5、球運動過程中，受到重力、彈力和向心力作用
B．小球在運動過程中做速度不變的運動
C．彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為小球的動能和重力勢能
D．從A點飛出時，小球的速度方向一定沿著A點的切線方向
8．(2018·杭州地區(qū)期末)如圖8所示，人和物體處于靜止?fàn)顟B(tài)．當(dāng)人拉著繩向右跨出一步后，人和物體仍保持靜止．不計繩與滑輪的摩擦，不計空氣阻力，下列說法中正確的是( )
圖8
A．繩子的彈力大小變大
B．人所受的合外力變大
C．地面對人的靜摩擦力變大
D．地面對人的靜摩擦力不變
9.如圖9所示，在勻速轉(zhuǎn)動的圓筒內(nèi)壁上有一物體隨圓筒一起轉(zhuǎn)動而未滑動，若減小圓筒和物體的角速度做勻速轉(zhuǎn)動(此時物
6、體和圓筒仍然一起轉(zhuǎn)動)，下列說法正確的是( )
圖9
A．物體所受彈力增大，摩擦力也增大
B．物體所受彈力增大，摩擦力減小
C．物體所受彈力減小，摩擦力不變
D．物體所受彈力增大，摩擦力不變
10.(2018·諸暨市諸暨中學(xué)段考)處于紙面內(nèi)的一段直導(dǎo)線長L＝1 m，通有I＝1 A的恒定電流，方向如圖10所示．將導(dǎo)線放在勻強磁場中，它受到垂直紙面向外的大小為F＝1 N的磁場力作用．據(jù)此( )
圖10
A．能確定磁感應(yīng)強度的大小和方向
B．能確定磁感應(yīng)強度的方向，不能確定它的大小
C．能確定磁感應(yīng)強度的大小，不能確定它的方向
D．磁感應(yīng)強度的大小和方向都不能確定
7、
11.如圖11所示，在光滑絕緣水平面上固定一正點電荷Q，一帶負電的試探電荷在水平面上沿橢圓軌道繞它運動．若正點電荷正好處在橢圓的一個焦點上，A、B、C分別是橢圓上的三點，且A、B分別位于橢圓長軸的兩端，則( )
圖11
A．B點的電勢大于A點的電勢
B．試探電荷在此運動過程中，機械能守恒
C．試探電荷在A點的速度大于在B點的速度
D．試探電荷在A點的電勢能小于在C點的電勢能
12.如圖12所示的閉合電路中，當(dāng)滑動變阻器的滑片P從b滑向a的過程中，V1、V2兩只理想電壓表示數(shù)的變化值分別為ΔU1和ΔU2，則它們的大小相比應(yīng)是( )
圖12
A．|ΔU1|>|ΔU2|
8、
B．|ΔU1|<|ΔU2|
C．|ΔU1|＝|ΔU2|
D．無法判斷
13.如圖13所示，斜面固定在水平面上，輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面頂端，另一端與小物塊相連，彈簧處于自然長度時物塊位于O點，物塊與斜面間有摩擦．現(xiàn)將物塊從O點拉至A點，撤去拉力后物塊由靜止向上運動，經(jīng)O點到達B點時速度為零，則物塊從A運動到B的過程中( )
圖13
A．經(jīng)過位置O點時，物塊的動能最大
B．物塊動能最大的位置與A、O的距離有關(guān)
C．物塊從A向O運動過程中，彈性勢能的減少量等于動能與重力勢能的增加量
D．物塊從O向B運動過程中，動能的減少量大于彈性勢能的增加量
二、選擇題Ⅱ(本題共3小題，
9、每小題2分，共6分．每小題列出的四個備選項中至少有一個符合題目要求的．全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分)
14.加試題 關(guān)于核反應(yīng)方程，下列說法正確的是( )
A.H＋H→He＋n是核聚變反應(yīng)
B．鈾核裂變的核反應(yīng)為：U→Ba＋Kr＋2n
C．在衰變方程Pu→X＋He＋γ中，X原子核的質(zhì)量數(shù)是234
D．盧瑟福發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程為：He＋N→O＋H
15.加試題 (2018·稽陽聯(lián)誼學(xué)校3月聯(lián)考)如圖14所示，一列簡諧橫波正沿x軸傳播，實線是t＝0時的波形圖，虛線為t＝0.1 s時的波形圖，則以下說法正確的是( )
圖14
A．若波速為50 m/s
10、，則該波沿x軸正方向傳播
B．若波速為50 m/s，則x＝4 m處的質(zhì)點在t＝0.1 s時振動速度方向沿y軸負方向
C．若波速為30 m/s，則x＝5 m處的質(zhì)點在0時刻起0.8 s內(nèi)通過的路程為1.2 m
D．若波速為110 m/s，則能與該波發(fā)生干涉的波的頻率為13.75 Hz
16.加試題 固定的半圓形玻璃磚的橫截面如圖15，O點為圓心，OO′為直徑MN的垂線，足夠大的光屏PQ緊靠玻璃磚右側(cè)且垂直于MN，由A、B兩種單色光組成的一束光沿半徑方向射向O點，入射光線與OO′夾角θ較小時，光屏NQ區(qū)域出現(xiàn)兩個光斑，逐漸增大θ角，當(dāng)θ＝α?xí)r，光屏NQ區(qū)域A光的光斑消失，繼續(xù)增大θ角，當(dāng)θ
11、＝β時，光屏NQ區(qū)域B光的光斑消失，則( )
圖15
A．玻璃磚對A光的折射率比對B光的大
B．A光在玻璃磚中的傳播速度比B光的大
C．α<θ<β時，光屏上只有1個光斑
D．β<θ<時，光屏上只有1個光斑
非選擇題部分
三、非選擇題(本題共7小題，共55分)
17．(5分)(2018·臺州中學(xué)統(tǒng)練)某活動小組利用如圖16甲所示裝置驗證機械能守恒定律．鋼球自由下落過程中，先后通過光電門A、B，計時裝置測出鋼球通過A、B的時間分別為tA、tB.用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時速度，測出兩光電門間的距離為h，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間.
圖16
(1)用
12、20分度游標(biāo)卡尺測量鋼球的直徑，讀數(shù)如圖乙所示，鋼球直徑為D＝________ cm.
(2)要驗證機械能守恒，只要比較________．
A．D2與gh是否相等
B．D2與2gh是否相等
C．D2與gh是否相等
D．D2與2gh是否相等
(3)鋼球通過光電門的平均速度________(選填“>”或“<”)鋼球球心通過光電門的瞬時速度，由此產(chǎn)生的誤差________(選填“能”或“不能”)通過增加實驗次數(shù)減?。?
18．(5分)(2018·嘉興市期末)小明同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，為了更準(zhǔn)確的選取電壓表和電流表的合適量程，決定先用多用電表測量小燈泡的阻值．
圖
13、17
(1)在使用前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如圖17甲所示，并未指向零刻度，該同學(xué)應(yīng)該調(diào)節(jié)哪個位置旋鈕________(選填“①”或“②”)；
(2)小明使用多用電表歐姆擋的“×10”擋測量小燈泡電阻阻值，讀數(shù)如圖乙所示，為了更準(zhǔn)確地進行測量，小明應(yīng)該旋轉(zhuǎn)開關(guān)至歐姆擋____________(選填“×100擋”或“×1擋”)，兩表筆短接并調(diào)節(jié)旋鈕__________(選填“①”或“②”)．
19．(9分)(2018·溫州市期中)《公安機關(guān)涉案槍支彈藥性能鑒定工作規(guī)定》指出，不能發(fā)射制式彈藥的非制式槍支，其所發(fā)射彈丸的槍口比動能大于等于1.8 J/cm2都認定為槍支．槍口比動能是指子彈彈頭離開槍口
14、的瞬間所具有的動能除以槍口的橫截面積．現(xiàn)有一玩具槍，其槍管長度L＝20 cm，槍口直徑d＝6 mm，子彈質(zhì)量為m＝2 g．在測試中，讓玩具槍在高度h＝1.8 m處水平發(fā)射，實測子彈射程為12 m，不計子彈受到的阻力，g＝10 m/s2，求：
(1)子彈出槍口的速度大?。?
(2)此玩具槍是否能被認定為槍支？請計算說明．
(3)假設(shè)在槍管內(nèi)子彈始終受到恒定的推力，試求此推力大?。?
20．(12分)如圖18所示，固定在水平面上的組合軌道，由光滑的斜面、光滑的豎直半圓(半徑R＝2.5 m)與粗糙的水平軌道組成；水平軌道與半圓的最低點相切，軌道固定在水平面上．
15、一個質(zhì)量為m＝0.1 kg的小球從斜面上A處由靜止開始滑下，并恰好能到達半圓軌道最高點D，且水平拋出，落在水平軌道的最左端B點處，小球與水平軌道間的動摩擦因數(shù)μ＝0.25.不計空氣阻力，小球在經(jīng)過斜面與水平軌道連接處時不計能量損失，g取10 m/s2.求：
圖18
(1)小球從D點拋出的速度vD的大??；
(2)水平軌道BC的長度x；
(3)小球開始下落的高度h.
21.加試題 (4分)(2018·杭州市期末)(1)如圖19甲所示，為小金在進行“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”實驗時，用秒表記錄下單擺50次全振動所用時間，由圖可知該次實驗中
16、50次全振動所用的時間為________ s.
(2)如圖乙所示，他組裝單擺時，在擺線上端的懸點處，用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，他這樣做的主要目的是________(單選)．
圖19
A．便于測量單擺周期
B．保證擺動過程中擺長不變
C．保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動
(3)小金同學(xué)以擺線的長度(L)作為縱坐標(biāo)，以單擺周期的平方(T2)作為橫坐標(biāo)，作出L－T2的圖象如圖丙所示，則其作出的圖線是________(填“圖線1”“圖線2”或“圖線3”)．若作出的圖線的斜率為k，能否根據(jù)圖象得到當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋縚_______.(若不可以，填“否”；若
17、可以求出，則寫出其表達式)．
22.加試題 (10分)如圖20所示，兩光滑金屬導(dǎo)軌，間距d＝0.2 m，在桌面上的部分是水平的，處在磁感應(yīng)強度B＝0.1 T、方向豎直向下的有界磁場中，軌道左端正好與桌面邊緣平齊．電阻R＝3 Ω，金屬桿ab的質(zhì)量m＝0.2 kg，接入電路的電阻r＝1 Ω，在導(dǎo)軌上距桌面h＝0.2 m的高處由靜止釋放，離開桌面時的速度為1 m/s，g取10 m/s2.求：
圖20
(1)金屬桿在磁場中運動時，電阻R中電流的方向(寫“C到D”或“D到C”)；
(2)金屬桿剛進入磁場時，電阻R兩端的電壓；
(3)整個過程中電阻R放出的熱量．
18、
23.加試題 (10分)如圖21甲所示的一種離子推進器工作原理簡化圖如圖乙所示，氙離子從腔室中飄移過柵電極C的速度大小可忽略不計，在柵電極C、D之間的電場中加速，并從柵電極D噴出，在加速氙離子(質(zhì)量為m、電荷量為q)的過程中飛船獲得推力，不計氙離子間的相互作用及重力影響．
圖21
(1)若該離子推進器固定在地面上實驗時，在D的右側(cè)有板長與板間距均為d的平行金屬板，板間存在勻強磁場B(如圖丙)，從兩平行板中央射入的離子恰好打在上板右邊緣(Q點)．求C、D之間的電壓U與B的關(guān)系式．
(2)若裝配該種離子推進器的宇宙飛船處于懸浮狀態(tài)，宇航員在飛船內(nèi)從靜止經(jīng)多次往復(fù)運動后回到原
19、位置不動，判斷飛船最終是否偏離原位置？若偏離，請計算相對原位置的距離；若不偏離，請說明理由．
(3)若懸浮狀態(tài)下的推進器在某段時間內(nèi)噴射的N個氙離子以速度v通過柵極D，該過程中離子和飛船獲得的總動能占發(fā)動機提供能量的η倍，飛船的總質(zhì)量M及獲得的動力保持不變．已知發(fā)動機總功率為P，求動力大?。?
答案精析
1．B
2．C [限速標(biāo)志上的數(shù)值為這一路段汽車行駛的瞬時速度的最大值，汽車上的速度計指示值為汽車行駛的瞬時速度值，不能超過這一規(guī)定值．]
3．C [180 km/h＝50 m/s,108 km/h＝30 m/s.列車加速時的加速度大小a＝＝ m/s2＝ m
20、/s2，減速時，加速度方向與速度方向相反，a′＝－ m/s2，故選項A、B正確；列車減速時，v－t圖象中的圖線依然在時間軸t軸的上方，選項C錯誤；由v＝at可得v＝×60 m/s＝20 m/s，選項D正確．]
4．C [x－t圖象斜率表示速度，兩物體都做勻速直線運動，但運動方向相反．]
5．D [由題圖知，hb>ha，因為h＝gt2，所以taxb，所以va>vb，選項D正確．]
6．A [vA>vB，由開普勒定律知，A點在近日點即太陽處于橢圓軌道的焦點F1處．]
7．D 8.C
9．C [物體做勻速圓周運動，合力指向圓心，對物體受力分析，受重力、向上
21、的靜摩擦力和指向圓心的彈力，如圖所示，其中重力G與靜摩擦力Ff平衡，與物體的角速度無關(guān)，彈力FN提供向心力，所以當(dāng)圓筒的角速度ω減小以后，物體所需向心力變小，物體所受彈力FN減小，所以C正確．]
10．D
11．A [根據(jù)正點電荷的電場分布規(guī)律可知，B點的電勢大于A點的電勢，故A正確；負點電荷在運動過程中，機械能與電勢能之和守恒，故B錯誤；該試探電荷運動過程中，A點電勢能最大，動能最小，故速度最小，所以試探電荷在A點的速度小于在B點的速度，故C錯誤；試探電荷帶負電，因為A點的電勢低于C點，故在A點的電勢能大于在C點的電勢能，故D錯誤．]
12．A
13．D [物塊從A向O運動過程，受重
22、力、支持力、彈簧的拉力和滑動摩擦力，在平衡位置動能最大，由于摩擦力平行斜面向下，故平衡位置在O點下方，故經(jīng)過O點的動能不是最大，故A錯誤；在平衡位置動能最大，而平衡位置與A、O距離無關(guān)，故B錯誤；物塊從A向O運動過程中，彈性勢能減小，重力勢能、動能和內(nèi)能均增加，根據(jù)能量守恒定律，彈性勢能的減少量大于動能與重力勢能的增加量，故C錯誤；物塊從O向B運動過程中，動能減小，重力勢能、彈性勢能和內(nèi)能均增加，根據(jù)能量守恒定律，動能的減少量大于彈性勢能的增加量，故D正確．]
14．AD [H＋H→He＋n是核聚變反應(yīng)，A正確．鈾核裂變的核反應(yīng)是用一個中子轟擊鈾核得到三個中子，但是方程式中中子不能約去，故B
23、錯誤．在衰變方程Pu→X＋He＋γ中，He核的質(zhì)量數(shù)是4，所以X原子核的質(zhì)量數(shù)是239－4＝235，故C錯誤．盧瑟福通過α粒子轟擊氮核得到質(zhì)子，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知方程式正確，故D正確．]
15．BCD [由題圖可知，該波的波長為8 m
若波沿x軸正方向傳播，則滿足3＋8k＝v×0.1(k＝0,1,2…)，
得v＝30＋80k；
若波沿x軸負方向傳播，則滿足5＋8k＝v×0.1(k＝0,1,2…)，
得v＝50＋80k；
故A錯誤；
若波沿x軸負方向傳播，x＝4 m處的質(zhì)點在t＝0.1 s時振動速度方向沿y軸負方向，B正確；
若v＝30 m/s，則T＝ s＝ s，得0
24、.8 s＝3T，即經(jīng)過3個周期，所以x＝5 m處的質(zhì)點在0時刻起0.8 s內(nèi)通過的路程為1.2 m，C正確；波速為110 m/s，則f＝＝13.75 Hz，發(fā)生干涉，頻率相等，D正確．]
16．AD [根據(jù)題意，當(dāng)θ＝α?xí)r，光屏NQ區(qū)域A光的光斑消失，繼續(xù)增大θ角，當(dāng)θ＝β時，光屏NQ區(qū)域B光的光斑消失，說明A光先發(fā)生全反射，A光的臨界角小于B光的臨界角，而發(fā)生全反射的臨界角C滿足：sin C＝，可知，玻璃磚對A光的折射率比對B光的大，故選項A正確；由v＝知，A光在玻璃磚中的傳播速度比B光的小，故選項B錯誤；據(jù)題可知，A光的臨界角CA＝α，B光的臨界角CB＝β，當(dāng)α<θ<β時，A光發(fā)生全反射
25、，B光尚未發(fā)生全反射現(xiàn)象，故光屏上應(yīng)該看到2個光斑，其中包含NP側(cè)的反射光斑(A、B重合)以及NQ一側(cè)的B光的折射光線形成的光斑，故選項C錯誤；當(dāng)β<θ<時，A、B兩光均發(fā)生了全反射，故僅能看到NP側(cè)的反射光斑(A、B重合)，D正確．]
17．(1)0.950 (2)D (3)< 不能
解析 (1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為0.9 cm，游標(biāo)尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為0.05×10 mm＝0.50 mm，所以最終讀數(shù)為0.950 cm.
(2)利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度，故：v＝，根據(jù)機械能守恒的表達式有：mgh＝mD2，即只要比較D2與2gh是否相等
26、，故選D.
(3)根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律得鋼球通過光電門的平均速度等于這個過程中中間時刻的速度，所以鋼球通過光電門的平均速度小于鋼球球心通過光電門的瞬時速度，由此產(chǎn)生的誤差不能通過增加實驗次數(shù)減?。?
18．(1)① (2)×100擋?、?
19．見解析
解析 (1)子彈離開槍口后做平拋運動，運動時間
t＝＝0.6 s
由x＝vt得
v＝＝20 m/s
(2)子彈出槍口瞬間具有的動能Ek＝mv2＝0.4 J
槍口比動能為≈1.42 J/cm2<1.8 J/cm2
故不能認定為槍支．
(3)子彈在槍管內(nèi)做勻加速運動，由v2＝2aL
得a＝＝1 000 m/s2
由牛頓第二
27、定律得F＝ma＝2 N
20．(1)5 m/s (2)5 m (3)7.5 m
解析 (1)小球恰好能到達半圓軌道最高點D，此時只有重力提供向心力，即mg＝m
所以小球從D點拋出的速度
vD＝＝ m/s＝5 m/s.
(2)根據(jù)豎直方向上的自由落體運動可得，
2R＝gt2，
所以運動的時間為t＝ ＝ s＝1 s，
水平軌道BC的長度即為平拋運動的水平位移的大小，
所以x＝vDt＝5×1 m＝5 m.
(3)對從A到D的過程，利用動能定理可得，
mgh－μmgx－mg·2R＝mv
解得h＝7.5 m.
21．(1)99.8 (2)B (3)圖線2 g＝4π2k
解析
28、 (1)秒表的讀數(shù)為90 s＋9.8 s＝99.8 s，即50次全振動所用時間；
(2)用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，這樣做主要是為了防止小球在擺動過程中把擺線拉長，故B正確；
(3)根據(jù)單擺周期T＝2π可得，L＝T2－，故應(yīng)為圖線2；根據(jù)圖象斜率k＝，所以g＝4π2k.
22．(1)C到D (2)0.03 V (3)0.225 J
解析 (1)由右手定則可知，電流方向為a→b→C→D→a，
即R中電流方向從C到D.
(2)由動能定理可得mgh＝mv2
金屬桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E＝Bdv
回路中感應(yīng)電流I＝
電阻R兩端的電壓U＝IR
代入
29、數(shù)據(jù)解得U＝0.03 V.
(3)由開始下滑到離開桌面，部分機械能轉(zhuǎn)化為電能并最終轉(zhuǎn)化為焦耳熱
Q總＝mgh－mv′2
金屬桿的電阻阻值與電阻R的阻值之比為1∶3，電流相等，通電時間相等
由Q＝I2Rt
可得QR＝Q總
得QR＝0.225 J.
23．(1)U＝ (2)不偏離，遵循動量守恒定律
(3)
解析 (1)根據(jù)動能定理qU＝mv2①
離子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力
qvB＝m，得R＝②
根據(jù)幾何關(guān)系，有
R2＝(R－)2＋d2，得R＝d③
聯(lián)立①②③得，U＝.
(2)對人和宇宙飛船組成的系統(tǒng)，人往復(fù)運動對于系統(tǒng)而言合外力仍為0，由動量守恒知不會偏離．
(3)根據(jù)動量守恒Nmv＝Mv′
由動能定理：ηPt＝Nmv2＋Mv′2
對時間t內(nèi)的飛船運用動量定理Ft＝Mv′
聯(lián)立，得F＝.
（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 選考仿真模擬卷（七）
