江蘇省2020屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題12 空間平行與垂直
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江蘇省2020屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題12 空間平行與垂直
江蘇省2020屆高考數(shù)學(xué)(蘇教版)二輪復(fù)習(xí)專題12 空間平行與垂直
回顧2020~2020年的考題,主要考查線面平行和面面垂直,幾何體為常見(jiàn)的錐體和柱體,其中2020年考查了位置關(guān)系基本定理判定的小題,2020年考查了點(diǎn)到平面的距離,2020年考查了線面平行與面面垂直,2020年考查了一道體積小題和線面平行與面面垂直的證明;其他基本考查證明位置關(guān)系(如:平行、垂直)的大題,難度不大.柱、錐、臺(tái)、球及其簡(jiǎn)單組合體和平面及其基本性質(zhì)雖然沒(méi)有單獨(dú)考查,但作為立體幾何最基本的要素是融入在解答題中考查的.對(duì)于立體幾何表面積和體積考查要求不高.
預(yù)測(cè)在2020年的高考題中:
(1)填空題依然主要是會(huì)出現(xiàn)考查判斷位置關(guān)系基本定理真假的問(wèn)題,以及表面積和體積的求解的問(wèn)題.
(2)在解答題中,主要是空間幾何體的位置關(guān)系的證明,可能是雙證,也可能是一證一
算.
1.(2020·江蘇高考)如圖,在長(zhǎng)方體ABCD-A1B1C1D1中,AB=AD=3 cm,AA1=2 cm,則四棱錐A-BB1D1D的體積為_(kāi)_______ cm3.
解析:連結(jié)AC交BD于點(diǎn)O,則四棱錐A-BB1D1D的體積為SBB1D1D·AO=6.
答案:6
2.(2020·南師大信息卷)在棱長(zhǎng)為1的正方體ABCD-A1B1C1D1中,若點(diǎn)P是棱上一點(diǎn),則滿足|PA|+|PC1|=2的點(diǎn)P的個(gè)數(shù)為_(kāi)_______.
解析:點(diǎn)P在以A,C1為焦點(diǎn)的橢圓上,
若P在AB上,設(shè)AP=x,
有PA+PC1=x+=2,
解得x=.
故AB上有一點(diǎn)P(AB的中點(diǎn))滿足條件.
同理在AD,AA1,C1B1,C1D1,C1C上各有一點(diǎn)滿足條件.
又若點(diǎn)P在BB1上,
則PA+PC1=+>2.
故BB1上不存在滿足條件的點(diǎn)P,同理DD1,BC,A1D1,DC,A1B1上不存在滿足條件的點(diǎn)P.
答案:6
3.在矩形ABCD中,AB=2,BC=3,以BC邊所在直線為軸旋轉(zhuǎn)一周,則形成的幾何體的側(cè)面積為_(kāi)_______.
解析:將矩形ABCD以BC邊所在直線為軸旋轉(zhuǎn)一周后得到的幾何體為是以2為底面半徑,以3為高的圓柱體,故它的側(cè)面積為2π×2×3=12π.
答案:12π
4.(2020·南京三模)已知α,β是兩個(gè)不同的平面,下列四個(gè)條件:
①存在一條直線a,a⊥α,a⊥β;②存在一個(gè)平面γ,γ⊥α,γ⊥β;
③存在兩條平行直線a,b,a?α,b?β,a∥β,b∥α.
④存在兩條異面直線a,b,a?α,b?β,a∥β,b∥α.
其中是平面α∥平面β的充分條件的為_(kāi)_______.(填上所有符合要求的序號(hào))
解析:②③中的α與β可以相交.
答案:①④
5.(2020·江蘇最后一卷)給出下列四個(gè)命題:
①如果平面α與平面β相交,那么平面α內(nèi)所有的直線都與平面β相交;
②如果平面α⊥平面β,那么平面α內(nèi)所有直線都垂直于平面β;
③如果平面α⊥平面β,那么平面α內(nèi)與它們的交線不垂直的直線與平面β也不垂直;
④如果平面α不垂直于平面β,那么平面α內(nèi)一定不存在直線垂直于平面β.
真命題的序號(hào)是________.(寫(xiě)出所有真命題的序號(hào))
解析:①中α內(nèi)存在與β平行的直線;②中α內(nèi)只有垂直于交線的直線才垂直于β;③、④正確.
答案:③④
如圖,四棱錐P-ABCD中,PD⊥平面ABCD,PD=DC=BC=1,AB=2,AB∥DC,∠BCD=90°.
(1)求證:PC⊥BC;(2)求點(diǎn)A到平面PBC的距離.
[解] (1)證明:因?yàn)镻D⊥平面ABCD,BC?平面ABCD,所以PD⊥BC.
由∠BCD=90°,得CD⊥BC.
又PD∩DC=D,PD,DC?平面PCD,
所以BC⊥平面PCD.
因?yàn)镻C?平面PCD,故PC⊥BC.
(2)法一:分別取AB,PC的中點(diǎn)E,F(xiàn),連結(jié)DE,DF,
易證DE∥CB,DE∥平面PBC,點(diǎn)D,E到平面PBC的距離相等.又點(diǎn)A到平面PBC的距離等于E到平面PBC的距離的2倍.
由(1)知,BC⊥平面PCD,所以平面PBC⊥平面PCD于PC.因?yàn)镻D=DC,PF=FC,所以DF⊥PC.所以DF⊥平面PBC于F.
易知DF=,故點(diǎn)A到平面PBC的距離等于.
法二:體積法:連結(jié)AC,設(shè)點(diǎn)A到平面PBC的距離為h.
因?yàn)锳B∥DC,∠BCD=90°,所以∠ABC=90°.
從而AB=2,BC=1,得△ABC的面積S△ABC=1.
由PD⊥平面ABCD及PD=1,得三棱錐P-ABC的體積V=S△ABC·PD=.
因?yàn)镻D⊥平面ABCD,DC?平面ABCD,
所以PD⊥DC.
又PD=DC=1,所以PC==.
由PC⊥BC,BC=1,得△PBC的面積S△PBC=.
由VA-PBC=VP-ABC,S△PBC·h=V=,
得h=,
故點(diǎn)A到平面PBC的距離等于.
本小題主要考查直線與平面、平面與平面的位置關(guān)系,考查幾何體的體積,考查空間想象能力、推理論證能力和運(yùn)算能力.
如圖,四棱錐P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,底面ABCD為直角梯形且AB∥CD,∠BAD=90°,PA=AD=DC=2,AB=4.
(1)求證:BC⊥PC;
(2)四面體A-PBC的體積.
解:(1)證明:作CE⊥AB于點(diǎn)E,則AE=EB=CE=2,BC=2,則AC=2,故∠ACB=90°,即AC⊥CB.
又PA⊥平面ABCD,故PA⊥BC,所以BC⊥平面PAC.又PC?面PAC,
因此BC⊥PC.
(2)因?yàn)镻A⊥平面ABC,所以VA-PBC=VP-ABC=S△ABC·PA
=×AC·BC·PA=××2×2×2=.
故四面體A-PBC的體積為.
(2012·泰州模擬)已知四面體ABCD中,AB=AC,BD=CD,平面ABC⊥平面BCD,E,F(xiàn)分別為棱BC和AD的中點(diǎn).
(1)求證:AE⊥平面BCD;
(2)求證:AD⊥BC;
(3)若△ABC內(nèi)的點(diǎn)G滿足FG∥平面BCD,設(shè)點(diǎn)G構(gòu)成集合T,試描述點(diǎn)集T的位置.(不必說(shuō)明理由)
[解] (1)證明:∵在△ABC中,AB=AC,E為BC的中點(diǎn),∴AE⊥BC.
又∵平面ABC⊥平面BCD,AE?平面ABC,
平面ABC∩平面BCD=BC,∴AE⊥平面BCD.
(2)證明:連結(jié)DE,∵BD=CD,E為BC的中點(diǎn),∴BC⊥DE.
由(1)知AE⊥BC,又AE∩DE=E,AE,DE?平面AED,
∴BC⊥平面AED.
又AD?平面AED,∴BC⊥AD.
(3)取AB,AC的中點(diǎn)M,N,所有的點(diǎn)G構(gòu)成的集合T即為△ABC的中位線MN.
本題的第(3)問(wèn)考查線面平行,沒(méi)有直接給出點(diǎn)G的位置,而是需要探究點(diǎn)的位置.根據(jù)面面平行的性質(zhì)得到線面平行,并且利用面面的交線確定點(diǎn)G的位置.
如圖ABCD為直角梯形,∠BCD=∠CDA=90°,AD=2BC=2CD,P為平面ABCD外一點(diǎn),且PB⊥BD.
(1)求證:PA⊥BD;
(2)若PC與CD不垂直,求證:PA≠PD.
解:(1)證明:∵ABCD為直角梯形,∠BCD=∠CDA=90°,AD=2BC=2CD,∴AD=AB=BD.
∴AB⊥BD.
∵PB⊥BD,AB∩PB=B,AB,PB?平面PAB,
∴BD⊥平面PAB.
∵PA?面PAB,∴PA⊥BD.
(2)證明:假設(shè)PA=PD,取AD中點(diǎn)N,連結(jié)PN,BN,
則PN⊥AD,BN⊥AD,
∴AD⊥平面PNB,得PB⊥AD,
又PB⊥BD,得PB⊥平面ABCD,
∴PB⊥CD,
又∵BC⊥CD,且PB∩BC=B,∴CD⊥平面PBC,
∴CD⊥PC,與已知條件PC與CD不垂直矛盾,
∴假設(shè)不成立,∴PA≠PD.
(2020·江蘇高考)請(qǐng)你設(shè)計(jì)一個(gè)包裝盒.如圖所示,ABCD是邊長(zhǎng)為60 cm的正方形硬紙片,切去陰影部分所示的四個(gè)全等的等腰直角三角形,再沿虛線折起,使得A,B,C,D四個(gè)點(diǎn)重合于圖中的點(diǎn)P,正好形成一個(gè)正四棱柱形狀的包裝盒.E、F在AB上,是被切去的一個(gè)等腰直角三角形斜邊的兩個(gè)端點(diǎn).設(shè)AE=FB=x (cm).
(1)若廣告商要求包裝盒的側(cè)面積S(cm2)最大,試問(wèn)x應(yīng)取何值?
(2)某廠商要求包裝盒的容積V(cm3)最大,試問(wèn)x應(yīng)取何值?并求出此時(shí)包裝盒的高與底面邊長(zhǎng)的比值.
[解] 設(shè)包裝盒的高為h(cm),底面邊長(zhǎng)為a(cm).
由已知得
a=x,h==(30-x),0<x<30.
(1)S=4ah=8x(30-x)=-8(x-15)2+1 800,
所以當(dāng)x=15時(shí),S取得最大值.
(2)V=a2h=2(-x3+30x2),V′=6x(20-x).
由V′=0得x=0(舍)或x=20.
當(dāng)x∈(0,20)時(shí),V′>0;當(dāng)x∈(20,30)時(shí),V′<0.
所以當(dāng)x=20時(shí),V取得極大值,也是最大值.
此時(shí)=.即包裝盒的高與底面邊長(zhǎng)的比值為.
本題主要考查空間幾何體中的最值問(wèn)題,綜合考查數(shù)學(xué)建模能力及應(yīng)用導(dǎo)數(shù)解決實(shí)際問(wèn)題的能力.
某加工廠有一塊三角形的鐵板余料(如圖),經(jīng)測(cè)量得知:AC=3,AB=3,BC=6.工人師傅計(jì)劃利用它加工成一個(gè)無(wú)蓋直三棱柱型水箱,設(shè)計(jì)方案為:將圖中的陰影部分切去,再把它沿虛線折起.請(qǐng)計(jì)算容器的高為多少時(shí),容器的容積最大?最大容積是多少?
解:設(shè)容器的高為x,
∵AC=3,AB=3,BC=6,∴BC2=AC2+AB2,
得∠A=,∠C=,∠CED=,∠FEG=,
∴CD=DE·tan∠CED=x.
∴GE=3-x-x=3-(+1)x.
∴GF=GE=[3-(+1)x].
又GE>0,∴0<x<.
設(shè)容器的容積為V,
則V=x··[3-(+1)x]2
∴V′=[3-(+1)x]2-x[3-(+1)x]·(+1)
=[3-(+1)x][1-(+1)x].
令V′=0,又0<x<,∴x==.
當(dāng)0<x<時(shí),V′>0,<x<時(shí),V′<0.
∴當(dāng)x=時(shí),Vmax=3-.
1.證明線面平行或垂直關(guān)系時(shí),要認(rèn)真體會(huì)“轉(zhuǎn)化”這一數(shù)學(xué)思想方法,既要領(lǐng)會(huì)平行、垂直內(nèi)部間的轉(zhuǎn)化,也要注意平行與垂直之間的轉(zhuǎn)化.
2.空間幾何體的表面積和體積的研究策略
研究空間幾何體的結(jié)構(gòu)→計(jì)算相關(guān)邊長(zhǎng)→代入公式計(jì)算.
3.空間幾何體的結(jié)構(gòu)的研究策略
運(yùn)用轉(zhuǎn)化的思想,將空間幾何體的問(wèn)題轉(zhuǎn)化為平面問(wèn)題,如幾何體的外接球或內(nèi)切球問(wèn)題,轉(zhuǎn)化為多邊形的外接圓或內(nèi)切圓的問(wèn)題.
4.組合體體積的求解
組合體的體積求解無(wú)論是分割還是補(bǔ)形,關(guān)鍵是有利于求出幾何體的高,即找到線面垂直.
1.已知直線l⊥平面α,直線m?平面β,給出下列命題:
①若α∥β,則l⊥m;②若α⊥β,則l∥m;③若l∥m,則α⊥β;④若l⊥m,則α∥β.
其中正確命題的序號(hào)是________.
解析:②中l(wèi)與m可能異面;④中α與β也可能相交.
答案:①③
2.已知PA,PB,PC兩兩互相垂直,且△PAB,△PBC,△PAC的面積分別為1.5 cm2,2 cm2,6 cm2,則過(guò)P,A,B,C四點(diǎn)的外接球的表面積為_(kāi)_______ cm2.(注S球=4πr2,其中r為球半徑)
解析:由題意得解得
因?yàn)镻A,PB,PC兩兩互相垂直,所以可構(gòu)造長(zhǎng)方體.長(zhǎng)方體的體對(duì)角線長(zhǎng)為,即為外接球的直徑,所以外接球的表面積為26π.
答案:26π
3.(2020·蘇州二模)設(shè)m,n是兩條不同的直線,α,β是兩個(gè)不同的平面,給出下列命題:
①若α∥β,m?β,n?α,則m∥n;
②若α∥β,m⊥β,n∥α,則m⊥n;
③若α⊥β,m⊥α,n∥β,則m∥n;
④若α⊥β,m⊥α,n⊥β,則m⊥n.
上面命題中,所有真命題的序號(hào)為_(kāi)_______.
解析:①③中的直線m與n可以是異面直線.
答案:②④
4.多面體上,位于同一條棱兩端的頂點(diǎn)稱為相鄰的頂點(diǎn),正方體的一個(gè)頂點(diǎn)A在平面α內(nèi),其余頂點(diǎn)在α的同側(cè),正方體上與頂點(diǎn)A相鄰的三個(gè)頂點(diǎn)到α的距離分別為1,2和4,P是正方體的其余四個(gè)頂點(diǎn)中的一個(gè),則P到平面α的距離可能是:
①3;②4;③5;④6;⑤7
以上結(jié)論正確的為_(kāi)_______.(寫(xiě)出所有正確結(jié)論的編號(hào))
解析:如圖,B,D,A1到平面α的距離分別為1,2,4,則D,A1的中點(diǎn)到平面α的距離為3,所以D1到平面α的距離為6;B,A1的中點(diǎn)到平面α的距離為,所以B1到平面α的距離為5;則D,B的中點(diǎn)到平面α的距離為,所以C到平面α的距離為3;C,A1的中點(diǎn)到平面α的距離為,所以C1到平面α的距離為7;而P為C,C1,B1,D1中的一點(diǎn),所以所有可能的結(jié)果為3,5,6,7.
答案:①③④⑤
5.已知α,β是兩個(gè)不同的平面,m,n是平面α及平面β之外的兩條不同直線,給出四個(gè)論斷:①m∥n,②α∥β,③m⊥α,④n⊥β,以其中三個(gè)論斷作為條件,余下一個(gè)論斷作為結(jié)論,寫(xiě)出你認(rèn)為正確的一個(gè)命題:________.
解析:同垂直于一個(gè)平面的兩條直線互相平行,同垂直于兩個(gè)平行平面的兩條直線也互相平行,故②③④?①.(同理①③④?②).
答案:②③④?①(或①③④?②)
6.在棱長(zhǎng)為1的正方體ABCD-A1B1C1D1中,四面體ACB1D1的體積為_(kāi)_______.
解析:用正方體體積減去4個(gè)相同的三棱錐體積(或求棱長(zhǎng)為的正四面體的體積).
答案:
7.(2020·南京二模)一塊邊長(zhǎng)為10 cm的正方形鐵片按如圖所示的陰影部分裁下,然后用余下的四個(gè)全等的等腰三角形作側(cè)面,以它們的公共頂點(diǎn)P為頂點(diǎn),加工成一個(gè)如圖所示的正四棱錐容器,當(dāng)x=6 cm時(shí),該容器的容積為_(kāi)_______ cm3.
解析:正四棱錐的高h(yuǎn)==4,
V=×62×4=48(cm3).
答案:48
8.在正方體上任意選擇4個(gè)頂點(diǎn),它們可能是如下各種幾何形體的4個(gè)頂點(diǎn),這些幾何形體是________(寫(xiě)出所有正確結(jié)論的編號(hào)).
①矩形;②不是矩形的平行四邊形;③有三個(gè)面為等腰直角三角形,有一個(gè)面為等邊三角形的四面體;④每個(gè)面都是等邊三角形的四面體;⑤每個(gè)面都是直角三角形的四面體.
解析:當(dāng)四點(diǎn)共面時(shí)為矩形;當(dāng)四點(diǎn)不共面時(shí),若有三點(diǎn)在正方體的某一面內(nèi),則可形成③⑤中的幾何形體,若任意三點(diǎn)都不在正方體的某一面內(nèi),則形成④中的幾何形體.
答案:①③④⑤
9.一個(gè)等腰直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)分別在正三棱柱的三條側(cè)棱上,已知正三棱柱的底面邊長(zhǎng)為2,則該三角形的斜邊長(zhǎng)為_(kāi)_______.
解析:如圖,正三棱柱ABC-A1B1C1中,△ABC為正三角形,邊長(zhǎng)為2,△DEF為等腰直角三角形,DF為斜邊,設(shè)DF長(zhǎng)為x,則DE=EF=x,作DG⊥BB1,HG⊥CC1,EI⊥CC1,
則EG==,F(xiàn)I==,F(xiàn)H=FI+HI=FI+EG=2,在Rt△DHF中,DF2=DH2+FH2,即x2=4+2,解得x=2.即該三角形的斜邊長(zhǎng)為2.
答案:2
10.(2020·南通一模)在棱長(zhǎng)為4的正方體ABCD-A1B1C1D1中,E、F分別為棱AA1、D1C1上的動(dòng)點(diǎn),點(diǎn)G為正方形B1BCC1的中心.則空間四邊形AEFG在該正方體各個(gè)面上的正投影所構(gòu)成的圖形中,面積的最大值為_(kāi)_______.
解析:如圖1,當(dāng)E與A1重合,F(xiàn)與B1重合時(shí),四邊形AEFG在前、后面的正投影的面積最大值為12;
如圖2,當(dāng)E與A1重合,四邊形AEFG在左、右面的正投影的面積最大值為8;
如圖3,當(dāng)F與D重合時(shí),四邊形AEFG在上、下面的正投影的面積最大值為8;
綜上得,面積最大值為12.
答案:12
11.(2020·南京二模)如圖,四邊形ABCD是矩形,平面ABCD⊥平面BCE,BE⊥EC.
(1)求證:平面AEC⊥平面ABE;
(2)點(diǎn)F在BE上,若DE∥平面ACF,求的值.
解:(1)證明:因?yàn)锳BCD為矩形,所以AB⊥BC.
因?yàn)槠矫鍭BCD⊥平面BCE,
平面ABCD∩平面BCE=BC,
AB?平面ABCD,
所以AB⊥平面BCE.
因?yàn)镃E?平面BCE,所以CE⊥AB.
因?yàn)镃E⊥BE,AB?平面ABE,BE?平面ABE,AB∩BE=B,
所以CE⊥平面ABE.
因?yàn)镃E?平面AEC,所以平面AEC⊥平面ABE.
(2)連結(jié)BD交AC于點(diǎn)O,連結(jié)OF.
因?yàn)镈E∥平面ACF,DE?平面BDE,平面ACF∩平面BDE=OF,
所以DE∥OF.
又因?yàn)榫匦蜛BCD中,O為BD中點(diǎn),
所以F為BE中點(diǎn),即=.
12.(2020·無(wú)錫一中)如圖,四棱錐E-ABCD中,EA=EB,AB∥CD,AB⊥BC,AB=2CD.
(1)求證:AB⊥ED;
(2)線段EA上是否存在點(diǎn)F,使DF∥平面BCE?若存在,求出的值;若不存在,說(shuō)明理由.
解:(1)證明:取AB中點(diǎn)O,連結(jié)EO,DO.
因?yàn)镋A=EB,所以EO⊥AB.因?yàn)锳B∥CD,AB=2CD,
所以BO∥CD,BO=CD.
又因?yàn)锳B⊥BC,所以四邊形OBCD為矩形,
所以AB⊥DO.
因?yàn)镋O∩DO=O,
所以AB⊥平面EOD.又因?yàn)镋DC平面EOD,
所以AB⊥ED.
(2)存在點(diǎn)F滿足=,即F為EA中點(diǎn)時(shí),有DF∥平面BCE.
證明如下:取EB中點(diǎn)G,連結(jié)CG,F(xiàn)G.
因?yàn)镕為EA中點(diǎn),所以FG∥AB,F(xiàn)G=AB.
因?yàn)锳B∥CD,CD=AB,所以FG∥CD,F(xiàn)G=CD.
所以四邊形CDFG是平行四邊形,所以DF∥CG.
因?yàn)镈F?平面BCE,CG?平面BCE,
所以DF∥平面BCE.