2014年高考物理復(fù)習 第6章 第3課時 電場能的性質(zhì)訓練題（含解析） 新人教版

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1、第3課時　電場能的性質(zhì) 考綱解讀1.掌握電勢、電勢能、電勢差的概念，理解電場力做功的特點；會判斷電場中電勢的高低、電勢能的變化.2.會計算電場力做功及分析電場中的功能關(guān)系． 1．[對電場力做功與電勢能變化關(guān)系的理解]如圖1所示，a、b為某電 場線上的兩點，那么以下結(jié)論正確的是 (　　) 圖1 A．把正電荷從a移到b，電場力做正功，電荷的電勢能減小 B．把負電荷從a移到b，電場力做負功，電荷的電勢能增加 C．把負電荷從a移到b，電場力做正功，電荷的電勢能增加 D．不論正電荷還是負電荷，從a到b電勢能都逐漸降低 答案　AB 解析　若正電荷從a移到b，由于電場力方

2、向和位移方向同向，電場力做正功，電荷的電勢能減小，A對；若把負電荷從a移到b，電場力做負功，電荷的電勢能增加，B對，C、D錯． 2．[對電勢差的理解]關(guān)于電勢差的計算公式，下列說法正確的是 (　　) A．電勢差的公式UAB＝說明兩點間的電勢差UAB與電場力做功WAB成正比，與移動電荷的電荷量q成反比 B．把正電荷從A點移到B點電場力做正功，則有UAB>0 C．電勢差的公式UAB＝中，UAB與移動電荷的電荷量q無關(guān) D．電場中A、B兩點間的電勢差UAB等于把正電荷q從A點移動到B點時電場力所做的功 答案　BC 解析　電場中兩點間的電勢差是一個定值，不會隨著電場力做的功WAB和

3、移動電荷的電荷量q的變化而變化，故A錯，C對；又由UAB＝知，電場力做正功，q為正電荷，則電勢差為正，即B正確；電場中A、B兩點間的電勢差UAB等于把單位正電荷從A點移動到B點時電場力所做的功，故D錯誤． 3．[對電勢和場強關(guān)系的理解]在靜電場中，下列說法正確的是 (　　) A．電場強度處處為零的區(qū)域內(nèi)，電勢一定也處處為零 B．電場強度處處相同的區(qū)域內(nèi)，電勢一定也處處相同 C．電場強度的方向總是跟等勢面垂直 D．電勢降低的方向就是電場強度的方向 答案　C 解析　電場強度大小和電勢高低沒有直接關(guān)系，不能根據(jù)電場強度大小判斷電勢高低，也不能根據(jù)電勢的高低判斷電場強度的大小，故

4、A、B錯；電場強度的方向一定跟等勢面垂直，C對；沿電場強度的方向電勢降低，但電勢降低的方向不一定是電場強度的方向，D錯． 4．[對電場線和等勢面關(guān)系的理解]圖2甲、乙、丙分別是等量異種點電荷、等量正點電荷、正點電荷的電場線與等勢面的分布情況．問： 甲　 　　　　 乙　　　　　　　丙 圖2 (1)在圖甲中，比較A、B、C三點的電勢大?。? (2)在圖乙中，O點、M點電勢一樣嗎？ (3)在圖丙中，A、B、C三點場強關(guān)系如何？電勢關(guān)系如何？ 答案　(1)φA>φB>φC，且φA>0，φB＝0，φC<0 (2)不一樣，φO>φM (3)場強的大小關(guān)系EA＝EB>EC，方向不同

5、；電勢的大小關(guān)系φA＝φB>φC 考點梳理 一、電場力做功與電勢能 1．電場力做功的特點 (1)在電場中移動電荷時，電場力做功與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān)，可見電場力做功與重力做功相似． (2)在勻強電場中，電場力做的功W＝Eqd，其中d為沿電場線方向的位移． 2．電勢能 (1)定義：電荷在電場中具有的勢能．電荷在某點的電勢能，等于把它從該點移到零勢能位置時電場力所做的功． (2)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系 電場力做的功等于電勢能的減少量，即WAB＝EpA－EpB. (3)電勢能的相對性：電勢能是相對的，通常把電荷在離場源電荷無限遠處的電勢能規(guī)定為零，或把電荷在大地表面上

6、的電勢能規(guī)定為零． 二、電勢 1．電勢 (1)定義：電荷在電場中某一點的電勢能與它的電荷量的比值． (2)定義式：φ＝. (3)標矢性：電勢是標量，其大小有正負之分，其正(負)表示該點電勢比電勢零點高(低)． (4)相對性：電勢具有相對性，同一點的電勢因零電勢點的選取的不同而不同． (5)沿著電場線方向電勢逐漸降低． 2．等勢面 (1)定義：電場中電勢相等的各點構(gòu)成的面． (2)特點 ①電場線跟等勢面垂直，即場強的方向跟等勢面垂直． ②在等勢面上移動電荷時電場力不做功． ③電場線總是從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面． ④等差等勢面越密的地方電場強度越大；反之越?。?/p>

7、 ⑤任意兩等勢面不相交． 深化拓展　(1)電勢是描述電場本身的能的性質(zhì)的物理量，由電場本身決定，而電勢能反映電荷在電場中某點所具有的電勢能，由電荷與電場共同決定． (2)φ＝或Ep＝φq. 三、電勢差 1．電勢差：電荷q在電場中A、B兩點間移動時，電場力所做的功WAB跟它的電荷量q的比值，叫做A、B間的電勢差，也叫電壓． 公式：UAB＝.單位：伏(V)． 2．電勢差與電勢的關(guān)系：UAB＝φA－φB，電勢差是標量，可以是正值，也可以是負值，而且有UAB＝－UBA. 3．電勢差UAB由電場中A、B兩點的位置決定，與移動的電荷q、電場力做的功WAB無關(guān)，與零電勢點的選取也無關(guān)． 4

8、．電勢差與電場強度的關(guān)系：勻強電場中兩點間的電勢差等于電場強度與這兩點沿電場線方向的距離的乘積．即U＝Ed，也可以寫作E＝. 5．[電場力做功與重力做功特點的比較]下列說法中錯誤的是 (　　) A．重力做功與路徑無關(guān)，與移動物體的初末位置的豎直高度差有關(guān)，即WAB＝mghAB B．電場力做功與路徑無關(guān)，與移動電荷的初末位置的電勢差有關(guān)，即WAB＝qUAB C．重力對物體做正功，其重力勢能減少，做負功，則重力勢能增加 D．電場力對正電荷做正功，正電荷電勢能減少，對負電荷做正功，負電荷電勢能增加 答案　D 解析　電場力做功的特點與重力做功的特點相同，且有電場力對電荷做的功

9、等于其電勢能的減少量．做正功，電勢能減少，做負功，電勢能增加，選項D錯誤． 6．[幾個功能關(guān)系的理解]如圖3為一勻強電場，某帶電粒子從 A點運動到B點，在這一運動過程中克服重力做的功為3.0 J， 電場力做的功為2.0 J．則下列說法正確的是 (　　) A．粒子帶正電 圖3 B．粒子在A點的電勢能比在B點少2.0 J C．粒子在A點的機械能比在B點少1.0 J D．粒子在A點的動能比在B點多1.0 J 答案　AD 規(guī)律總結(jié) 1．電場力做功的特點是：與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān). 2．電場力做的功等于電勢能的減少量． 3．電場力做功時，伴隨著能

10、量的轉(zhuǎn)化與守恒． 考點一　電勢高低及電勢能大小的判斷與比較 1．比較電勢高低的方法 (1)沿電場線方向，電勢越來越低． (2)判斷出UAB的正負，再由UAB＝φA－φB，比較φA、φB的大小，若UAB>0，則φA>φB，若UAB<0，則φA<φB. (3)取無窮遠處電勢為零，則正電荷周圍電勢為正值，負電荷周圍電勢為負值；靠近正電荷處電勢高，靠近負電荷處電勢低． 2．電勢能大小的比較方法 (1)做功判斷法 電場力做正功，電荷(無論是正電荷還是負電荷)從電勢能較大的地方移向電勢能較小的地方，反之，如果電荷克服電場力做功，那么電荷將從電勢能較小的地方移向電勢能較大的地方． 特別

11、提醒　其他各種方法都是在此基礎(chǔ)上推理出來的，最終還要回歸到電場力做功與電勢能變化關(guān)系上． (2)場電荷判斷法 ①離場正電荷越近，正電荷的電勢能越大；負電荷的電勢能越?。? ②離場負電荷越近，正電荷的電勢能越??；負電荷的電勢能越大． (3)電場線法 ①正電荷順著電場線的方向移動時，電勢能逐漸減??；逆著電場線的方向移動時，電勢能逐漸增大． ②負電荷順著電場線的方向移動時，電勢能逐漸增大；逆著電場線的方向移動時，電勢能逐漸減?。? (4)公式法 由Ep＝qφ，將q、φ的大小、正負號一起代入公式，Ep的正值越大，電勢能越大；Ep的負值越大，電勢能越?。? 例1　如圖4所示，xOy平面內(nèi)有一

12、勻強電場，場強為E，方向未知， 電場線跟x軸的負方向夾角為θ，電子在坐標平面xOy內(nèi)，從原點 O以大小為v0、方向沿x軸正方向的初速度射入電場，最后打在y 軸上的M點．電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，重力不計．則(　　) 圖4 A．O點電勢高于M點電勢 B．運動過程中，電子在M點電勢能最大 C．運動過程中，電子的電勢能先減少后增加 D．電場力對電子先做負功，后做正功 解析　由電子的運動軌跡知，電子受到的電場力方向斜向左上，故電場方向斜向右下，M點電勢高于O點電勢，A錯誤；電子在M點電勢能最小，B錯誤；運動過程中，電子先克服電場力做功，電勢能增加，后電場力對電子做正功，電勢能減少，

13、故C錯誤，D正確． 答案　D 　　　　　電勢、電勢能的高低的判斷方法有多種，選擇哪種方法要根據(jù) 具體情況而定．例如在本題中，可根據(jù)電場線的方向直接判斷電勢的 高低，也可根據(jù)電場力的做功情況來判斷． 突破訓練1　如圖5是某一點電荷形成的電場中的一條電場線， A、B是電場線上的兩點，一負電荷q僅在電場力作用下以 初速度v0從A向B運動并經(jīng)過B點，一段時間后q以速度 圖5 v又一次經(jīng)過A點，且v與v0的方向相反，則以下說法中正確的是 (　　) A．A、B兩點的電場強度是EAφB C．負電荷q在A、B兩點的電勢能EpA

14、．負電荷q先后經(jīng)過A點的速度大小v0＝v 答案　BCD 解析　由于負電荷從A至B減速運動，則電場力的方向由B→A，電場E的方向應(yīng)由A→B，所以φA>φB，EpA

15、中垂線上的電勢為零 等量同種正點電荷的電場 連線上，中點電勢最低，而在中垂線上，中點電勢最高 2．解決該類問題應(yīng)熟練掌握以下知識及規(guī)律 (1)帶電粒子所受合力(往往僅為電場力)指向軌跡曲線的內(nèi)側(cè)． (2)該點速度方向為軌跡切線方向． (3)電場線或等差等勢面密集的地方場強大． (4)電場線垂直于等勢面． (5)順著電場線電勢降低最快． (6)電場力做正功，電勢能減小；電場力做負功，電勢能增大．有時還要用到牛頓第二定律、動能定理等知識． 例2　(2011·江蘇單科·8)一粒子從A點射入電場，從B點射出， 電場的等勢面和粒子的運動軌跡如圖6所示，圖中左側(cè)前三

16、個等勢面彼此平行，不計粒子的重力．下列說法正確的有(　　) A．粒子帶負電荷 圖6 B．粒子的加速度先不變，后變小 C．粒子的速度不斷增大 D．粒子的電勢能先減小，后增大 解析　電場線如圖所示，由于受力總指向運動軌跡的凹側(cè)， 故粒子帶負電荷，A對；由電場線分布知電場力先不變， 后越來越小，由a＝知B對；電場力一直做負功，粒子 速度一直減小，電勢能一直增大，C、D錯． 答案　AB 　　　　 解題突破口：根據(jù)所給的等勢面，明確電場分布　 情況，畫出 電場線，再根據(jù)電荷電性找到電荷的受力方向、受力大小變化；根據(jù) 運動軌跡或路徑，判斷功的正負、動能及

17、電勢能的變化． 突破訓練2　如圖7所示，O是一固定的點電荷，虛線是該點電荷 產(chǎn)生的電場中的三條等勢線，正點電荷q僅受電場力的作用下沿 實線所示的軌跡從a處運動到b處，然后又運動到c處．由此 可知 (　　) A．O為負電荷 B．在整個過程中q的速度先變大后變小 圖7 C．在整個過程中q的加速度先變大后變小 D．在整個過程中，電場力做功為零 答案　CD 解析　由運動軌跡可以分析可知q受到庫侖斥力的作用，O點的電荷應(yīng)為正電荷，A錯；從a到b的過程q受到逐漸變大的庫侖斥力，速度逐漸減小，加速度增大，而從b到c的過程q受到逐漸變小的庫

18、侖斥力，速度逐漸增大，加速度減小，B錯，C對；由于a、c兩點在同一等勢面上，整個過程中，電場力不做功，D對． 考點三　電勢差與電場強度的關(guān)系 1．在勻強電場中U＝Ed，即在沿電場線方向上，U∝d. 2．在非勻強電場中U＝Ed雖不能直接應(yīng)用，但可以做定性判斷． 例3　如圖8所示，勻強電場中有a、b、c三點，在以它們?yōu)轫旤c 的三角形中，∠a＝30°，∠c＝90°.電場方向與三角形所在平面 平行．已知a、b和c點的電勢分別為(2－) V、(2＋) V和 2 V．該三角形的外接圓上最低、最高電勢分別為 (　　) 圖8 A．(2－) V、(2＋) V B．0、4 V C

19、. V、 V D．0、2 V 解析　如圖，圓心O是ab的中點，所以圓心O點的電勢為2 V， 所以O(shè)c是等勢線，則電場線如圖中MN所示，方向由M指向N. 沿電場線方向電勢均勻降低，過圓心的電勢為2 V，則圓周上電勢 最低為0，最高為4 V，選B. 答案　B 　　　　　1.在勻強電場中，電勢沿直線是均勻變化的，即直線上距離相等的 線段兩端的電勢差值相等． 2．等分線段找等勢點法：將電勢最高點和電勢最低點連接后根據(jù)需要平分成 若干段，必能找到第三點電勢的等勢點，它們的連線即等勢面(或等勢線)， 與其垂直的線即為電場線． 突破訓練3　a、b、c、d是勻強電場中的四個

20、點，它們正好是 一個矩形的四個頂點．電場線與矩形所在平面平行．已知a 點的電勢為20 V，b點的電勢為24 V，d點的電勢為4 V， 如圖9所示，由此可知c點的電勢為 (　　) 圖9 A．4 V B．8 V C．12 V D．24 V 答案　B 考點四　電場中的功能關(guān)系 1．功能關(guān)系 (1)若只有電場力做功，電勢能與動能之和保持不變； (2)若只有電場力和重力做功，電勢能、重力勢能、動能之和保持不變； (3)除重力外，其他各力對物體做的功等于物體機械能的變化． (4)所有力對物體所做功的代數(shù)和，等于物體動能的變化． 2．電場

21、力做功的計算方法 (1)由公式W＝Flcos α計算，此公式只適用于勻強電場，可變形為：W＝qElcos α. (2)由W＝qU來計算，此公式適用于任何形式的靜電場． (3)由動能定理來計算：W電場力＋W其他力＝ΔEk. (4)由電勢能的變化來計算：WAB＝EpA－EpB. 例4　如圖10所示，豎直向上的勻強電場中，絕緣輕質(zhì)彈簧豎直立于 水平地面上，上面放一質(zhì)量為m的帶正電小球，小球與彈簧不連接， 施加外力F將小球向下壓至某位置靜止．現(xiàn)撤去F，小球從靜止開 始運動到離開彈簧的過程中，重力、電場力對小球所做的功分別為 W1和W2，小球離開彈簧時速度為v，不計空氣阻力，則上述過程

22、 圖10 中 (　　) A．小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒 B．小球的重力勢能增加－W1 C．小球的機械能增加W1＋mv2 D．小球的電勢能減少W2 解析　本題考查勢能大小和機械能守恒定律．由于電場力做正功，故小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加，機械能不守恒，故A選項錯誤；重力做功是重力勢能變化的量度，由題意知重力做負功，重力勢能增加，故B選項正確；小球增加的機械能在數(shù)值上等于除重力和彈力外，電場力所做的功即W2，故C選項錯誤；根據(jù)電場力做功是電勢能變化的量度，電場力做正功電勢能減少，電場力做負功電勢能增加，故D選項正確． 答案　BD 　　　　　

23、在解決電場中的能量問題時常用到的基本規(guī)律有動能定理、能量守恒 定律，有時也會用到功能關(guān)系． (1)應(yīng)用動能定理解決問題需研究合外力的功(或總功)． (2)應(yīng)用能量守恒定律解決問題需注意電勢能和其他形式能之間的轉(zhuǎn)化． (3)應(yīng)用功能關(guān)系解決該類問題需明確電場力做功與電勢能變化之間的對應(yīng)關(guān)系． 突破訓練4　在電場和重力場都存在的空間中，一帶電小球從A點運動到B點，電場力做了10 J的功，重力做了6 J的功，克服阻力做了7 J的功，則此過程中帶電小球的(　　) A．機械能增加了10 J，動能減少了7 J B．機械能減少了7 J，動能增加了10 J C．電勢能增加了10 J，動能增

24、加了9 J D．電勢能減少了10 J，重力勢能減少了6 J 答案　D 32．靜電場中涉及圖象問題的處理方法和技巧 1．主要類型： (1)v－t圖象；(2)φ－x圖象；(3)E－t圖象． 2．應(yīng)對策略： (1)v－t圖象：根據(jù)v－t圖象的速度變化、斜率變化(即加速度大小的變化)，確定電荷所受電場力的方向與電場力的大小變化情況，進而確定電場的方向、電勢的高低及電勢能的變化． (2)φ－x圖象：①電場強度的大小等于φ－x圖線的斜率大小，電場強度為零處，φ－x圖線存在極值，其切線的斜率為零．②在φ－x圖象中可以直接判斷各點電勢的大小，并可根據(jù)電勢大小

25、關(guān)系確定電場強度的方向．③在φ－x圖象中分析電荷移動時電勢能的變化，可用WAB＝qUAB，進而分析WAB的正負，然后作出判斷． (3)E－t圖象：根據(jù)題中給出的E－t圖象，確定E的方向的正負，再在草紙上畫出對應(yīng)電場線的方向，根據(jù)E的大小變化，確定電場的強弱分布． 例5　(2010·江蘇單科·5)空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場 強度E隨x變化的圖象如圖11所示．下列說法中正確的是(　　) A．O點的電勢最低 B．x2點的電勢最高 圖11 C．x1和－x1兩點的電勢相等 D．x1和x3兩點的電勢相等 解析　由題圖知，O點兩側(cè)電場強度方向相反，因電場強度的

26、方向沿x軸，故O點可能電勢最低，也可能電勢最高，A不正確；x1、x2、x3三點在同一電場線上，由沿電場線方向電勢逐漸降低可知，無論O點右側(cè)電場強度沿x軸向右還是向左，x2點電勢都不是最高，x1、x3兩點的電勢也不相等，故B、D不正確；由題圖知，電場強度在O點兩側(cè)對稱，故x1、－x1兩點電勢相等，C正確． 答案　C 例6　兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M 兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關(guān)系如圖12 所示，其中A、N兩點的電勢為零，ND段中C點電勢最 高，則 (　　) A．C點的電場強度大小為零 圖12 B．A點的電場強度大

27、小為零 C．NC間場強方向沿x軸正方向 D．將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功 解析　由題圖可知，由O點到M點，電勢一直降低，且圖線在A點的斜率也不為零，故A點的電場強度大小不為零，而C點向N、向D兩個方向電勢均降低，說明C點兩側(cè)電場方向相反，且圖線在C點的切線斜率為零，故C點電場強度大小為零，故A正確，B錯誤；由N到C電勢升高，故NC間電場方向沿x軸負方向，C錯誤；WNC＝UNC·q，UNC<0，q<0，故WNC>0，而WCD＝UCD·q，UCD>0，q<0，所以WCD<0，D正確． 答案　AD 突破訓練5　a、b是x軸上兩個點電荷，電荷量分別為q1 和q2，沿x

28、軸a、b之間各點對應(yīng)的電勢高低如圖13中 曲線所示，a、p間距離大于p、b間距離．從圖中可以 判斷以下說法正確的是 (　　) A．a(chǎn)和b均為負電荷且q1一定大于q2 B．電勢最低的p點的電場強度為零 圖13 C．將一負的檢驗電荷從b處移到p處，電荷電勢能增加 D．a(chǎn)、p間的電場方向都指向a點 答案　BC 解析　由于從a到b，電勢φ先減小再增加，所以a、b應(yīng)均為正電荷；從b處φ－x圖象的斜率大于a處的φ－x圖象斜率，可確定Eb>Ea，即qb>qa，所以A錯誤；由φ－x圖象的斜率表示電場強度E，知B對；由Ep＝qφ知，C對；a、p間的電場方向應(yīng)都指向p點，D錯

29、誤. 高考題組 1．(2012·山東理綜·19)圖14中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處 固定一帶正電的點電荷．一帶電粒子以一定初速度射入電場，實線 為粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c三點是實線與虛線 的交點．則該粒子 (　　) A．帶負電 圖14 B．在c點受力最大 C．在b點的電勢能大于在c點的電勢能 D．由a點到b點的動能變化大于由b點到c點的動能變化 答案　CD 解析　由帶電粒子進入正點電荷形成的電場中的運動軌跡可以看出兩者相互排斥，故帶電粒子帶正電，選項A錯誤；根據(jù)庫侖定律F＝k可知，a、b、

30、c三點中，在a點時受力最大，選項B錯誤；帶電粒子從b點到c點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，故在b點的電勢能大于在c點的電勢能，選項C正確；由于虛線為等間距的同心圓，故Uab>Ubc，所以Wab>Wbc，根據(jù)動能定理，帶電粒子由a點到b點的動能變化大于由b點到c點的動能變化，選項D正確． 2．(2012·天津理綜·5)兩個固定的等量異號點電荷所產(chǎn)生電場的 等勢面如圖15中虛線所示，一帶負電的粒子以某一速度從 圖中A點沿圖示方向進入電場在紙面內(nèi)飛行，最后離開電場， 粒子只受靜電力作用，則粒子在電場中 (　　) 圖15 A．做直線運動，電勢能先變小后變大 B．做直線運動，

31、電勢能先變大后變小 C．做曲線運動，電勢能先變小后變大 D．做曲線運動，電勢能先變大后變小 答案　C 解析　帶負電的粒子以速度v進入電場后，電場力的方向與v的方向不在一條直線上，故帶負電的粒子做曲線運動，選項A、B錯誤．帶負電的粒子先由低電勢面運動到高電勢面，然后由高電勢面運動到低電勢面，所以電勢能先減小后增大，選項C正確，選項D錯誤． 3．(2011·上海單科·14)兩個等量異種點電荷位于x軸上，相對原點對稱分布，正確描述電勢φ隨位置x變化規(guī)律的是圖 (　　) 答案　A 解析　距正電荷越近電勢越高，且φ>0；距負電荷越近電勢越低，且φ<0，故選A.

32、 模擬題組 4．如圖16所示，一帶電粒子以某速度進入水平向右的勻強電場中， 在電場力作用下形成圖中所示的運動軌跡．M和N是軌跡上的 兩點，其中M點是軌跡的最右點．不計重力，下列表述正確的 是 (　　) A．粒子在M點的速率最大 圖16 B．粒子所受電場力沿電場方向 C．粒子在電場中的加速度不變 D．粒子在電場中的電勢能始終在增加 答案　C 解析　根據(jù)做曲線運動的物體所受合力指向軌跡的凹側(cè)的特點，再結(jié)合電場力的特點可知粒子帶負電，即受到的電場力方向與電場線方向相反，B錯；從N點到M點電場力做負功，粒子做減速運動，電勢能增加，當經(jīng)過M

33、點后電場力做正功，粒子做加速運動，電勢能減小，則粒子在M點的速度最小，A、D錯；在整個過程中粒子只受電場力，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度不變，C正確． 5．位于正方形四角上的四個等量點電荷的電場線分布如圖17 所示，ab、cd分別是正方形兩條邊的中垂線，O點為中垂 線的交點，P、Q分別為cd、ab上的點．則下列說法正確 的是 (　　) A．P、O兩點的電勢關(guān)系為φP<φO B．P、Q兩點電場強度的大小關(guān)系為EPEQ，選項A、B均錯；P、Q等勢，所以把負電荷從P沿圖中曲線移到Q電場力做功為零，D項錯；由對稱性可知，EO＝0，因此C項正確．