(江蘇專版)2018年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第1部分 知識專題突破 專題3 導(dǎo)數(shù)學(xué)案
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(江蘇專版)2018年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第1部分 知識專題突破 專題3 導(dǎo)數(shù)學(xué)案
專題三 導(dǎo)數(shù)
———————命題觀察·高考定位———————
(對應(yīng)學(xué)生用書第9頁)
1.(2017·江蘇高考)已知函數(shù)f (x)=x3-2x+ex-,其中e是自然對數(shù)的底數(shù).若f (a-1)+f (2a2)≤0,則實數(shù)a的取值范圍是________.
[因為f (-x)=(-x)3-2(-x)+e-x-
=-x3+2x-ex+=-f (x),
所以f (x)=x3-2x+ex-是奇函數(shù).
因為f (a-1)+f (2a2)≤0,
所以f (2a2)≤-f (a-1),即f (2a2)≤f (1-a).
因為f ′(x)=3x2-2+ex+e-x≥3x2-2+2=3x2≥0,
所以f (x)在R上單調(diào)遞增,
所以2a2≤1-a,即2a2+a-1≤0,
所以-1≤a≤.]
2.(2014·江蘇高考)本在平面直角坐標(biāo)系xOy中,若曲線y=ax2+(a,b為常數(shù))過點P(2,-5),且該曲線在點P處的切線與直線7x+2y+3=0平行,則a+b的值是________.
-3 [y=ax2+的導(dǎo)數(shù)為y′=2ax-,
直線7x+2y+3=0的斜率為-.
由題意得解得則a+b=-3.]
3.(2013·江蘇高考)拋物線y=x2在x=1處的切線與兩坐標(biāo)軸圍成的三角形區(qū)域為D(包含三角形內(nèi)部與邊界).若點P(x,y)是區(qū)域D內(nèi)的任意一點,則x+2y的取值范圍是________.
[由于y′=2x,所以拋物線在x=1處的切線方程為y-1=2(x-1),即y=2x-1.
畫出可行域(如圖).設(shè)x+2y=z,則y=-x+z,可知當(dāng)直線y=-x+z經(jīng)過點A,B(0,-1)時,z分別取到最大值和最小值,此時最大值zmax=,最小值zmin=-2,故取值范圍是.]
4.(2015·江蘇高考)已知函數(shù)f (x)=x3+ax2+b(a,b∈R).
(1)試討論f (x)的單調(diào)性;
(2)若b=c-a(實數(shù)c是與a無關(guān)的常數(shù)),當(dāng)函數(shù)f (x)有三個不同的零點時,a的取值范圍恰好是(-∞,-3)∪∪,求c的值.
【導(dǎo)學(xué)號:56394014】
[解] (1)f ′(x)=3x2+2ax,令f ′(x)=0,
解得x1=0,x2=-.
當(dāng)a=0時,因為f ′(x)=3x2≥0,所以函數(shù)f (x)
在(-∞,+∞)上單調(diào)遞增;
當(dāng)a>0時,x∈∪(0,+∞)時,f ′(x)>0,x∈時,f ′(x)<0,
所以函數(shù)f (x)在,(0,+∞)上單調(diào)遞增,在上單調(diào)遞減;
當(dāng)a<0時,x∈(-∞,0)∪時,f ′(x)>0,x∈時,f ′(x)<0,
所以函數(shù)f (x)在(-∞,0),上單調(diào)遞增,在上單調(diào)遞減.
(2)由(1)知,函數(shù)f (x)的兩個極值為f (0)=b,
f =a3+b,則函數(shù)f (x)有三個零點等價于f (0)·f =b<0,
從而或
又b=c-a,所以當(dāng)a>0時,a3-a+c>0或當(dāng)a<0時,a3-a+c<0.
設(shè)g(a)=a3-a+c,因為函數(shù)f (x)有三個零點時,a的取值范圍恰好是(-∞,-3)∪∪,則在(-∞,-3)上g(a)<0,且在∪上g(a)>0均恒成立,
從而g(-3)=c-1≤0,且g=c-1≥0,因此c=1.
此時,f (x)=x3+ax2+1-a=(x+1)[x2+(a-1)x+1-a].
因為函數(shù)有三個零點,則x2+(a-1)x+1-a=0有兩個異于-1的不等實根,
所以Δ=(a-1)2-4(1-a)=a2+2a-3>0,且(-1)2-(a-1)+1-a≠0,
解得a∈(-∞,-3)∪∪.
綜上c=1.
5.(2016·江蘇高考)已知函數(shù)f (x)=ax+bx(a>0,b>0,a≠1,b≠1).
(1)設(shè)a=2,b=.
①求方程f (x)=2的根;
②若對于任意x∈R,不等式f (2x)≥mf (x)-6恒成立,求實數(shù)m的最大值.
(2)若0<a<1,b>1,函數(shù)g(x)=f (x)-2有且只有1個零點,求ab的值.
[解] (1)因為a=2,b=,所以f (x)=2x+2-x.
①方程f (x)=2,即2x+2-x=2,亦即(2x)2-2×2x+1=0,所以(2x-1)2=0,于是2x=1,解得x=0.
②由條件知f (2x)=22x+2-2x=(2x+2-x)2-2=(f (x))2-2.
因為f (2x)≥mf (x)-6對于x∈R恒成立,且f (x)>0,
所以m≤對于x∈R恒成立.
而=f (x)+≥2=4,且=4,
所以m≤4,故實數(shù)m的最大值為4.
(2)因為函數(shù)g(x)=f (x)-2有且只有1個零點,而g(0)=f (0)-2=a0+b0-2=0,
所以0是函數(shù)g(x)的唯一零點.
因為g′(x)=axln a+bxln b,又由0<a<1,b>1知ln a<0,ln b>0,
所以g′(x)=0有唯一解x0=log.
令h(x)=g′(x),則h′(x)=(axln a+bxln b)′=ax(ln a)2+bx(ln b)2,
從而對任意x∈R,h′(x)>0,所以g′(x)=h(x)是(-∞,+∞)上的單調(diào)增函數(shù).
于是當(dāng)x∈(-∞,x0)時,g′(x)<g′(x0)=0;
當(dāng)x∈(x0,+∞)時,g′(x)>g′(x0)=0.
因而函數(shù)g(x)在(-∞,x0)上是單調(diào)減函數(shù),在(x0,+∞)上是單調(diào)增函數(shù).
下證x0=0.
若x0<0則x0<<0,于是g<g(0)=0.
又g(loga2)=aloga2+bloga2-2>aloga2-2=0,且函數(shù)g(x)在以和loga2為端點的閉區(qū)間上的圖象不間斷,所以在和loga2之間存在g(x)的零點,記為x1.因為0<a<1,
所以loga2<0.
又<0,所以x1<0,與“0是函數(shù)g(x)的唯一零點”矛盾.
若x0>0,同理可得,在和loga2之間存在g(x)的非0的零點,與“0是函數(shù)g(x)的唯一零點”矛盾.
因此,x0=0.
于是-=1,故ln a+ln b=0,
所以ab=1.
[命題規(guī)律]
(1)在小題中以考查導(dǎo)數(shù)的幾何意義為主(求切線方程).
(2)在大題中以導(dǎo)數(shù)為工具研究討論函數(shù)的性質(zhì)、不等式求解等綜合問題.
———————主干整合·歸納拓展———————
(對應(yīng)學(xué)生用書第9頁)
[第1步▕ 核心知識再整合]
1.導(dǎo)數(shù)的幾何意義
(1)函數(shù)y=f (x)在點x0處的導(dǎo)數(shù)就是曲線y=f (x)在點P(x0,f (x0))處的切線的斜率,則k=f ′(x0).
(2)函數(shù)y=f (x)在點P(x0,f (x0))處的切線方程為y-f (x0)=f ′(x0)(x-x0).
(3)在關(guān)于函數(shù)圖象的切線問題中,如果涉及確定參數(shù)值的問題,首先設(shè)切點,然后注意三個條件的使用,其一切點在切線上,其二切點在曲線上,其三切線斜率k=f ′(x0).
2.導(dǎo)數(shù)與單調(diào)性的關(guān)系
(1)若函數(shù)在某個區(qū)間D可導(dǎo),f ′(x)>0?f (x)在區(qū)間D內(nèi)單調(diào)遞增;f ′(x)<0?f (x)在區(qū)間D內(nèi)單調(diào)遞減.
(2) 若函數(shù)在某個區(qū)間D可導(dǎo),f (x)在區(qū)間D內(nèi)單調(diào)遞增?f ′(x)≥0;f (x)在區(qū)間D內(nèi)單調(diào)遞減?f ′(x)≤0.
3.導(dǎo)數(shù)和函數(shù)極值、最值的關(guān)系
(1)求極值的步驟:
①先求f ′(x)=0的根x0(定義域內(nèi)的或者定義域端點的根舍去);
②分析x0兩側(cè)導(dǎo)數(shù)f ′(x)的符號:若左側(cè)導(dǎo)數(shù)負(fù)右側(cè)導(dǎo)數(shù)正,則x0為極小值點;若左側(cè)導(dǎo)數(shù)正右側(cè)導(dǎo)數(shù)負(fù),則x0為極大值點.
(2)對于可導(dǎo)函數(shù),導(dǎo)數(shù)為0是點為極值點的必要而不充分條件.
(3)設(shè)函數(shù)y=f (x)在[a,b]上連續(xù),在(a,b)內(nèi)可導(dǎo),則y=f (x)在[a,b]上必有最大值和最小值且在極值點或端點取得,所以只需比較極值點和端點函數(shù)值即得到函數(shù)的最值.
(4)求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間、極值、最值是統(tǒng)一的,極值是函數(shù)的拐點,也是單調(diào)區(qū)間的劃分點,而求函數(shù)的最值是在求極值的基礎(chǔ)上,通過判斷函數(shù)的大致圖象,從而得到最值,大前提是要考慮函數(shù)的定義域.
[第2步▕ 高頻考點細(xì)突破]
導(dǎo)數(shù)的運算及其意義
【例1】 (2016-2017學(xué)年度江蘇蘇州市高三期中調(diào)研考試)曲線y=x-cos x在點處的切線的斜率為________.
[解析] y′=1+sin x,x=時,y′=1+sin =2,即切線斜率為2.
[答案] 2
[規(guī)律方法] (1)導(dǎo)數(shù)的幾何意義是k=f ′(x).
(2)從近幾年的高考試題來看 ,利用導(dǎo)數(shù)的幾何意義求曲線在某點處的切線方程以及與切線有關(guān)的問題是高考的熱點問題,解決該類問題必須熟記導(dǎo)數(shù)公式,明確導(dǎo)數(shù)的幾何意義,切點既在曲線上,又在切線上,導(dǎo)數(shù)即斜率.
[舉一反三]
(江蘇省蘇州市2017屆高三暑假自主學(xué)習(xí)測試)曲線y=ex在x=0處的切線方程是________.
y=x+1 [因為y′=ex,所以在x=0處的切線斜率為k=e0=1,因此切線方程是y-1=1(x-0),即y=x+1.]
導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用(單調(diào)性、極值、最值)
【例2】 (江蘇省南通市如東縣、徐州市豐縣2017屆高三10月聯(lián)考)定義在R上的可導(dǎo)函數(shù)f (x),已知y=ef ′(x)的圖象如圖3-1所示,則y=f (x)的增區(qū)間是________.
圖3-1
[解析] 由x≤2時ef ′(x)≥1?f ′(x)≥0,x>2時,ef ′(x)<1?f ′(x)<0,所以y=f (x)的增區(qū)間是(-∞,2).
[答案] (-∞,2)
【例3】 (泰州中學(xué)2016-2017年度第一學(xué)期第一次質(zhì)量檢測)已知函數(shù)f (x)=x3+x2-2ax+1,若函數(shù)f (x)在(1,2)上有極值,則實數(shù)a的取值范圍為________.
[解析] 由題意得f ′(x)在(1,2)上有零點,即x2+2x-2a=0?a=(x2+2x)∈.
[答案]
【例4】 (江蘇省如東高級中學(xué)2017屆高三上學(xué)期第二次學(xué)情調(diào)研)已知函數(shù)f (x)=ln(1+x),x∈[0,+∞),f ′(x)是f (x)的導(dǎo)函數(shù).設(shè)g(x)=f (x)-axf ′(x)(a為常數(shù)),求函數(shù)g(x)在[0,+∞)上的最小值.
【導(dǎo)學(xué)號:56394015】
[解] 由題意g(x)=ln(x+1)-,
g′(x)=-=.
令g′(x)>0,即x+1-a>0,得x>a-1,
當(dāng)a-1≤0,即a≤1時,g(x)在[0,+∞)上單調(diào)遞增,
g(x)min=g(0)=ln(1+0)-0=0.
當(dāng)a-1>0即a>1時,g(x)在[a-1,+∞)上單調(diào)遞增,在[0,a-1]上單調(diào)遞減,
所以g(x)min=g(a-1)=ln a-a+1.
綜上:g(x)min=
[舉一反三]
(江蘇省南通市如東縣、徐州市豐縣2017屆高三10月聯(lián)考)已知函數(shù)f (x)=x3+ax2+bx-a2-7a在x=1處取得極小值10,則的值為________.
- [因為f ′(x)=3x2+2ax+b,所以3+2a+b=0,1+a+b-a2-7a=10,解得或
又當(dāng)時f ′(x)=3x2-12x+9,函數(shù)f (x)在x=1處取得極大值10,當(dāng)時f ′(x)=3x2-4x+1,
函數(shù)f (x)在x=1處取得極小值10,所以的值為-.]
[第3步▕ 高考易錯明辨析]
1.忽視函數(shù)的定義域出錯
函數(shù)f (x)=x-ln x的單調(diào)遞增區(qū)間是________.
[錯解] f ′(x)=1-,令f ′(x)>0,即>0,所以x>1或x<0,所以函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為(1,+∞),(-∞,0),因為忽視了定義域從而出錯.
[正解] f ′(x)=1-,令f ′(x)>0,即>0,所以x>1或x<0,又因為函數(shù)f (x)的定義域為(0,+∞),所以單調(diào)遞增區(qū)間為(1,+∞).
2.概念不清致誤
已知f (x)=x3+ax2+bx+a2在x=1處有極值為10,則a+b的值為________.
[錯解] f ′(x)=3x2+2ax+b,由x=1時,函數(shù)取得極值10,
解得或
所以a+b=-7或0.
[錯解分析] 函數(shù)y=f (x)在x=x0處的導(dǎo)數(shù)值為0是函數(shù)y=f (x)在x=x0處取極值的必要不充分條件,但解題中把可導(dǎo)函數(shù)y=f (x)在x=x0處取極值的必要條件當(dāng)作充要條件處理.
[正解] f ′(x)=3x2+2ax+b,由x=1時,函數(shù)取得極值10,解得或當(dāng)a=4,b=-11時,f ′(x)=3x2+8x-11=(3x+11)(x-1),在x=1兩側(cè)導(dǎo)數(shù)符號相反,符合題意;當(dāng)a=-3,b=3時,f ′(x)=3(x-1)2在x=1兩側(cè)導(dǎo)數(shù)符號相同,不符合題意,舍去.所以a=4,b=-11,a+b=-7.
3.導(dǎo)數(shù)和單調(diào)性關(guān)系理解不清
已知f (x)=在區(qū)間[1,+∞)上是增函數(shù),求實數(shù)a的取值范圍.
[錯解] ∵f (x)=x+-,∴f ′(x)=1+,又f (x)在區(qū)間[1,+∞)是增函數(shù),∴f ′(x)=1+>0在區(qū)間[1,+∞)恒成立,即a>-x2,所以a>-1.
f ′(x)>0是函數(shù)f (x)在區(qū)間內(nèi)為增函數(shù)的充分不必要條件,對于可導(dǎo)函數(shù)而言,f (x)在區(qū)間(a,b)上單調(diào)遞增(遞減)的充要條件是:對于任意的x∈(a,b),有f ′(x)≥0(或≤0)且f ′(x)在(a,b)的任何子區(qū)間上都不恒為0.
[正解] ∵f (x)=x+-,∴f ′(x)=1+,又f (x)在區(qū)間[1,+∞)是增函數(shù),∴f ′(x)=1+≥0在區(qū)間[1,+∞)恒成立,即a≥-x2,又因為y=-x2在[1,+∞)上的最大值為-1,所以a≥-1.
———————專家預(yù)測·鞏固提升———————
(對應(yīng)學(xué)生用書第11頁)
1.函數(shù)f (x)=ax3+ax2-2ax+2a+1的圖象經(jīng)過四個象限的充要條件是________.
-<a<- [由f ′(x)=ax2+ax-2a=0得x=1或x=-2,結(jié)合圖象可知函數(shù)的圖象經(jīng)過四個象限的充要條件是a<0,f (1)>0,f (-2)<0,即-<a<-.]
2.已知函數(shù)f (x)=+的兩個極值點分別為x1,x2,且x1∈(0,1),x2∈(1,+∞),點P(m,n)表示的平面區(qū)域為D,若函數(shù)y=loga(x+4)(a>1)的圖象上存在區(qū)域D內(nèi)的點,則實數(shù)a的取值范圍是________.
【導(dǎo)學(xué)號:56394016】
(1,3) [f ′(x)=x2+mx+,由題意得: 即作出該不等式組表示的平面區(qū)域如圖所示,易得交點的坐標(biāo)為(-1,1),要使得函數(shù)y=loga(x+4)(a>1)的圖象上存在區(qū)域D內(nèi)的點,則需loga(-1+4)>1,即loga3>logaa,∴1<a<3.]
3.將y=ln x的圖象繞坐標(biāo)原點O逆時針旋轉(zhuǎn)角θ后第 一次與y軸相切,則角θ滿足的條件是________(填序號).
sin θ=ecos θ [設(shè)y=f (x)=ln x的圖象的切線的斜率為k,切點坐標(biāo)(x0,y0),由題意可得切線的斜率k==,由導(dǎo)數(shù)的幾何意義得k=f ′(x0)=,∴=,∴x0=e,由θ的意義,得tan θ===x0=e,∴sin θ=ecos θ.]
4.設(shè)函數(shù)f (x)=ln x+x2-(m+2)x,在x=a和x=b處有兩個極值點,其中0<a<b,m∈R.
(1)求實數(shù)m的取值范圍;
(2)若≥e(e為自然對數(shù)的底數(shù)),求f (b)-f (a)的最大值.
[解] (1)f ′(x)=,
則由題意得方程x2-(m+2)x+1=0有兩個正根,
故
解得m>0.故實數(shù)m的取值范圍是m>0, 4分
(2)f (b)-f (a)=ln +(b2-a2)-(m+2)(b-a),
又m+2=a+b,ab=1,∴f (b)-f (a)=ln -(b2-a2)=ln -=ln -, 8分
設(shè)t=(t≥e),故構(gòu)造函數(shù)g(t)=ln t-(t≥e),
g′(t)=-=-<0,所以g(t)在[e,+∞)上是減函數(shù), 10分
g(t)≤g(e)=1-+,f (b)-f (a)的最大值為1-+.
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