（浙江專版）2022年高考物理一輪復(fù)習 第七章 靜電場 考點強化練20 電場知識的應(yīng)用

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1、（浙江專版）2022年高考物理一輪復(fù)習 第七章 靜電場 考點強化練20 電場知識的應(yīng)用 1.下列關(guān)于電容器的敘述正確的是(　　) A.電容器是儲存電荷和電能的容器,只有帶電的容器才稱為電容器 B.任何兩個彼此絕緣而又互相靠近的帶電導(dǎo)體,都能組成電容器,跟這兩個導(dǎo)體是否帶電有關(guān) C.電容器所帶的電荷量是指兩個極板所帶電荷量的絕對值 D.電容器充電過程,是將電能轉(zhuǎn)變成電容器的電場能并儲存起來;電容器放電的過程,是將電容器儲存的電場能轉(zhuǎn)化為其他形式的能 2.某一電容器所帶電荷量和兩端電勢差之間的關(guān)系圖象如圖所示,則下列判斷正確的是(　　) A.電容器的電容為200 F B.電容器

2、的電容為2×10-3 F C.當電容器兩端電勢差降低時,電容器的電容增大 D.當電容器兩端電勢差從40 V降低到36 V的過程中,電容器釋放出來的電荷量為0.02 C 3.如圖所示,電子由靜止開始從A板向B板運動,到達B板的速度為v,保持兩板間電壓不變,則(　　) A.當減小兩板間的距離時,速度v增大 B.當減小兩板間的距離時,速度v減小 C.當減小兩板間的距離時,速度v不變 D.當減小兩板間的距離時,電子在兩板間運動的時間變長 4.如圖所示,平行板電容器的兩個極板與水平地面成一角度,兩極板與一直流電源相連。若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器,則在此過程中,該粒子

3、(　　) A.所受重力與電場力平衡 B.電勢能逐漸增加 C.動能逐漸增加 D.做勻速直線運動 5.(2017龍賽中學(xué)模擬)如圖所示,六面體真空盒置于水平面上,它的ABCD面與EFGH面為金屬板,其他面為絕緣材料。ABCD面帶正電,EFGH面帶負電。從小孔P沿水平方向以相同速度射入三個質(zhì)量相同的帶正電液滴,最后分別落在1、2、3三點。下列說法正確的是(　　) A.三個液滴在真空盒中都做平拋運動 B.三個液滴的運動時間不一定相同 C.三個液滴落到底板時的速率相同 D.落在3點的液滴所帶電荷量最多 6.如圖所示,從熾熱的金屬絲漂出的電子(速度可視為零),經(jīng)加速電場加速后從

4、兩極板中間垂直射入偏轉(zhuǎn)電場。電子的重力不計。在滿足電子能射出偏轉(zhuǎn)電場的條件下,下述四種情況中,一定能使電子的偏轉(zhuǎn)角變大的是(　　) A.僅將偏轉(zhuǎn)電場極性對調(diào) B.僅增大偏轉(zhuǎn)電極間的距離 C.僅增大偏轉(zhuǎn)電極間的電壓 D.僅減小偏轉(zhuǎn)電極間的電壓 7.如圖所示,兩極板與電源相連接,電子從負極板邊緣垂直電場方向射入勻強電場,且恰好從正極板邊緣飛出,現(xiàn)在使電子的入射速度變?yōu)樵瓉淼?倍,而電子仍從原來位置射入,且仍從正極板邊緣飛出,則兩極板間的距離應(yīng)變?yōu)樵瓉淼?　　) A.2倍 B.4倍 C. D. 8.在如圖所示的實驗裝置中,平行板電容器的極板A與一靈敏的靜電計相接,極板B接地。

5、若極板B稍向上移動一點,由觀察到的靜電計指針變化得出平行板電容器電容變小的結(jié)論的依據(jù)是(　　) A.兩板間電壓不變,極板上的電荷量變小 B.兩板間電壓不變,極板上的電荷量變大 C.極板上電荷量幾乎不變,兩極板間電壓變小 D.極板上電荷量幾乎不變,兩極板間電壓變大 9.(加試)電工穿的高壓作業(yè)服是用銅絲編織的,下列說法正確的是(　　) A.銅絲編織的衣服不易被拉破,所以用銅絲編織 B.銅絲必須達到一定的厚度,才能對人體起到保護作用 C.電工被銅絲編織的衣服所包裹,使體內(nèi)電勢保持為零,對人體起保護作用 D.電工被銅絲編織的衣服所包裹,使體內(nèi)電場強度保持為零,對人體起保護作用

6、 10.如圖所示,地面上某區(qū)域存在著豎直向下的勻強電場,一個質(zhì)量為m的帶負電小球沿水平方向以初速度v0由O點射入該區(qū)域,剛好通過豎直平面內(nèi)的P點,已知直線OP與初速度方向夾角為45°,則此帶電小球通過P點的動能為(　　) A.m B. C.2m D. 11.如圖所示,一根光滑絕緣細桿與水平面成α=30°的角傾斜固定。細桿的一部分處在電場強度方向水平向右的勻強電場中,電場強度E=2×104 N/C。在細桿上套有一個帶電荷量為q=-1.73×10-5 C、質(zhì)量為m=3×10-2 kg的小球?，F(xiàn)使小球從細桿的頂端A由靜止開始沿桿滑下,并從B點進入電場,小球在電場中滑至最遠處的C點。已知

7、AB間距離x1=0.4 m,g取10 m/s2。求: (1)小球在B點的速度vB; (2)小球進入電場后滑行的最大距離x2; (3)小球從A點滑至C點的時間。 12.如圖所示,小莉同學(xué)站在絕緣木板上將一只手搭在了一個大的帶電金屬球上,出現(xiàn)了“怒發(fā)沖冠”的現(xiàn)象。下列說法正確的是(　　) A.這種現(xiàn)象是靜電感應(yīng)造成的 B.將另一只手也搭在帶電球上,則這種現(xiàn)象消失 C.小莉的電勢與帶電球的電勢相等 D.金屬球內(nèi)部的電場強度比頭發(fā)附近的電場強度大 13.如圖所示,兩平行金屬板豎直放置,板上A、B兩孔正好水平相對,板間電勢差為500 V。一個動能

8、為400 eV的電子從A孔沿垂直板方向射入電場中,經(jīng)過一段時間電子離開電場,則電子離開電場時的動能大小為(　　) A.900 eV B.500 eV C.400 eV D.100 eV 14.如圖所示,繩長為l,一端固定在O點,另一端拴一個電荷量+q的小球。已知qE=3mg,要使球能在豎直平面內(nèi)做圓周運動,球在A點最小速度為多少? 考點強化練20　電場知識的應(yīng)用 1.D　電容器是儲存電荷的容器,不論是否帶電都稱為電容器,所以選項A、選項B錯誤;電容器所帶電荷量是指一個極板所帶電荷量的絕對值,所以選項C錯誤;電容器的充電過程是將由電源獲得的電能轉(zhuǎn)化為

9、電場能的過程,放電過程是將電場能轉(zhuǎn)化為其他形式的能的過程,所以選項D正確。 2.D　根據(jù)電容的定義式C=可知圖線的斜率即為電容大小,C= F=5×10-3 F,選項A、選項B都錯;電容器的電容與電容器兩端電勢差和電容器所帶電荷量無關(guān),所以選項C錯;根據(jù)C=可得,ΔQ=C·ΔU=0.02 C,選項D正確。 3.C　由動能定理得eU=mv2,當改變兩極板間的距離時,U不變,v就不變,故選項A、選項B錯誤,選項C正確;電子在極板間做初速度為零的勻加速直線運動,,即t=,當d減小時,v不變,電子在兩極板間運動的時間變短,故選項D錯誤。 4.B　 分析帶電粒子的受力情況,畫出其受力圖如圖所示

10、?？梢钥闯銎浜狭Ψ较蚺c其速度方向相反。所以,帶電粒子在電場中做勻減速直線運動。電場力做負功,重力不做功,動能減少,電勢能增加,故選項A、C、D錯誤,選項B正確。 5.D　三個液滴具有相同的水平初速度,但除了受重力以外,還受水平方向的電場力作用,不是平拋運動,選項A錯誤;在豎直方向上三個液滴都做自由落體運動,下落高度又相同,運動時間必相同,選項B錯誤;在相同的運動時間內(nèi),落在3點的液滴水平位移最大,說明它在水平方向的加速度最大,它受到的電場力最大,故它所帶電荷量也最多,選項D正確;因為電場力對落在3點的液滴做功最多,它落到底板時的速率最大,選項C錯誤。 6.C　設(shè)加速電場電壓為U0,偏轉(zhuǎn)電壓

11、為U,極板長度為l,間距為d,電子加速過程中,由U0q=,得v0=,電子進入偏轉(zhuǎn)電場后做類平拋運動,時間t=,a=,vy=at,tan θ=,由此可判斷C正確。 7.C　第一次d=,第二次d'=,兩式相比可得d'=,所以選項C正確。 8.D　電容器B板上移,正對面積減小,電容器電容減小,此時有少量電荷轉(zhuǎn)移到靈敏靜電計,使指針張角變大,表明A、B板間電壓變大,因極板上的電荷量幾乎不變,由C=可以判定電容器電容變小。 9.D 10.D　小球剛好通過P點時,其水平和豎直位移相等,設(shè)小球在P點的豎直分速度為vPy,有v0t=vPyt,vP=,解得EkP=,選項D正確。 11.答案 (1)2

12、m/s　(2)0.4 m　(3)0.8 s 解析 (1)小球在AB段滑動過程中,由機械能守恒有mgx1sin α=,可得vB=2 m/s。 (2)小球進入勻強電場后,在電場力和重力的作用下, 由牛頓第二定律可得加速度a2==-5 m/s2。 小球進入電場后還能滑行到最遠處C點,BC的距離為 x2==0.4 m。 (3)小球從A到B和從B到C的兩段位移的平均速度分別為vAB=,vBC=。 小球從A到C的平均速度為,x1+x2=t,可得t=0.8 s。 12.C　人體也是導(dǎo)體,與金屬球接觸時帶電,頭發(fā)末端帶同種電荷,相互排斥,故頭發(fā)豎起,若另一只手也搭上去,現(xiàn)象不會消失,A、B均錯

13、。金屬球和人體可看作一個大導(dǎo)體,為等勢體,故C正確。金屬球內(nèi)部電場強度處處為0,小于頭發(fā)附近的電場強度,D錯。 13.C　由題圖知,電子從A孔沿垂直板方向射入電場后向右運動的過程中,電場力做負功,電子做勻減速直線運動,經(jīng)電勢差為400 V位置時動能就減為零,然后反向勻加速直線運動,電子再從A點離開電場,整個過程中電場力做功為零,因此電子離開電場時的動能大小為400 eV,選項C對,A、B、D錯。 14.答案 解析 球受重力mg,靜電力qE,其合力為2mg,方向向上。用此合力代替重力場中的重力,B點相當于圓周運動的最高點,在“最高點B”有2mg=m(此時FTB=0) 從“最高點B”到“最低點A”用動能定理: qE·2l-mg·2l= 2mg·2l=,vA=, 即要想讓小球在豎直面內(nèi)做圓周運動,小球在A點的速度滿足vA≥。