2020屆高考物理總復習 作業(yè)8 受力分析 共點力的平衡（含解析）

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1、 作業(yè)8　受力分析 共點力的平衡　　　　　　　　 一、選擇題 1．如圖8－1所示，用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，P、Q均處于靜止狀態(tài)，則下列說法正確的是(　　) 圖8－1 A．小球P受到3個力作用 B．物塊Q受到3個力作用 C．小球P受到物塊Q豎直向下的摩擦力作用 D．小球P受到物塊Q的彈力是因小球P發(fā)生形變引起的 解析：隔離物塊Q，則物塊Q受到豎直向下的重力、小球P及墻壁水平方向的彈力，因其處于靜止狀態(tài)且墻壁光滑，所以小球P對物塊Q一定有豎直向上的摩擦力作用，即物塊Q受四個力作用，B錯誤；隔離小球P，則P受重力、繩的拉力、物塊Q

2、的支持力和豎直向下的摩擦力4個力的作用，A錯誤，C正確；由彈力的定義可知小球P受到物塊Q的彈力是因物塊Q發(fā)生形變引起的，D錯誤． 答案：C 2． (2019年天津渤海月考)如圖8－2所示，一箱蘋果沿著傾角為θ的斜面，以速度v勻速下滑．在箱子的中央有一個質量為m的蘋果，它受到周圍蘋果對它作用力的合力的方向 (　　) 圖8－2 A．沿斜面向上 　　　　　B．沿斜面向下 C．豎直向上 D．垂直斜面向上 圖8－3 解析：一箱蘋果整體向下勻速運動，其中央的一個蘋果也一定是做勻速運動，受到的合力為零．由于中央的那一個蘋果只受重力與它周圍蘋果對它的作用力，

3、故重力與它周圍蘋果對它作用力的合力為一對平衡力，大小相等、方向相反，受力如圖8－3，故C正確． 答案：C 3．(2019年河北唐山模擬)如圖8－4所示，用一根長為l的細繩一端固定在O點，另一端懸掛質量為m的小 圖8－4 球A.為使細繩與豎直方向成30°角且繃緊，小球A處于靜止，對小球施加的最小的力是(　　) A.mg B.mg C.mg D.mg 解析：將小球的重力分解如圖8－5所示，其中一個分力等于施加的力的大?。斒┘拥牧εcOA垂直時最小，F(xiàn)min＝mgsin30°＝mg，C正確． 圖8－5 答案：C 4．輕質彈簧A的兩端分別連在質

4、量為m1和m2的小球上，兩球均可視為質點．另有兩根與A完全相同的輕質彈簧B、C的一端分別與兩個小球相連，B的另一端固定在天花板上，C的另一端用手牽住，如下圖8－6所示．適當調節(jié)手的高度與用力的方向，保持B彈簧軸線跟豎直方向夾角為37°不變(已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)．當彈簧C的拉力最小時，B、C兩彈簧的形變量之比為(　　) 圖8－6 A．1∶1 　　　 B．3∶5 　　　C．4∶3 　　　 D．5∶4 圖8－7 解析：以兩球整體為研究對象，受力分析如圖8－7所示，由合成法知當C彈簧與B彈簧垂直時施加的拉力最小，由幾何關系知TB∶TC＝4∶3，故選C

5、. 答案：C 5．(2019年河北衡水中學一調)將一光滑輕桿固定在地面上，桿與地面間的夾角為θ，一光滑輕環(huán)套在桿上．一個大小和質量都不計的滑輪用輕繩OP懸掛在天花板上，用另一輕繩通過滑輪系在輕環(huán)上，用手拉住輕繩另一端并使OP恰好在豎直方向，如圖8－8所示．現(xiàn)水平向右拉繩，當輕環(huán)重新靜止不動時OP繩與天花板之間的夾角為(　　) 圖8－8 A．90° B.45° C．θ D．45°＋ 解析：對輕環(huán)Q進行受力分析如圖8－9(a)所示，則只有繩子的拉力垂直于桿的方向時，繩子的拉力沿桿的方向沒有分力，由幾何關系可知，PQ繩與豎直方向的夾角為θ. 圖

6、8－9 對滑輪進行受力分析如圖8－9(b)所示，由于滑輪的質量不計，則OP對滑輪的拉力與兩側繩子上拉力的合力大小相等，方向相反，所以OP的方向一定在兩側繩子夾角的角平分線上，由幾何關系得OP與豎直方向間的夾角β＝－θ＝45°－θ，則OP與天花板之間的夾角為90°－β＝45°＋θ，故選D. 答案：D 圖8－10 6．(2019年河南鄭州模擬)如圖8－10所示，斜面體放置在粗糙的水平地面上，在水平向右的推力F作用下，物體A和斜面體B均保持靜止．若減小推力F，物體A仍然靜止在斜面上，則(　　) A．物體A所受合力一定減小 B．斜面對物體A的支持力一定減小 C．斜面對物體A的摩擦力一

7、定減小 D．斜面對物體A的摩擦力一定為零 圖8－11 解析：物體A始終處于平衡狀態(tài)，所以受到的合力始終等于零，故A錯誤；如圖8－11所示，對物體A進行受力分析，有 F合x＝Fcosθ＋f－Gsinθ＝0， F合y＝FN－Gcosθ－Fsinθ＝0， 解得FN＝Gcosθ＋Fsinθ，當F減小時，則支持力減小，故B正確；f＝Gsinθ－Fcosθ，由于摩擦力的方向未知，故當f沿斜面向上為正值時，F(xiàn)減小，則f增大，若f為負值即沿斜面向下時，當F減小，則f也減小，不一定為零，故C、D錯誤． 答案：B 圖8－12 7．半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有一固定放置的豎直擋

8、板MN.在半圓柱體P和MN之間放有一個光滑均勻的小圓柱體Q，整個裝置處于平衡狀態(tài)，如圖8－12所示是這個裝置的截面圖．現(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，發(fā)現(xiàn)P始終保持靜止．則在此過程中，下列說法中正確的是(　　) A．MN對Q的彈力逐漸減小 B．地面對P的摩擦力逐漸增大 C．P、Q間的彈力先減小后增大 D．Q所受的合力逐漸增大 解析：Q的受力情況如圖8－13甲所示，F(xiàn)1表示P對Q的彈力，F(xiàn)2表示MN對Q的彈力，F(xiàn)2的方向水平向左保持水平，F(xiàn)1的方向順時針旋轉，由平行四邊形的邊長變化可知：F1與F2都逐漸增大，A、C錯誤；由于擋板MN緩慢移動，Q處于平衡狀態(tài)，所受

9、合力為0，D錯誤；對P、Q整體受力分析，如圖8－13乙所示，由平衡條件得，F(xiàn)f＝F2＝mgtanθ，由于θ不斷增大，故Ff不斷增大，B正確． 圖8－13 答案：B 圖8－14 8．(多選)如圖8－14所示，用一根細線系住重力為G、半徑為R的球，與傾角為α的光滑斜劈接觸，處于靜止狀態(tài)，球與斜面的接觸面非常小，細線懸點O固定不動，在斜劈從圖示位置緩慢水平向左移動直至繩子與斜面平行的過程中，下列敘述正確的是(　　) A．細繩對球的拉力先減小后增大 B．細繩對球的拉力先增大后減小 C．細繩對球的拉力一直減小 D．細繩對球的拉力最小值等于Gsinα 解析：以小球為研究對象，

10、對其受力分析如圖8－15所示，因題中“緩慢”移動，故小球處于動態(tài)平衡，由圖知在題設的過程中，T一直減小，當繩子與斜面平行時，T與N垂直，T有最小值，且Tmin＝Gsinα，故C、D正確． 圖8－15 答案：CD 9．(多選)如圖8－16所示，一根不可伸長的輕繩穿過輕滑輪，兩端系在高度相等的A、B兩點，滑輪下掛一物體，不計輕繩和輕滑輪之間的摩擦．保持A固定不動，讓B緩慢向右移動，則下列說法正確的是(　　) 圖8－16 A．隨著B向右緩慢移動，繩子的張力減小 B．隨著B向右緩慢移動，繩子的張力增大 C．隨著B向右緩慢移動，滑輪受繩AB的合力變大 D．隨著B向右緩慢移動，

11、滑輪受繩AB的合力不變 解析：動滑輪在不計摩擦的情況下，兩側繩子拉力大小相等，平衡后，兩側繩子的拉力關于豎直方向對稱．保持A固定不動，讓B緩慢向右移動，則兩側繩子的夾角增大，繩上的張力增大，由于物體的重力不變，故繩AB的合力不變．故選BD. 答案：BD 10．(2019年甘肅一診)(多選)如圖8－17所示，斜面體置于粗糙水平面上，斜面光滑．小球被輕質細線系住放在斜面上，細線另一端跨過光滑定滑輪，用力拉細線使小球沿斜面緩慢向上移動一小段距離，斜面體始終靜止．則在移動過程中 (　　) 圖8－17 A．細線對小球的拉力變大 B．斜面對小球的支持力變大 C．斜面體對水平面的壓力變

12、大 D．水平面對斜面體的摩擦力變小 解析：設小球和斜面體的質量分別為m和M，細線與斜面的夾角為θ，對小球受力分析，如圖8－18甲，小球受到重力mg、斜面的支持力N和細線的拉力F，則由平衡條件得，沿斜面方向有mgsinα＝Fcosθ①，垂直斜面方向有N＋Fsinθ＝mgcosα②，使小球沿斜面緩慢上移時，θ增大，由①式知F增大，由②式知N變小，選項A正確，選項B錯誤；對斜面體受力分析，如圖8－18乙，受重力Mg、水平面的支持力N″和摩擦力f、球的壓力N′，如圖8－18所示，則f＝N′sinα，N變小，N′變小， 則f變小，N″＝Mg＋N′cosα，N′變小，則N″變小，由牛頓第三定律得知，

13、斜面體對水平面的壓力也變小，C錯誤，D正確． 圖8－18 答案：AD 11．(多選)如圖8－19所示，水平地面上傾角為θ的斜面上，有一斜劈A，A的水平上表面有一斜劈B，B的斜面上有一物塊C，A、B、C一起沿斜面勻速下滑，已知A、B、C的質量均為m，重力加速度為g.下列說法正確的是(　　) 圖8－19 A．A、B間摩擦力為零 B．C對B壓力大小為mg C．A受斜面摩擦力大小為mgsinθ D．斜面受到A的摩擦力和地面的摩擦力的合力大小為3mgsinθ 解析：對B、C整體受力分析，受重力、支持力，根據(jù)平衡知，A、B間摩擦力為零，故A正確．對C分析，在垂直斜面方向上平衡，有

14、：FN＝mgcosθ，可知C對B的壓力大小為mgcosθ，故B錯誤．對A、B、C整體分析，整體受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)平衡得，斜面對A的摩擦力f＝3mgsinθ，故C錯誤．斜面不受地面的摩擦力，所以斜面受的摩擦力和地面的摩擦力合力大小為3mgsinθ，故D正確． 答案：AD 圖8－20 12．(2019年株洲模擬)(多選)物體C置于水平地面上，A、B由輕繩通過固定在C上的光滑定滑輪相連，C的上表面水平，連接B的輕繩水平，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，如圖8－20所示．下列說法正確的是(　　) A．B與C之間的接觸面一定是粗糙的 B．B與C之間的接觸面可以是光滑的 C．C與地面之間的

15、接觸面一定是粗糙的 D．C與地面之間的接觸面可以是光滑的 解析：先對物體A受力分析，A受重力和拉力，由于B保持靜止狀態(tài)，故拉力等于重力；再對B受力分析，受重力、支持力、向左的拉力和向右的靜摩擦力，故B與C間一定有摩擦力，接觸面一定粗糙，故A正確，B錯誤；對整體受力分析，受重力和支持力，不受摩擦力，即C與地面間沒有摩擦力，故C與地面之間的接觸面可能是光滑的，也可能是粗糙的，故C錯誤，D正確． 答案：AD 二、非選擇題 圖8－21 13．如圖8－21所示，質量為m1的物體甲通過三段輕繩懸掛，三段輕繩的結點為O，輕繩OB水平且B端與站在水平面上質量為m2的人相連，輕繩OA與豎直方

16、向的夾角θ＝37°，物體甲及人均處于靜止狀態(tài)．(已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，取g＝10 m/s2.設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力) (1)輕繩OA、OB受到的拉力分別是多大？ (2)人受到的摩擦力是多大？方向如何？ (3)若人的質量m2＝60 kg，人與水平面之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.3，欲使人在水平面上不滑動，則物體甲的質量最大不能超過多少？ 圖8－22 解析：(1)以結點O為研究對象進行受力分析，如圖8－22所示，由平衡條件，有 FOB＝FOAsinθ FOAcosθ＝m1g 聯(lián)立解得 FOA＝＝m1g， FOB＝m1gtanθ＝m1g， 故輕

17、繩OA、OB受到的拉力分別為m1g、m1g. (2)對人受力分析，如圖8－23所示，人在水平方向受到OB繩的拉力FOB′和水平向左的靜摩擦力作用， 圖8－23 由平衡條件得f＝FOB′ 又FOB′＝FOB 所以f＝FOB＝m1g. (3)當人剛要滑動時，甲的質量達到最大，此時人受到的靜摩擦力達到最大值，有fm＝μm2g 由平衡條件得FOBm′＝fm 又FOBm′＝FOBm＝m1mgtan θ＝m1mg 聯(lián)立解得m1m＝＝＝24 kg 即物體甲的質量最大不能超過24 kg. 答案：(1)m1g　m1g　(2)m1g，方向水平向左 (3)24 kg 1

18、4．質量為M的木楔傾角為θ，在水平面上保持靜止，當將一質量為m的木塊放在木楔斜面上時，它正好勻速下滑．如果用與木楔斜面成α角的力F拉著木塊勻速上升，如圖8－24所示(已知木楔在整個過程中始終靜止)． (1)當α＝θ時，拉力F有最小值，求此最小值； (2)求此時木楔對水平面的摩擦力是多少？ 圖8－24 解析：木塊在木楔斜面上勻速向下運動時，有 mgsinθ＝μmgcosθ，即μ＝tanθ. (1)因其在力F作用下沿斜面向上勻速運動，則有： Fcosα＝mgsinθ＋f① Fsinα＋N＝mgcosθ② f＝μN③ 由①②③得 F＝ ＝ ＝ 則當α＝θ時，F(xiàn)有最小值，即Fmin＝mgsin2θ. (2)因為木塊及木楔均處于平衡狀態(tài)，整體受到地面摩擦力等于F的水平分力，即fm＝Fcos(α＋θ) 當F取最小值mgsin2θ時， fm＝Fmincos2θ＝mgsin2θ·cos2θ＝mgsin4θ. 答案：(1)mgsin2θ　(2)mgsin4θ 9 10