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2020屆高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第六單元 數(shù)列與算法 第36講 數(shù)列的概念及其表示法練習(xí) 理(含解析)新人教A版

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2020屆高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第六單元 數(shù)列與算法 第36講 數(shù)列的概念及其表示法練習(xí) 理(含解析)新人教A版

第36講 數(shù)列的概念及其表示法 1.?dāng)?shù)列{an}的前n項和Sn=n2-7n+3,則(D) A.S3最小 B.S4最小 C.S7最小 D.S3、S4最小 因為Sn=n2-7n+3=(n-)2-(n∈N*), 所以n=3或n=4時取到最小值. 2.(2018·北京海淀模擬)數(shù)列{an}的前n項和為Sn,若Sn-Sn-1=2n-1(n≥2),且S2=3,則a1+a3的值為(C) A.1 B.3 C.5 D.6 由條件,當(dāng)n≥2時,an=2n-1, 令n=2,則S2-S1=3,又S2=3,所以a1=0. a3=2×3-1=5. 故a1+a3=5. 3.(2018·河南洛陽模擬)設(shè)數(shù)列{an}滿足a1+2a2+22a3+…+2n-1an=(n∈N*),則數(shù)列{an}的通項公式是(C) A.a(chǎn)n= B.a(chǎn)n= C.a(chǎn)n= D.a(chǎn)n= 設(shè){2n-1an}的前n項和為Tn, 因為數(shù)列{an}滿足a1+2a2+22a3+…+2n-1an=, 所以Tn=, 所以2n-1an=Tn-Tn-1=-=(n≥2), 所以an==(n≥2), 經(jīng)檢驗,當(dāng)n=1時也成立,所以an= . 4.(2018·哈師大附中模擬)已知{an}是遞增數(shù)列,對于任意的正整數(shù)n,均有an=n2+λn,則實數(shù)λ的取值范圍是(B) A.[-2,+∞) B.(-3,+∞) C.R D.? 因為{an}是遞增數(shù)列,對于任意的正整數(shù)n均有an=n2+λn,所以(n+1)2+λ(n+1)>n2+λn, 所以λ>-(2n+1),所以λ>-3. 5.?dāng)?shù)列1,2,3,4,…的一個通項公式為 an=n+ . 每一項都可以分成三部分,整數(shù)部分、分子、分母,注意到整數(shù)部分就等于序號n,分子是序號n的平方,分母是分子加1,所以an=n+. 6.已知數(shù)列{an}滿足a1=0,an+1=an+2n,那么a100= 9900 . 因為an-an-1=2(n-1), 所以an-a1=2[1+2+…+(n-1)]=n(n-1), 因為a1=0,所以an=n(n-1). 所以a100=100×99=9900. 7.已知數(shù)列{an}的前n項和Sn=-n2+kn(其中k∈N*),且Sn的最大值為8,求數(shù)列{an}的通項公式. 因為Sn=-(n-k)2+k2, 所以當(dāng)n=k時,Sn的最大值為k2. 所以k2=8,所以k∈N*,所以k=4. 所以Sn=-n2+4n. 當(dāng)n≥2時, an=Sn-Sn-1=-n2+4n-[-(n-1)2+4(n-1)] =-(2n-1)+4=-n; 當(dāng)n=1時,a1=S1=-+4==-1. 所以an=-n(n∈N*). 8.(2018·山東濟南模擬)已知數(shù)列{an}中,a2=102,an+1-an=4n,則數(shù)列{}中的最小項是(B) A.第6項 B.第7項 C.第8項 D.第9項 由an+1-an=4n,得a2-a1=4,又a2=102, 所以a1=98. 當(dāng)n≥2時,an=a1+(a2-a1)+(a3-a2)+…+(an-an-1)=98+4×1+4×2+…+4(n-1)=98+2n(n-1), 又n=1時適合上式,故an=98+2n(n-1),n∈N*. 故=+2n-2≥2-2=26, 當(dāng)且僅當(dāng)=2n,即n=7時,等號成立. 9.(2018·石家莊二模)已知數(shù)列{an}的前n項和為Sn=(-)n,如果存在正整數(shù)n,使得(m-an)(m-an+1)<0成立,則實數(shù)m的取值范圍是__(-,)__. 因為Sn=(-)n,所以a1=S1=-, a2=S2-S1=+=, a2n=S2n-S2n-1=(-)2n-(-)2n-1 =()2n+2()2n=3×()2n>0, a2n+1=S2n+1-S2n=(-)2n+1-(-)2n =-×()2n-()2n=-×()2n<0, 所以數(shù)列{an}的奇數(shù)項為遞增的等比數(shù)列,且各項為負;偶數(shù)項為遞減的等比數(shù)列,且各項為正. 所以a1<a3<…<a2n+1<m<a2n<…<a4<a2, 如果存在正整數(shù)n,使得(m-an)(m-an+1)<0成立, 則a1<m<a2,所以-<m<. 即實數(shù)m的取值范圍是(-,). 10.已知數(shù)列{an}滿足-an=2,且an>0. (1)求數(shù)列{an}的通項公式; (2)證明Sn=a1+a2+…+an<; (3)數(shù)列{an}是否存在最大項?若存在最大項,求出該項和相應(yīng)的項數(shù);若不存在,說明理由. (1)由-an=2,得a+2an-1=0, 由一元二次方程的求根公式得: an==-±, 因為an>0,所以an=-. (2)證明:因為an=-, 所以Sn=a1+a2+…+an =(-1)+(-)+…+(-) =-1. 因為-1-=-1<0, 所以-1<. 所以Sn=a1+a2+…+an<. (3)(方法1)因為an=->0, 所以==<1, 所以an+1<an,所以數(shù)列{an}是遞減數(shù)列, 所以數(shù)列{an}有最大項,最大項為第一項a1=-1. (方法2)由an=-知數(shù)列{an}各項滿足函數(shù)f(x)=-, 因為f′(x)=-, x>0時,<,所以x>0時,f′(x)<0, 即函數(shù)f(x)=-在(0,+∞)上為減函數(shù), 由此得到an=-為遞減數(shù)列, 所以數(shù)列{an}有最大項,最大項為第一項a1=-1. 5

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