（浙江專用）2020版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù) 考點(diǎn)規(guī)范練10 函數(shù)與方程

《（浙江專用）2020版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù) 考點(diǎn)規(guī)范練10 函數(shù)與方程》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專用）2020版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù) 考點(diǎn)規(guī)范練10 函數(shù)與方程（5頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、考點(diǎn)規(guī)范練10　函數(shù)與方程 基礎(chǔ)鞏固組 1.已知函數(shù)f(x)的圖象是連續(xù)不斷的,有如下對應(yīng)值表: x 1 2 3 4 5 6 7 f(x) 23 9 -7 11 -5 -12 -26 則函數(shù)f(x)在區(qū)間[1,6]上的零點(diǎn)至少有(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　　 A.5個(gè) B.4個(gè) C.3個(gè) D.2個(gè) 答案C　 解析由題意知f(2)·f(3)<0,f(3)·f(4)<0,f(4)·f(5)<0,因此函數(shù)f(x)在區(qū)間(2,3),(3,4),(4,5)上各至少有1個(gè)零點(diǎn).故函數(shù)f(x)在區(qū)間[1,6]上至少有3個(gè)零點(diǎn). 2.(2017

2、江西贛中南五校聯(lián)考)函數(shù)f(x)=3x-x2的零點(diǎn)所在區(qū)間是(　　) A.(0,1) B.(1,2) C.(-2,-1) D.(-1,0) 答案D　 解析由于f(-1)=-23<0,f(0)=30-0=1>0, ∴f(-1)·f(0)<0.則f(x)在(-1,0)內(nèi)有零點(diǎn). 3.設(shè)f(x)=1-(x-a)(x-b)(a

3、(x)與y=1的兩交點(diǎn)的橫坐標(biāo),二次函數(shù)g(x)=(x-a)(x-b)開口向上,故a,b,m,n的大小關(guān)系是m

4、-2),x∈[2,+∞),則函數(shù)F(x)=xf(x)-1的零點(diǎn)的個(gè)數(shù)為(　　) A.4 B.5 C.6 D.7 答案C　 解析函數(shù)F(x)=xf(x)-1的零點(diǎn)的個(gè)數(shù)等于函數(shù)y=f(x)與函數(shù)y=1x的圖象交點(diǎn)的個(gè)數(shù),在同一平面直角坐標(biāo)系中畫出兩個(gè)函數(shù)的圖象如下圖所示, 由圖可知函數(shù)y=f(x)與函數(shù)y=1x的圖象共有6個(gè)交點(diǎn). 故函數(shù)F(x)=xf(x)-1的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為6. 6.若方程x2+(m+2)x+m+5=0只有負(fù)根,則m的取值范圍是　　　　　.? 答案[4,+∞)　 解析方程x2+(m+2)x+m+5=0只有負(fù)根,所以Δ=(m+2)2-4(m+5)≥0,-(m+2

5、)<0,m+5>0,解得m≥4. 7.設(shè)函數(shù)f(x)=2x(x≤0),log2x(x>0),函數(shù)y=f[f(x)]-1的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為　　　　　.? 答案2　 解析由y=1,得x=0或x=2,因此f(x)=0或f(x)=2,從而x=1或x=4,即零點(diǎn)只有兩個(gè). 8.已知函數(shù)f(x)=2x-a,x≤0,2x-1,x>0(a∈R),若函數(shù)f(x)在R上有兩個(gè)零點(diǎn),則a的取值范圍是　　　　　.? 答案(0,1]　 解析因?yàn)楫?dāng)x>0時(shí),f(x)=2x-1,由f(x)=0得x=12.所以要使f(x)在R上有兩個(gè)零點(diǎn),則必須2x-a=0在(-∞,0]上有唯一實(shí)數(shù)解.又當(dāng)x∈(-∞,0]時(shí),2x∈(

6、0,1],且y=2x在(-∞,0]上單調(diào)遞增,故所求a的取值范圍是(0,1]. 能力提升組 9.(2018浙江嘉興高三模擬)若f(x)=x2+bx+c在(m-1,m+1)內(nèi)有兩個(gè)不同的零點(diǎn),則f(m-1)和f(m+1)(　　) A.都大于1 B.都小于1 C.至少有一個(gè)大于1 D.至少有一個(gè)小于1 答案D　 解析∵f(x)=x2+bx+c, ∴f(m-1)+f(m+1) =(m-1)2+b(m-1)+c+(m+1)2+b(m+1)+c =2m2+2bm+2c+2=2+2(m2+bm+c)=2+2f(m), ∵f(x)=x2+bx+c在(m-1,m+1)內(nèi)有兩個(gè)不同的零點(diǎn),

7、 ∴f(m)<0,∴f(m-1)+f(m+1)<2,即f(m-1)和f(m+1)至少有一個(gè)小于1,故選D. 10.已知函數(shù)f(x)=|x|x+2-kx2(x∈R)有四個(gè)不同的零點(diǎn),則實(shí)數(shù)k的取值范圍是(　　) A.k<0 B.k<1 C.01 答案D　 解析因?yàn)閤=0是函數(shù)f(x)的零點(diǎn),則函數(shù)f(x)=|x|x+2-kx2(k∈R)有四個(gè)不同的零點(diǎn),等價(jià)于方程k=1|x|(x+2)有三個(gè)不同的根,即方程1k=|x|(x+2)有三個(gè)不同的根.記函數(shù)g(x)=|x|(x+2)=x2+2x(x≥0),-x2-2x(x<0).作圖(略)由題意y=1k與y=g(x)有三個(gè)不同

8、的交點(diǎn),由知0<1k<1,所以k>1,故選D. 11.(2018浙江麗水高三模擬)已知函數(shù)f(x)是定義在R上的偶函數(shù),當(dāng)x≥0時(shí),f(x)=x2-2x,如果函數(shù)g(x)=f(x)-m(m∈R)恰有4個(gè)零點(diǎn),則m的取值范圍是(　　) A.(-1,0) B.[-1,0) C.[-1,0] D.(-1,0] 答案A　 解析已知函數(shù)f(x)是定義在R上的偶函數(shù),且當(dāng)x≥0時(shí),f(x)=x2-2x,可以畫出圖象如圖所示,函數(shù)g(x)=f(x)-m(m∈R)恰有4個(gè)零點(diǎn)等價(jià)于y=m與y=f(x)有四個(gè)交點(diǎn),顯然m∈(-1,0).故選A. 12.若關(guān)于x的方程x|x-a|=a有三個(gè)不相同的實(shí)

9、根,則實(shí)數(shù)a的取值范圍為(　　) A.(0,4) B.(-4,0) C.(-∞,-4)∪(4,+∞) D.(-4,0)∪(0,4) 答案C　 解析因?yàn)楸绢}是選擇題,答案又都是范圍,所以可采用特殊值代入法.取a=2時(shí),關(guān)于x的方程x|x-a|=a轉(zhuǎn)化為x|x-2|=2, 即為當(dāng)x≥2時(shí),就轉(zhuǎn)化為x(x-2)=2?x=1+3或x=1-3(舍),有一根1+3. 當(dāng)x<2時(shí),就轉(zhuǎn)化為x(x-2)=-2?x不存在,無根. 所以a=2時(shí)有1個(gè)根不成立. 排除答案A,D. 同理可代入a=-2解得方程的根有1個(gè),不成立. 排除答案B.故選C. 13.設(shè)[x]表示不大于x的最大整數(shù),則函數(shù)

10、y=[lg x-1]-2lg x+1的零點(diǎn)之積為(　　) A.10 B.1010 C.-10 D.0 答案B　 解析令t=lgx,函數(shù)y=[lgx-1]-2lgx+1即轉(zhuǎn)化為y=[t-1]-2t+1的零點(diǎn)問題, 也即方程[t-1]=2t-1的解的個(gè)數(shù)問題,作出圖象如下: 易知t1=0,t2=-12,所以函數(shù)y=[lgx-1]-2lgx+1的零點(diǎn)分別為x=1或1010,所以函數(shù)y=[lgx-1]-2lgx+1的零點(diǎn)之積為1010. 14.已知函數(shù)f(x)=|ln x|,g(x)=0,01,則方程|f(x)-g(x)|=2的實(shí)根個(gè)數(shù)為　　　　　.?

11、 答案4　 解析當(dāng)f(x)=g(x)+2時(shí),則y=g(x)+2= 2,01,在同一直角坐標(biāo)系中畫出函數(shù)y=f(x)= |lnx|,y=g(x)+2= 2,01的圖象如右圖,則兩圖象有3個(gè)交點(diǎn),即方程有3個(gè)實(shí)數(shù)根;當(dāng)f(x)=g(x)-2時(shí),則y=g(x)-2=-2,01,在同一直角坐標(biāo)系中畫出函數(shù)y=f(x)=|lnx|,y=g(x)+2=-2,01的圖象如下圖,則兩圖象有1個(gè)交點(diǎn),即方程有1個(gè)實(shí)數(shù)根.所以方程共有4個(gè)實(shí)數(shù)根. 15.設(shè)f(x)=log2(2

12、x+1),g(x)=log2(2x-1),若關(guān)于x的函數(shù)F(x)=g(x)-f(x)-m在區(qū)間[1,2]上有零點(diǎn),求m的取值范圍. 解令F(x)=0,即log2(2x-1)-log2(2x+1)-m=0, 則m=log2(2x-1)-log2(2x+1)=log22x-12x+1=log21-22x+1. ∵1≤x≤2,∴3≤2x+1≤5. ∴25≤22x+1≤23.∴13≤1-22x+1≤35. ∴l(xiāng)og213≤log21-22x+1≤log235,即log213≤m≤log235. 16.已知函數(shù)f(x)=x2-(a+1)x-4(a+5),g(x)=ax2-x+5,其中a∈R.

13、 (1)若函數(shù)f(x),g(x)存在相同的零點(diǎn),求a的值; (2)若存在兩個(gè)正整數(shù)m,n,當(dāng)x0∈(m,n)時(shí),有f(x0)<0與g(x0)<0同時(shí)成立,求n的最大值及n取最大值時(shí)a的取值范圍. 解(1)∵f(x)=x2-(a+1)x-4(a+5)=(x+4)[x-(a+5)],∴f(x)=0的兩根為x1=-4,x2=a+5. 由g(-4)=16a+9=0,得a=-916;由g(a+5)=a[(a+5)2-1]=0,解得a=0或a=-4或a=-6. 經(jīng)檢驗(yàn)上述a的值均符合題意, ∴a的值為-6,-4,-916,0. (2)令f(x)<0,∵m,n均為正整數(shù), ∴-4

14、,a+5>0,即a>-5. 記集合N=(0,a+5).令g(x)<0,設(shè)ax2-x+5<0的解集為M,則由題意得區(qū)間(m,n)?(M∩N). ①當(dāng)a<0時(shí),∵g(0)=5>0,∴只能g(a+5)=a[(a+5)2-1]<0,即a>-4或a<-6, 又a>-5,∴-40時(shí),因?yàn)間(0)=5>0,g(a+5)=a[(a+5)2-1]>0, 故只能0<12a0,無解.綜上可知,n的最大整數(shù)值為4,此時(shí)a的取值范圍為-1,-29. 5