2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（三） 新人教版

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1、 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（三） 1、（2019·新課標(biāo)全國(guó)Ⅱ卷） 物塊在輕繩的拉動(dòng)下沿傾角為30°的固定斜面向上勻速運(yùn)動(dòng)，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度取10 m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1 500 N，則物塊的質(zhì)量最大為 A．150 kg B． kg C．200 kg D． kg 【答案】A 【解析】如圖所示，對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，有T=f+mgsinθ，f=μN(yùn)，N=mgcosθ，帶入數(shù)據(jù)解得：m=150 kg，故A選項(xiàng)符合題意。 2、（2019·浙江省七彩陽(yáng)光新高考研究聯(lián)盟期中） 如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m1＝3 kg、m2＝2 kg

2、的物體A和B置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)連接。兩個(gè)大小為F1＝F2＝30 N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則 A．彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是30 N B．彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是60 N C．在突然撤去F2的瞬間，B的加速度大小為0 m/s2 D．在突然撤去F2的瞬間，A的加速度大小為10 m/s2 【答案】A 【解析】AB、對(duì)整體分析知物體處于平衡狀態(tài)，隔離A由平衡條件知彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是30 N，故A正確B錯(cuò)誤；CD、突然撤去F2的瞬間，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)不變，對(duì)B由牛頓第二定律得：，對(duì)A分析知合力為0，所以A的加速度大小為0，故CD錯(cuò)誤。 3、(多選)如圖所示，一根輕桿

3、，在其B點(diǎn)系上一根細(xì)線，細(xì)線長(zhǎng)為R，在細(xì)線下端連上一質(zhì)量為m小球．以輕桿的A點(diǎn)為頂點(diǎn)，使輕桿旋轉(zhuǎn)起來(lái)，其B點(diǎn)在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，輕桿的軌跡為一個(gè)母線長(zhǎng)為L(zhǎng)的圓錐，輕桿與中心軸AO間的夾角為α.同時(shí)小球在細(xì)線的約束下開(kāi)始做圓周運(yùn)動(dòng)，輕桿旋轉(zhuǎn)的角速度為ω，小球穩(wěn)定后，細(xì)線與輕桿間的夾角β＝2α.重力加速度用g表示，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是(　　) A．細(xì)線對(duì)小球的拉力為 B．小球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為 C．小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的乘積為gtan2α D．小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的比值為(L＋R)sinα 【參考答案】ABC　小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何關(guān)系可知，F(xiàn)

4、cosα＝mg，解得細(xì)線對(duì)小球的拉力F＝，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)的周期與輕桿旋轉(zhuǎn)的周期相同，T＝，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的乘積為向心加速度，即mgtanα＝mvω，解得vω＝gtanα，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的比值即是半徑，根據(jù)幾何關(guān)系可知，r＝(L＋R)sinα，D選項(xiàng)正確． 4、（2019·安徽省池州市高一期末） 我國(guó)2020年將首次探測(cè)火星，將完成火星探測(cè)器圍繞火星飛行、火星表面降落以及巡視探測(cè)等任務(wù)?；鹦鞘堑厍虻摹班従印?，其半徑約為地球半徑的，質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，設(shè)火星的衛(wèi)星A和地球衛(wèi)星B都圍繞各自的中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，距離中心天體的表面距

5、離與該中心天體的半徑相等，下面說(shuō)法正確的是 A．衛(wèi)星A、B加速度之比為2：5 B．衛(wèi)星A、B線速度之比為 C．衛(wèi)星角速度之比為 D．衛(wèi)星A、B周期之比為 【答案】AD 【解析】設(shè)火星質(zhì)量為M，地球質(zhì)量則為10M，火星的半徑為R，則火星衛(wèi)星A的軌道半徑，地球衛(wèi)星B的軌道半徑；根據(jù)加速度公式，可知，，所以，A正確；根據(jù)公式，可得，可知，，所以，B錯(cuò)誤；由線速度之比為，可得角速度之比，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；周期，周期之比，選項(xiàng)D正確。 5、圖1為沿斜坡向上行駛的汽車(chē)，當(dāng)汽車(chē)以牽引力F向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，汽車(chē)的機(jī)械能E與位移x的關(guān)系如圖2所示(AB段為曲線)，汽車(chē)與斜面間的摩擦忽略不計(jì)．下列說(shuō)法正確的是(

6、　　) A．0～x1過(guò)程中，汽車(chē)所受拉力逐漸增大 B．x1～x2過(guò)程中，汽車(chē)速度可達(dá)到最大值 C．0～x3過(guò)程中，汽車(chē)的動(dòng)能一直增大 D．x1～x2過(guò)程中，汽車(chē)以恒定的功率運(yùn)動(dòng) 【參考答案】B　根據(jù)功能關(guān)系可知，機(jī)械能E與位移x圖象的斜率表示牽引力的大小，0～x1過(guò)程中，圖象斜率恒定，則汽車(chē)所受牽引力恒定，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；x1～x2過(guò)程中，受牽引力越來(lái)越小，根據(jù)牛頓第二定律可知，a＝，汽車(chē)先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，該過(guò)程中，速度可達(dá)到最大值，B選項(xiàng)正確；x2～x3過(guò)程中，汽車(chē)機(jī)械能不變，隨著位移變大，重力勢(shì)能變大，動(dòng)能減小，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；分析圖2可知，x2時(shí)，

7、汽車(chē)牽引力為零，功率為零，故x1～x2過(guò)程中，汽車(chē)不能以恒定的功率運(yùn)動(dòng)，D選項(xiàng)錯(cuò)誤． 6、如圖所示，一細(xì)線系一小球繞O點(diǎn)在豎直面做圓周運(yùn)動(dòng)，a、b分別是軌跡的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，c、d兩點(diǎn)與圓心等高，小球在a點(diǎn)時(shí)細(xì)線的拉力恰好為0，不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，先失重后超重 B．小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能先增大后減小 C．小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，細(xì)線對(duì)小球的拉力先做正功后做負(fù)功 D．小球運(yùn)動(dòng)到c、d兩點(diǎn)時(shí)，受到的合力指向圓心 【參考答案】A　小球在a點(diǎn)時(shí)細(xì)線的拉力恰好為0，加速度向下，在b點(diǎn)時(shí)加速度向上，則從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b

8、點(diǎn)的過(guò)程中，加速度方向先向下后向上，小球先失重后超重，A選項(xiàng)正確；小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，繩子拉力不做功，只有重力做功，根據(jù)功能關(guān)系可知，機(jī)械能守恒，B、C選項(xiàng)錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)到c、d兩點(diǎn)時(shí)，繩子拉力指向圓心，重力豎直向下，合力不指向圓心，D選項(xiàng)錯(cuò)誤． 7、在冰壺比賽中，某隊(duì)員利用紅壺去碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營(yíng)中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖(a)所示，碰撞前后兩壺運(yùn)動(dòng)的v－t圖線如圖(b)中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量相等，則(　　) A．碰后紅壺將被反彈回來(lái) B．碰后藍(lán)壺速度為0.8 m/s C．碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為2.4 m D．碰后紅壺所受摩擦力小于藍(lán)壺所

9、受的摩擦力 【參考答案】B　分析圖(b)可知，時(shí)間軸上方表示速度方向?yàn)檎?，碰前紅壺的速度v0＝1 m/s，碰后速度為v′0＝0.2 m/s，碰后紅壺沿原方向運(yùn)動(dòng)，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；碰撞過(guò)程中，兩壺動(dòng)量守恒，取初速度為正，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，mv0＝mv′0＋mv，解得藍(lán)壺碰后的速度v＝0.8 m/s，B選項(xiàng)正確；速度－時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移大小，碰后藍(lán)壺移動(dòng)的位移大小x＝t＝2 m，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；速度－時(shí)間圖象的斜率表示加速度大小，碰后紅壺的加速度大于藍(lán)壺的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可知，碰后紅壺所受摩擦力大于藍(lán)壺所受的摩擦力，D選項(xiàng)錯(cuò)誤． 8、(多選) D是一只理想二極管(電流只能從

10、a流向b，而不能從b流向a)．平行板電容器A、B兩極板間有一電荷在P點(diǎn)處于靜止．以E表示兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度，U表示兩極板間電壓，EP表示電荷在P點(diǎn)電勢(shì)能．若保持極板B不動(dòng)，將極板A稍向上平移則(　　) A．E變小 B．U變大 C．EP不變 D．電荷仍保持靜止 【參考答案】BCD　根據(jù)平行板電容器的決定式C＝可知，將極板A稍向上平移，板間距離d增大，電容C減小，假設(shè)電容器的電壓不變，則電容器所帶電量將要減小，電容器放電，但是由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電荷不能流回電源，所以電容器的電量保持不變，板間場(chǎng)強(qiáng)E＝＝·，恒定不變，電場(chǎng)力等于重力，電荷保持靜止，A選項(xiàng)錯(cuò)誤，D選項(xiàng)正確；根據(jù)U＝

11、可知，板間電壓U變大，B選項(xiàng)正確；P點(diǎn)電勢(shì)φP＝UPB＝EdPB，UPB保持不變，P點(diǎn)的電勢(shì)保持不變，電荷在P點(diǎn)電勢(shì)能EP不變，C選項(xiàng)正確． 9、(多選)電磁泵在生產(chǎn)、科技中得到了廣泛應(yīng)用．如圖所示，泵體是一個(gè)長(zhǎng)方體，ab邊長(zhǎng)為L(zhǎng)1，兩側(cè)端面是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)2的正方形；流經(jīng)泵體內(nèi)的液體密度為ρ，在泵頭通入導(dǎo)電劑后液體的電導(dǎo)率為σ(電阻率的倒數(shù))，泵體所在處有方向垂直向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，把泵體的上下兩表面接在電壓為U(內(nèi)阻不計(jì))的電源上，則(　　) A．泵體上表面應(yīng)接電源正極 B．通過(guò)泵體的電流I＝ C．增大磁感應(yīng)強(qiáng)度可獲得更大的抽液高度 D．增大液體的電導(dǎo)率可獲得更大的抽液

12、高度 【參考答案】ACD　當(dāng)泵體上表面接電源的正極時(shí)，電流從上向下流過(guò)泵體，液體受到水平向左的安培力作用，被抽出，A選項(xiàng)正確；根據(jù)電阻定律可知，泵體內(nèi)液體的電阻R＝ρ＝，根據(jù)歐姆定律可知，流過(guò)泵體的電流I＝＝UL1·σ，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B，受到的磁場(chǎng)力變大，可獲得更大的抽液高度，C選項(xiàng)正確；若增大液體的電導(dǎo)率，電流增大，受到的磁場(chǎng)力增大，使抽液高度增大，D選項(xiàng)正確． 10、（2019·廣州大學(xué)附屬中學(xué)高二期末） 如圖所示，在垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的平面內(nèi)，半徑為的金屬圓環(huán)的總電阻為，金屬桿電阻為，長(zhǎng)為，繞過(guò)圓心的轉(zhuǎn)軸以恒定的角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，端與環(huán)接觸良好，圓心和邊緣通過(guò)電刷與一個(gè)電阻

13、連接，電阻的阻值為，忽略電流表和導(dǎo)線的電阻，則 A．通過(guò)電阻的電流的大小和方向做周期性變化 B．通過(guò)電阻的電流方向不變，且從到 C．通過(guò)電阻的電流的最大值為 D．通過(guò)電阻的電流的最小值為 【答案】BC 【解析】AB、金屬桿切割磁感線，根據(jù)右手定則可知金屬桿中電流由到，且方向不變，故電阻中電流方向由到，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；C、端的線速度為，金屬桿切割磁感線的平均速度為，金屬桿轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為，由于各個(gè)量不變，則不變，當(dāng)位于最上端時(shí)圓環(huán)被接入的電阻為0，整個(gè)電路的總電阻最小，此時(shí)中有最大電流，為，故選項(xiàng)C正確；D.當(dāng)端位于最下端時(shí)，圓環(huán)左右兩部分電阻相等，并聯(lián)的總電阻

14、最大，中的電流最小，此時(shí)中有最小電流，為，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 11、(多選)如圖甲所示，理想變壓器的原、副線圈共接有四個(gè)規(guī)格完全相同的小燈泡，在原線圈所在電路的A、B端輸入的交流電的電壓如圖乙所示，四個(gè)燈泡均正常發(fā)光．下列說(shuō)法正確的是(　　) A．原、副線圈的匝數(shù)比4：1 B．燈泡的額定電壓為55 V C．原線圈兩端的電壓為220 V D．若副線圈再并聯(lián)一規(guī)格相同的燈泡，燈泡L1有可能被燒壞 【參考答案】BD　四個(gè)燈泡均正常發(fā)光，說(shuō)明流過(guò)燈泡的電流相等，分析副線圈電路可知，三個(gè)燈泡并聯(lián)，則流過(guò)副線圈的電流是原線圈的3倍，根據(jù)理想變壓器電流和匝數(shù)的關(guān)系可知，原、副線圈的匝數(shù)之比為3

15、：1，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)理想變壓器電壓和匝數(shù)的關(guān)系可知，原線圈電壓為3U，燈泡L1的電壓也為U，則電源的電壓為4U＝220 V，副線圈電壓U＝55 V，原線圈電壓3U＝175 V，C選項(xiàng)錯(cuò)誤，B選項(xiàng)正確；若副線圈再并聯(lián)一規(guī)格相同的燈泡，則流過(guò)副線圈的電流增大，流過(guò)原線圈的電流增大，燈泡L1有可能被燒壞，D選項(xiàng)正確． 12、下列有關(guān)四幅圖的說(shuō)法中，正確的是(　　) A．α粒子散射實(shí)驗(yàn)證實(shí)了湯姆遜原子棗糕模型的正確性 B．在光顏色保持不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大 C．放射線甲由α粒子組成，每個(gè)粒子帶兩個(gè)單位正電荷 D．該鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于原子核的聚變反應(yīng) 【參考答案】B　α粒

16、子散射實(shí)驗(yàn)推翻了湯姆遜原子棗糕模型，證實(shí)了原子核式結(jié)構(gòu)模型，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；光顏色保持不變，即頻率不變，入射光越強(qiáng)，單位時(shí)間內(nèi)光子數(shù)越多，光電子數(shù)目越多，飽和電流越大，B選項(xiàng)正確；根據(jù)左手定則知，甲帶負(fù)電，為β粒子，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；該鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于原子核的裂變反應(yīng)，D選項(xiàng)錯(cuò)誤． 13、（2019·新課標(biāo)全國(guó)Ⅱ卷） 太陽(yáng)內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子—質(zhì)子循環(huán)，循環(huán)的結(jié)果可表示為，已知和的質(zhì)量分別為和，1u=931MeV/c2，c為光速。在4個(gè)轉(zhuǎn)變成1個(gè)的過(guò)程中，釋放的能量約為 A．8 MeV B．16 MeV C．26 MeV D．52 MeV 【答案】C 【解析】由知，=，忽略電子質(zhì)量，則：，故C選項(xiàng)符合題意。 8