5、年10月15日12∶23∶00，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，成功將第39、40顆北斗導航系統(tǒng)衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進入預定軌道。這兩顆衛(wèi)星繞地球運動的周期分別為T1、T2，如果把衛(wèi)星與地球連線掃過的面積與其所用時間的比值定義為面積變化率，那么這兩顆衛(wèi)星繞地球公轉過程中的面積變化率之比是( )
A. B．
C. D．
解析 根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律可得G＝mr，衛(wèi)星的運動半徑r＝，由題知面積變化率的定義為，那么這兩顆衛(wèi)星繞地球公轉過程中的面積變化率之比為，C正確。
答案 C
18.(2021·湖南衡陽第三次聯(lián)考)某科研單位設計了一空間飛行器，飛行器從地面起飛
6、時，發(fā)動機提供的動力方向與水平方向夾角α＝60°，使飛行器恰好沿與水平方向成θ＝30°角的直線斜向右上方由靜止開始勻加速飛行，如下列圖。經(jīng)時間t后，將動力的方向沿逆時針旋轉60°同時適當調(diào)節(jié)其大小。使飛行器依然可以沿原方向勻減速飛行，飛行器所受空氣阻力不計，以下說法中正確的選項是( )
A．加速時動力的大小等于mg
B．加速與減速時的加速度大小之比為2∶1
C．減速飛行時間t后速度減為零
D．加速過程發(fā)生的位移與減速到零的過程發(fā)生的位移大小之比為2∶1
解析 起飛時，飛行器受推力和重力，兩力的合力與水平方向成30°角斜向上，設動力為F，合力為Fb，如圖甲所示：
在△OFF
7、b中，由正弦定理得：F＝mg，F(xiàn)b＝mg，故A錯誤；由牛頓第二定律得飛行器的加速度為：a1＝g，推力方向逆時針旋轉60°，合力的方向與水平方向成30°角斜向下，推力F′跟合力Fb′垂直，如圖乙所示，此時合力大小為：Fb′＝mgsin30°；動力大?。篎′＝mg；飛行器的加速度大小為：a2＝＝0.5g；加速與減速時的加速度大小之比為a1∶a2＝2∶1，故B正確；t時刻的速率：v＝a1t＝gt，到最高點的時間為：t′＝＝＝2t，故C錯誤，加速與減速過程發(fā)生的位移大小之比為∶＝1∶2，故D錯誤。
答案 B
19.(2021·廣東五校協(xié)作體聯(lián)考)如下列圖，物體A、B用細繩與輕彈簧連接后跨過滑輪。物
8、體A靜止在傾角為45°的粗糙斜面上，物體B懸掛著。質(zhì)量mA＝3mB，不計滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45°減小到30°，那么以下說法中正確的選項是( )
A．彈簧的彈力將增大
B．物體A對斜面的壓力將增大
C．物體A受到的靜摩擦力將減小
D．物體A可能被拉動
解析 對物體B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：FT＝mBg，那么知彈簧的彈力不變，故A錯誤；當斜面傾角為45°時有3mBgsin45°－mBg＝Ff1，當斜面傾角為30°時有3mBgsin30°－mBg＜Ff1，可見物體A并未被拉動，而且受到的靜摩擦力將減小，故D錯誤，C正確；物體A對斜面的壓力為FN＝mAgcosθ，
9、θ減小，F(xiàn)N將增大，故B正確。
答案 BC
20.如下列圖，在豎直平面內(nèi)有以O點為圓心的一個圓，a、b、c、d、e、f在圓上且ab⊥cd。關于cd對稱的圓周上的e點和f點固定有電荷量均為Q的正點電荷，∠eOf＝120°。那么( )
A．同一負電荷在O點和在c點受的電場力大小相等
B．同一正電荷在點c與點d受的電場力大小之比為2∶1
C．負電荷從d點由靜止釋放，運動到c點的過程中，加速度先減小后增大
D．將一正電荷沿著圓周從a點經(jīng)d移至b點的過程中，電場力先做正功后做負功
解析 點O與點c的場強大小相等，方向相反，同一負電荷在O點和在c點受的電場力大小相等，選項A正確；根據(jù)矢
10、量合成法那么，c點場強為Ec＝2cos60°＝，d點的場強為Ed＝2··＝，點c與點d的場強大小之比為∶1，同一正電荷在點c與點d受的電場力大小之比為∶1，選項B錯誤；根據(jù)電場強度的矢量合成法那么，距離兩點電荷連線x＝R＜R處的場強最強，那么負電荷從點d到點c的過程中，加速度先增大，再減小，再增大，選項C錯誤；根據(jù)等量同種點電荷的電場線分布，正電荷沿著圓周從點a到點d的過程中，電場力做正功，從點d到點b的過程中，電場力做負功，選項D正確。
答案 AD
21．(2021·廣東汕頭第二次模擬)甲、乙兩輛小汽車(都可視為質(zhì)點)分別處于同一條平直公路的兩條平行車道上，開始時(t＝0)乙車在前甲車在
11、后，兩車間距為x0。t＝0時甲車先啟動，t＝3 s時乙車再啟動，兩車啟動后都是先做勻加速運動，后做勻速運動，v-t圖像如下列圖。根據(jù)圖像，以下說法正確的選項是( )
A．兩車加速過程，甲的加速度比乙大
B．假設x0＝80 m，那么兩車間間距最小為30 m
C．假設兩車在t＝5 s時相遇，那么在t＝9 s時再次相遇
D．假設兩車在t＝4 s時相遇，那么在t＝10 s時再次相遇
解析 v -t圖像中的斜率大小表示加速度大小，從題圖圖像上可以看出乙的加速度大于甲的加速度，故A錯誤；速度相等時兩者之間的距離有最小值，從圖像上可以看出0～7 s內(nèi)甲運動的位移為x1＝ m＝90 m，而乙運動的位移為：x2＝×4×20 m＝40 m，那么甲、乙之間的距離為Δx＝x2＋80 m－x1＝30 m，故B正確；假設兩車在t＝5 s時相遇，從圖像上可以看出5～9 s內(nèi)甲、乙運動的位移相等，所以甲、乙在t＝9 s時會再次相遇，故C正確；假設兩車在t＝4 s時相遇，從圖像上可以看出4～10 s內(nèi)甲、乙運動的位移不相等，那么在t＝10 s時不會再次相遇，故D錯誤。
答案 BC
6
2022高考物理 刷題增分：選擇題仿真2022Ⅰ卷高考模擬演練（含解析）
