《2020版高考數(shù)學二輪復習 專題限時集訓5 概率、隨機變量及其分布 理》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《2020版高考數(shù)學二輪復習 專題限時集訓5 概率、隨機變量及其分布 理(8頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、專題限時集訓(五) 概率、隨機變量及其分布
[專題通關練]
(建議用時:30分鐘)
1.袋中裝有2個紅球,3個黃球,有放回地抽取3次,每次抽取1球,則3次中恰有2次抽到黃球的概率是( )
A. B.
C. D.
D [由題意可知抽到黃球的次數(shù)ξ~B,
∴P(ξ=2)=C×=.]
2.(2019·咸陽二模)已知甲、乙、丙三人去參加某公司面試,他們被公司錄取的概率分別為,,,且三人錄取結果相互之間沒有影響,則他們三人中至少有一人被錄取的概率為( )
A. B.
C. D.
B [甲、乙、丙三人去參加某公司面試,他們被公司錄取的概率分別為,,,且三個錄取結
2、果相互之間沒有影響,∴他們三人中至少有一人被錄取的概率為:P=1-=.故選B.]
3.(2019·鄭州二模)在如圖所示的正方形中隨機投擲10 000個點,則落入陰影部分(曲線C為正態(tài)分布N(-1,1)的密度曲線)的點的個數(shù)的估計值為( )
(附:X~N(μ,σ2),則P(μ-σ<X≤μ+σ)=0.682 7,
P(μ-2σ<X≤μ+2σ)=0.954 5)
A.906 B.2 718
C.1 359 D.3 413
C [∵X~N(-1,1),
∴陰影部分的面積S=P(0﹤X≤1)
=[P(-3﹤x≤1)-P(-2﹤x≤0)]=(0.954 5-0.682 7)=0.1
3、35 9,
∴落入陰影部分的點的個數(shù)的估計值為10 000×0.135 9=1 359.故選C.]
4.甲、乙二人爭奪一場圍棋比賽的冠軍,若比賽為“三局兩勝”制,甲在每局比賽中獲勝的概率均為,且各局比賽結果相互獨立,則在甲獲得冠軍的情況下,比賽進行了三局的概率為( )
A. B.
C. D.
B [由題意,甲獲得冠軍的概率為×+××+××=,其中比賽進行了3局的概率為××+××=,
∴所求概率為÷=,故選B.]
5.(2019·巢湖市一模)某次考試共有12個選擇題,每個選擇題的分值為5分,每個選擇題四個選項且只有一個選項是正確的,A學生對12個選擇題中每個題的
4、四個選擇項都沒有把握,最后選擇題的得分為X分,B學生對12個選擇題中每個題的四個選項都能判斷其中有一個選項是錯誤的,對其它三個選項都沒有把握,選擇題的得分為Y分,則D(Y)-D(X)的值為( )
A. B.
C. D.
A [設A學生答對題的個數(shù)為m,得分5m,則m~B,D(m)=12××=,
∴D(X)=25×=.
設B學生答對題的個數(shù)為n,得分5n,則n~B,
D(n)=12××=,∴D(Y)=25×=.
∴D(Y)-D(X)=-=.故選A.]
6.已知隨機變量X服從正態(tài)分布N(2,σ2),且P(0≤X≤2)=0.3,則P(X>4)=________.
0.2
5、[由正態(tài)分布的特征可知
P(0≤X≤2)=P(2≤X≤4)=0.3.
又P(X≥2)=0.5,∴P(X>4)=0.5-0.3=0.2.]
7.[易錯題]某種子每粒發(fā)芽的概率都為0.9,現(xiàn)播種了1 000粒,對于沒有發(fā)芽的種子,每粒需要再補種2粒,補種的種子數(shù)記為X,則X的數(shù)學期望為________.
200 [將“沒有發(fā)芽的種子數(shù)”記為ξ,則ξ=1,2,3,…,1 000,由題意可知ξ~B(1 000,0.1),所以E(ξ)=1 000×0.1=100,又因為X=2ξ,所以E(X)=2E(ξ)=200.]
8.甲、乙、丙三人到三個景點旅游,每人只去一個景點,設事件A為“三個人去的景點
6、不相同”,B為“甲獨自去一個景點”,則概率P(A|B)等于________.
[由題意可知,n(B)=C22=12,n(AB)=A=6,
所以P(A|B)===.]
[能力提升練]
(建議用時:30分鐘)
9.根據(jù)以往的數(shù)據(jù)統(tǒng)計,某支深受廣大球迷喜歡的足球隊中,乙球員能夠勝任前鋒、中場、后衛(wèi)及守門員四個位置,且出場率分別為0.2,0.5,0.2,0.1,當出任前鋒、中場、后衛(wèi)及守門員時,球隊輸球的概率依次為0.4,0.2,0.6,0.2.則
(1)當他參加比賽時,求球隊某場比賽輸球的概率;
(2)當他參加比賽時,在球隊輸了某場比賽的條件下,求乙球員擔當前鋒的概率;
(3)如果
7、你是教練員,應用概率統(tǒng)計的相關知識分析,如何安排乙球員能使贏球場次更多?
[解] 設A1表示“乙球員擔當前鋒”,A2表示“乙球員擔當中場”,A3表示“乙球員擔當后衛(wèi)”,A4表示“乙球員擔當守門員”,B表示“球隊某場比賽輸球”.
(1)P(B)=P(A1)P(B|A1)+P(A2)P(B|A2)+P(A3)P(B|A3)+P(A4)P(B|A4)=0.2×0.4+0.5×0.2+0.2×0.6+0.1×0.2=0.32.
(2)由(1)知,P(B)=0.32,
所以P(A1|B)===0.25.
(3)因為P(A1|B)∶P(A2|B)∶P(A3|B)∶P(A4|B)=0.08∶0.1
8、0∶0.12∶0.02=4∶5∶6∶1,
所以多安排乙球員擔當守門員,能夠贏球場次更多.
10.為了預防某種流感擴散,某校醫(yī)務室采取積極的處理方式,對感染者進行短暫隔離直到康復.假設某班級已知6位同學中有1位同學被感染,需要通過化驗血液來確定被感染的同學,血液化驗結果呈陽性即被感染,呈陰性即未被感染.下面是兩種化驗方案.
方案甲:逐個化驗,直到能確定被感染的同學為止.
方案乙:先任取3個同學,將他們的血液混在一起化驗,若結果呈陽性則表明被感染同學為這3位中的1位,后再逐個化驗,直到能確定被感染的同學為止;若結果呈陰性,則在另外3位同學中逐個檢測.
(1)求方案甲所需化驗次數(shù)等于方案乙
9、所需化驗次數(shù)的概率;
(2)η表示方案甲所需化驗次數(shù),ξ表示方案乙所需化驗次數(shù),假設每次化驗的費用都相同,請從經(jīng)濟角度考慮哪種化驗的方案最佳.
[解] 設Ai(i=1,2,3,4,5)表示方案甲所需化驗次數(shù)為i次;Bj(j=2,3)表示方案乙所需化驗的次數(shù)為j次,方案甲與方案乙相互獨立.
(1)P(A1)=P(A2)=P(A3)=P(A4)=,P(A5)=,
P(B2)=+=,P(B3)=1-P(B2)=,
用事件D表示方案甲所需化驗次數(shù)等于方案乙所需化驗次數(shù),
則P(D)=P(A2B2+A3B3)=P(A2)P(B2)+P(A3)P(B3)=×+×=.
(2)η的可能取值為1,
10、2,3,4,5.ξ的可能取值為2,3.
由(1)知P(η=1)=P(η=2)=P(η=3)=P(η=4)=,P(η=5)=,
所以E(η)=1×+2×+3×+4×+5×=,P(ξ=2)=P(B2)=,P(ξ=3)=P(B3)=,所以E(ξ)=2×+3×=.
因為E(ξ)<E(η),所以從經(jīng)濟角度考慮方案乙最佳.
11.(2019·昆明模擬)為了解甲、乙兩種產(chǎn)品的質量,從中分別隨機抽取了10件樣品,測量產(chǎn)品中某種元素的含量(單位:毫克),如圖所示是測量數(shù)據(jù)的莖葉圖.規(guī)定:當產(chǎn)品中的此種元素的含量不小于18毫克時,該產(chǎn)品為優(yōu)等品.
(1)試用樣品數(shù)據(jù)估計甲、乙兩種產(chǎn)品的優(yōu)等品率;
11、(2)從乙產(chǎn)品抽取的10件樣品中隨機抽取3件,求抽到的3件樣品中優(yōu)等品數(shù)ξ的分布列及其數(shù)學期望E(ξ);
(3)從甲產(chǎn)品抽取的10件樣品中有放回地隨機抽取3件,也從乙產(chǎn)品抽取的10件樣品中有放回地隨機抽取3件,抽到的優(yōu)等品中,記“甲產(chǎn)品恰比乙產(chǎn)品多2件”為事件C,求事件C的概率.
[解](1)從甲產(chǎn)品抽取的10件樣品中優(yōu)等品有4件,優(yōu)等品率為=,從乙產(chǎn)品抽取的10件樣品中優(yōu)等品有5件,優(yōu)等品率為=.
故甲、乙兩種產(chǎn)品的優(yōu)等品率分別為,.
(2)ξ的所有可能取值為0,1,2,3.
P(ξ=0)==,P(ξ=1)==,P(ξ=2)==,P(ξ=3)==.
所以ξ的分布列為
ξ
0
12、
1
2
3
P
E(ξ)=0×+1×+2×+3×=.
(3)抽到的優(yōu)等品中,甲產(chǎn)品恰比乙產(chǎn)品多2件包括兩種情況:“抽到的優(yōu)等品數(shù)甲產(chǎn)品2件且乙產(chǎn)品0件”,“抽到的優(yōu)等品數(shù)甲產(chǎn)品3件且乙產(chǎn)品1件”,分別記為事件A,B,P(A)=C×C×=,
P(B)=C×C=,
故抽到的優(yōu)等品中甲產(chǎn)品恰比乙產(chǎn)品多2件的概率為P(C)=P(A)+P(B)=+=.
12.春節(jié)期間某商店出售某種海鮮禮盒,假設每天該禮盒的需求量在{11,12,…,30}范圍內等可能取值,該禮盒的進貨量也在{11,12,…,30}范圍內取值(每天進1次貨).商店每銷售1盒禮盒可獲利50元;若供大于求,
13、剩余的削價處理,每處理1盒禮盒虧損10元;若供不應求,可從其他商店調撥,銷售1盒禮盒可獲利30元.設該禮盒每天的需求量為x盒,進貨量為a盒,商店的日利潤為y元.
(1)求商店的日利潤y關于需求量x的函數(shù)表達式;
(2)試計算進貨量a為多少時,商店日利潤的期望值最大?并求出日利潤期望值的最大值.
[解](1)由題意得商店的日利潤y關于需求量x的函數(shù)表達式為y=
化簡得y=
(2)日利潤y的分布列為
y
60×11-10a
60×12-10a
…
60×(a-1)-10a
30a+20a
p
…
y
30(a+1)+20a
…
30×29+20
14、a
30×30+20a
p
…
日利潤y的數(shù)學期望為
E(y)=·{(60×11-10a)+(60×12-10a)+…+[60×(a-1)-10a]}+·{(30a+20a)+[30(a+1)+20a]+…+(30×30+20a)}
=+30×+20a(31-a)
=-a2+a+,
結合二次函數(shù)的知識,
當a=24時,日利潤y的數(shù)學期望最大,最大值為958.5元.
題號
內容
押題依據(jù)
1
相互獨立事件的概率
依據(jù)概率知識對生產(chǎn)實際作出指導,體現(xiàn)數(shù)學應用的能力
2
期望、方差、決策性問題、條件概率、二項分布
高考熱點,結合二項分布考查離散型隨
15、機變量的分布列、期望并對實際問題作出決策
【押題1】 三個元件T1,T2,T3正常工作的概率分別為,,,將T2,T3兩個元件并聯(lián)后再和T1串聯(lián)接入電路,如圖所示,則電路不發(fā)生故障的概率為________.
[三個元件T1,T2,T3正常工作的概率分別為,,,將T2,T3兩個元件并聯(lián)后再和T1串聯(lián)接入電路,則電路不發(fā)生故障的概率為:
p=×=.]
【押題2】 某企業(yè)打算處理一批產(chǎn)品,這些產(chǎn)品每箱100件,以箱為單位銷售.已知這批產(chǎn)品中每箱出現(xiàn)的廢品率只有兩種可能10%或者20%,兩種可能對應的概率均為0.5.假設該產(chǎn)品正品每件市場價格為100元,廢品不值錢.現(xiàn)處理價格為每箱8 40
16、0元,遇到廢品不予更換.以一箱產(chǎn)品中正品的價格期望值作為決策依據(jù).
(1)在不開箱檢驗的情況下,判斷是否可以購買;
(2)現(xiàn)允許開箱,有放回地隨機從一箱中抽取2件產(chǎn)品進行檢驗.
①若此箱出現(xiàn)的廢品率為20%,記抽到的廢品數(shù)為X,求X的分布列和數(shù)學期望;
②若已發(fā)現(xiàn)在抽取檢驗的2件產(chǎn)品中,其中恰有一件是廢品,判斷是否可以購買.
[解](1)在不開箱檢驗的情況下,一箱產(chǎn)品中正品的價格期望值為:
E(ξ)=100×(1-0.2)×100×0.5+100×(1-0.1)×100×0.5=8 500>8 400,
∴在不開箱檢驗的情況下,可以購買.
(2)①X的可能取值為0,1,2,
17、P(X=0)=C×0.20×0.82=0.64,
P(X=1)=C×0.21×0.81=0.32,
P(X=2)=C×0.80×0.22=0.04,
∴X的分布列為:
X
0
1
2
P
0.64
0.32
0.04
E(X)=0×0.64+1×0.32+2×0.04=0.4.
②設事件A:發(fā)現(xiàn)在抽取檢驗的2件產(chǎn)品中,其中恰有一件是廢品,
則P(A)=C×0.2×0.8×0.5+C×0.1×0.9×0.5=0.25,
一箱產(chǎn)品中,設正品的價格的期望值為η,則η=8 000,9 000,
事件B1:抽取的廢品率為20%的一箱,則P(η=8 000)=P(B1|A)===0.64,
事件B2:抽取的廢品率為10%的一箱,則P(η=9 000)=P(B2|A)===0.36,
∴E(η)=8 000×0.64+9 000×0.36=8 360<8 400,
∴已發(fā)現(xiàn)在抽取檢驗的2件產(chǎn)品中,其中恰有一件是廢品,不可以購買.
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