12、2) 證明： 由(1)得
bn＝＝＝－，
1. 對(duì)一個(gè)邊長(zhǎng)為1的正方形進(jìn)行如下操作：第一步，將它分割成3×3方格，接著用中心和四個(gè)角的5個(gè)小正方形，構(gòu)成如圖①所示的幾何圖形，其面積S1＝；第二步，將圖①的5個(gè)小正方形中的每個(gè)小正方形都進(jìn)行與第一步相同的操作，得到圖②；依此類推，到第n步，所得圖形的面積Sn＝.若將以上操作類比推廣到棱長(zhǎng)為1的正方體中，則到第n步，所得幾何體的體積Vn＝________．
答案：
解析：將棱長(zhǎng)為1的正方體分割成3×3×3＝27個(gè)全等的小正方體，拿去分別與中間小正方體的六個(gè)面重合的6個(gè)小正方體和分別與中間小正方體有1條棱重合的12個(gè)小正方體，則余
13、下的9個(gè)小正方體體積V1＝，第二步，將余下的9個(gè)小正方體作同樣的操作，則余下的9×9個(gè)小正方體的體積V2＝，所以到第n步，所得幾何體的體積Vn＝.
2. 對(duì)大于或等于2的正整數(shù)的冪運(yùn)算有如下分解方式：
22＝1＋3，32＝1＋3＋5，42＝1＋3＋5＋7，…；
23＝3＋5，33＝7＋9＋11，43＝13＋15＋17＋19，….
根據(jù)上述分解規(guī)律，若m2＝1＋3＋5＋…＋11，p3的分解中最小的正整數(shù)是21，則m＋p＝________．
答案：11
解析：由歸納推理可知，m＝6，p＝5，∴ m＋p＝11.
3. (2014·泰州期末)已知在等差數(shù)列{an}中，若m＋2n＋p＝s＋
14、2t＋r，m、n、p、s、t、r∈N*，則am＋2an＋ap＝as＋2at＋ar.仿此類比，可得到等比數(shù)列{bn}中的一個(gè)正確命題：若m＋2n＋p＝s＋2t＋r，m、n、p、s、t、r∈N*，則________．
答案：bm(bn)2bp＝bs(bt)2br
解析：由類比推理將加法換成乘法，乘法換成乘方即得結(jié)論．
4. 已知an＝，把數(shù)列{an}的各項(xiàng)排成如下的三角形：
a1
a2 a3 a4
a5 a6 a7 a8 a9
……
記A(s，t)表示第s行的第t個(gè)數(shù)，則A(11，12)＝________．
答案：
解析：該三角形數(shù)陣每行所對(duì)應(yīng)元素的個(gè)數(shù)為1，3，5…，那么第1
15、0行的最后一個(gè)數(shù)為a100，第11行的第12個(gè)數(shù)為a112，即A(11，12)＝.
5. 觀察下列等式：
(1＋1)＝2×1，(2＋1)(2＋2)＝22×1×3，(3＋1)(3＋2)(3＋3)＝23×1×3×5，…照此規(guī)律， 第n個(gè)等式可為_(kāi)_______．
答案：(n＋1)(n＋2)(n＋3)…(n＋n)＝2n×1×3×5×…×(2n－1)
解析：觀察規(guī)律可知，左邊為n項(xiàng)的積，最小項(xiàng)和最大項(xiàng)依次為(n＋1)，(n＋n)，右邊為連續(xù)奇數(shù)之積乘以2n，則第n個(gè)等式為(n＋1)(n＋2)(n＋3)…(n＋n)＝2n×1×3×5×…×(2n－1)．
1. 如圖所示的三角形數(shù)陣叫“萊布尼
16、茨調(diào)和三角形”，有＝＋，＝＋，＝＋，…，則運(yùn)用歸納推理得到第11行第2個(gè)數(shù)(從左往右數(shù))為_(kāi)_______．
1
…
答案：
解析：由“萊布尼茨調(diào)和三角形”中數(shù)的排列規(guī)律，我們可以推斷：第10行的第一個(gè)數(shù)為，第11行的第一個(gè)數(shù)為，則第11行的第二個(gè)數(shù)為－＝.
2. 若等差數(shù)列{an}的公差為d，前n項(xiàng)的和為Sn，則數(shù)列為等差數(shù)列，公差為.類似地，若各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列{bn}的公比為q，前n項(xiàng)的積為Tn，則數(shù)列{}為等比數(shù)列，公比為_(kāi)_______．
答案：
解析：Tn＝bq，＝b1()n－1.
3. 已知結(jié)論
17、：在正三角形ABC中，若D是邊BC的中點(diǎn)，G是三角形ABC的重心，則＝2.若把該結(jié)論推廣到空間，則有結(jié)論：在棱長(zhǎng)都相等的四面體ABCD中，若△BCD的中心為M，四面體內(nèi)部一點(diǎn)O到四面體各面的距離都相等，則＝________．
答案：3
解析：由題意知，O為正四面體的外接球，內(nèi)切球球心，設(shè)正四面體的高為h，由等體積法可求得內(nèi)切球半徑為h，外接球半徑為h，所以＝3.
4. 若P0(x0，y0)在橢圓＋＝1(a＞b＞0)外，過(guò)P0作橢圓的兩條切線的切點(diǎn)分別為P1、P2，則切點(diǎn)弦P1P2所在的直線方程是＋＝1.那么對(duì)于雙曲線則有如下命題：若P0(x0，y0)在雙曲線－＝1(a＞0，b＞0)外，過(guò)
18、P0作雙曲線的兩條切線的切點(diǎn)分別為P1、P2，則切點(diǎn)弦P1P2所在的直線方程是____________．
答案：－＝1
解析：設(shè)P1(x1，y1)，P2(x2，y2)，P0(x0，y0)，則過(guò)P1、P2的切線方程分別是－＝1，－＝1.因?yàn)镻0(x0，y0)在這兩條切線上，故有－＝1，－＝1.
這說(shuō)明P1(x1，y1)，P2(x2，y2)在直線－＝1上，故切點(diǎn)弦P1P2所在的直線方程是－＝1.
1. 合情推理主要包括歸納推理和類比推理．?dāng)?shù)學(xué)研究中，在得到一個(gè)新的結(jié)論前，合情推理能幫助猜測(cè)和發(fā)現(xiàn)結(jié)論，在證明一個(gè)數(shù)學(xué)結(jié)論之前，合情推理常常能為證明提供思路和方法．
2. 合情推理的過(guò)程概
19、括為：從具體問(wèn)題出發(fā)→觀察、分析、比較、聯(lián)想→歸納、類比→提出猜想．
3. 演繹推理是從一般的原理出發(fā)，推出某個(gè)特殊情況的結(jié)論的推理方法，是由一般到特殊的推理，常用的一般模式是三段論，數(shù)學(xué)問(wèn)題的證明主要通過(guò)演繹推理來(lái)進(jìn)行．
4. 合情推理僅是符合情理的推理，他得到的結(jié)論不一定真，而演繹推理得到的結(jié)論一定正確(前提和推理形式都正確的前提下)．
請(qǐng)使用課時(shí)訓(xùn)練(A)第1課時(shí)(見(jiàn)活頁(yè))．
[備課札記](méi)
第2課時(shí) 直接證明與間接證明(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書(shū)(文)、(理)95～96頁(yè))
了解分析法
20、、綜合法、反證法，會(huì)用這些方法處理一些簡(jiǎn)單命題．
① 了解直接證明的兩種基本方法：分析法和綜合法；了解分析法和綜合法的思考過(guò)程、特點(diǎn). ② 了解間接證明的一種基本方法——反證法；了解反證法的思考過(guò)程、特點(diǎn)．
1. 已知向量m＝(1，1)與向量n＝(x，2－2x)垂直，則x＝________．
答案：2
解析：m·n＝x＋(2－2x)＝2－x.∵ m⊥n，∴ m·n＝0，即x＝2.
2. 用反證法證明命題“如果a>b，那么>”時(shí)，假設(shè)的內(nèi)容應(yīng)為_(kāi)_____________．
答案：＝或<
解析：根據(jù)反證法的步驟，假設(shè)是對(duì)原命題結(jié)論的否定，即＝或<.
3.
21、－2與－的大小關(guān)系是______________．
答案：－2>－
解析： 由分析法可得，要證－2>－，只需證＋>＋2，即證13＋2>13＋4，即>2.因?yàn)?2>40，所以－2>－成立．
4. 定義集合運(yùn)算：A·B＝{Z|Z＝xy，x∈A，y∈B}，設(shè)集合A＝{－1，0，1}，B＝{sinα，cosα}，則集合A·B的所有元素之和為_(kāi)_______．
答案：0
解析：依題意知α≠kπ＋，k∈Z.①α＝kπ＋(k∈Z)時(shí)，B＝，A·B＝；②α＝2kπ或α＝2kπ＋(k∈Z)時(shí)，B＝{0，1}，A·B＝{0，1，－1}；③α＝2kπ＋π或α＝2kπ－(k∈Z)時(shí)，B＝{0，－1}，A·B
22、＝{0，1，－1}；④α≠且α≠kπ＋(k∈Z)時(shí)，B＝{sinα，cosα}，A·B＝{0，sinα，cosα，－sinα，－cosα}．綜上可知A·B中的所有元素之和為0.
5. 設(shè)a、b為兩個(gè)正數(shù)，且a＋b＝1，則使得＋≥μ恒成立的μ的取值范圍是________．
答案：(－∞，4]
解析：∵ a＋b＝1，且a、b為兩個(gè)正數(shù)，∴ ＋＝(a＋b)＝2＋＋≥2＋2＝4.要使得＋≥μ恒成立，只要μ≤4.
1. 直接證明
(1) 定義：直接從原命題的條件逐步推得命題成立的證明方法．
(2) 一般形式
ABC…本題結(jié)論．
(3) 綜合法
① 定義：從已知條件出發(fā)，以
23、已知的定義、公理、定理為依據(jù)，逐步下推，直到推出要證明的結(jié)論為止．這種證明方法稱為綜合法．
② 推證過(guò)程
……
(4) 分析法
① 定義：從問(wèn)題的結(jié)論出發(fā)，追溯導(dǎo)致結(jié)論成立的條件，逐步上溯，直到使結(jié)論成立的條件和已知條件或已知事實(shí)吻合為止．這種證明方法稱為分析法．
② 推證過(guò)程
……
2. 間接證明
(1) 常用的間接證明方法有反證法、正難則反等．
(2) 反證法的基本步驟
① 反設(shè)——假設(shè)命題的結(jié)論不成立，即假定原結(jié)論的反面為真．
② 歸謬——從反設(shè)和已知出發(fā)，經(jīng)過(guò)一系列正確的邏輯推理，得出矛盾結(jié)果．
③ 存真——由矛盾結(jié)果，斷定反設(shè)不真，從而肯定原結(jié)論成
24、立.
題型1 直接證明(綜合法和分析法)
, 1) 數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和記為Sn，已知a1＝1，an＋1＝Sn(n＝1，2，3，…)，證明：
(1) 數(shù)列是等比數(shù)列；
(2) Sn＋1＝4an.
證明：(1) ∵ an＋1＝Sn＋1－Sn，an＋1＝Sn(n＝1，2，3，…)，∴ (n＋2)Sn＝n(Sn＋1－Sn)，整理得nSn＋1＝2(n＋1)Sn，∴ ＝2·，即＝2，∴ 數(shù)列是等比數(shù)列．
(2) 由(1)知：＝4·(n≥2)，于是Sn＋1＝4·(n＋1)·＝4an(n≥2)．又a2＝3S1＝3，∴ S2＝a1＋a2＝1＋3＝4a1，∴ 對(duì)一切n∈N*，都有Sn＋
25、1＝4an.
, 2) 設(shè)a、b、c均為大于1的正數(shù)，且ab＝10，求證：logac＋logbc≥4lgc.
證明：(分析法)由于a>1，b>1，c>1，故要證明logac＋logbc≥4lgc，只要證明＋≥4lgc，即≥4，因?yàn)閍b＝10，故lga＋lgb＝1.只要證明≥4，由于a>1，b>1，故lga>0，lgb>0，所以0
26、＋qmSn總成立，令n＝m＝1，得S2＝S1＋qS1，則a2＝qa1.令m＝1，得Sn＋1＝S1＋qSn ①， 從而Sn＋2＝S1＋qSn＋1?、?，②－①得an＋2＝qan＋1(n≥1)．綜上得an＋1＝qan(n≥1)，所以數(shù)列{an}是等比數(shù)列．
題型2 間接證明(反證法)
, 3) 等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，a1＝1＋，S3＝9＋3.
(1) 求數(shù)列{an}的通項(xiàng)an與前n項(xiàng)和Sn；
(2) 設(shè)bn＝(n∈N*)，求證：數(shù)列{bn}中任意不同的三項(xiàng)都不可能成為等比數(shù)列．
解：(1) 由已知得
∴ d＝2，故an＝2n－1＋，Sn＝n(n＋)．
(2) 證明：
27、由(1)得bn＝＝n＋.假設(shè)數(shù)列{bn}中存在三項(xiàng)bp，bq，br(p，q，r∈N*，且互不相等)成等比數(shù)列，則b＝bpbr.即(q＋)2＝(p＋)(r＋)．∴ (q2－pr)＋(2q－p－r)＝0.
∵ p，q，r∈N*，∴ ∴ ＝pr，(p－r)2＝0.∴ p＝r，與p≠r矛盾．
∴ 數(shù)列{bn}中任意不同的三項(xiàng)都不可能成等比數(shù)列．
求證：y＝ax2＋2bx＋c，y＝bx2＋2cx＋a，y＝cx2＋2ax＋b(a，b，c是互不相等的實(shí)數(shù))，三條拋物線至少有一條與x軸有兩個(gè)交點(diǎn)．
證明：假設(shè)這三條拋物線全部與x軸只有一個(gè)交點(diǎn)或沒(méi)有交點(diǎn)，則有三式相加，得a2＋b2＋c2－ab－ac
28、－bc≤0.則(a－b)2＋(b－c)2＋(c－a)2≤0.∴ a＝b＝c與已知a，b，c是互不相等的實(shí)數(shù)矛盾，∴ 這三條拋物線至少有一條與x軸有兩個(gè)交點(diǎn)．
1. (2014·山東)用反證法證明命題“設(shè)a、b為實(shí)數(shù)，則方程x2＋ax＋b＝0至少有一個(gè)實(shí)根”時(shí)，要做的假設(shè)是________．
答案：方程x2＋ax＋b＝0沒(méi)有實(shí)根
解析：“方程x2＋ax＋b＝0至少有一個(gè)實(shí)根”等價(jià)于“方程x2＋ax＋b＝0有一個(gè)實(shí)根或兩個(gè)實(shí)根”，所以該命題的否定是“方程x2＋ax＋b＝0沒(méi)有實(shí)根”．
2. 已知a、b、c∈(0，＋∞)且a＜c，b＜c，＋＝1，若以a、b、c為三邊構(gòu)造三角形，則c的取值
29、范圍是________．
答案：(10，16)
解析：要以a、b、c為三邊構(gòu)造三角形，需要滿足任意兩邊之和大于第三邊，任意兩邊之差小于第三邊，而ac恒成立．而a＋b＝(a＋b)＝10＋＋≥16，∴ c<16.又>，>，∴ <＋＝1，∴ c>10，∴ 10
30、那么這組學(xué)生最多有________人.
答案：3
解析：假設(shè)A，B兩位學(xué)生的數(shù)學(xué)成績(jī)一樣，由題意知他們語(yǔ)文成績(jī)不一樣，這樣他們的語(yǔ)文成績(jī)總有人比另一個(gè)人高，語(yǔ)文成績(jī)較高的學(xué)生比另一個(gè)學(xué)生“成績(jī)好”，與已知條件“他們之中沒(méi)有一個(gè)比另一個(gè)成績(jī)好”相矛盾．因此，沒(méi)有任意兩位學(xué)生數(shù)學(xué)成績(jī)是相同的．因?yàn)閿?shù)學(xué)成績(jī)只有3種，因而學(xué)生數(shù)量最大為3，即 3位學(xué)生的成績(jī)分別為(優(yōu)秀，不合格)，(合格，合格)，(不合格，優(yōu)秀)時(shí)滿足條件．
4. 設(shè)函數(shù)f(x)＝(a≠2)．
(1) 用反證法證明：函數(shù)f(x)不可能為偶函數(shù)；
(2) 求證：函數(shù)f(x)在(－∞，－1)上單調(diào)遞減的充要條件是a>2.
證
31、明：(1) 假設(shè)函數(shù)f(x)是偶函數(shù)，則f(－2)＝f(2)，即＝，解得a＝2，這與a≠2矛盾，所以函數(shù)f(x)不可能是偶函數(shù)．
(2) 因?yàn)閒(x)＝，所以f′(x)＝.
① 充分性：當(dāng)a>2時(shí)，f′(x)＝<0，所以函數(shù)f(x)在(－∞，－1)上單調(diào)遞減；
② 必要性：當(dāng)函數(shù)f(x)在(－∞，－1)上單調(diào)遞減時(shí)，有f′(x)＝≤0，即a≥2，又a≠2，所以a>2.
綜合①②知，原命題成立．
1. 已知點(diǎn)An(n，an)為函數(shù)y＝圖象上的點(diǎn)，Bn(n，bn)為函數(shù)y＝x圖象上的點(diǎn)，其中n∈N*，設(shè)cn＝an－bn，則cn與cn＋1的大小關(guān)系為_(kāi)_______．
答案：cn＋1
32、＜cn
解析：由條件得cn＝an－bn＝－n＝，
∴ cn隨n的增大而減?。?cn＋1＜cn.
2. 一個(gè)平面封閉區(qū)域內(nèi)任意兩點(diǎn)距離的最大值稱為該區(qū)域的“直徑”，封閉區(qū)域邊界曲線的長(zhǎng)度與區(qū)域直徑之比稱為區(qū)域的“周率”，下面四個(gè)平面區(qū)域(陰影部分)的周率從左到右依次記為τ1，τ2，τ3，τ4，則τ1，τ2，τ3，τ4的大小關(guān)系為_(kāi)_______．
答案：τ4＞τ2＞τ3＞τ1
解析：在圖(1)中，設(shè)圖形所在的矩形長(zhǎng)為a，寬為b，則其周率為，由不等式的性質(zhì)可知≤2；在圖(2)中設(shè)大圓的半徑為R，則易知外邊界長(zhǎng)為πR，而內(nèi)邊界恰好為一個(gè)半徑為的小圓的周長(zhǎng)πR，故整個(gè)邊界長(zhǎng)為2πR，而
33、封閉曲線的直徑最大值為2R，故周率為π；圖(3)中周長(zhǎng)為直徑的三倍，故周率為3；圖(4)中設(shè)各邊長(zhǎng)為a，則整個(gè)邊界的周長(zhǎng)為12a，直徑為2a，故周率為2，故四個(gè)周率大小τ4＞τ2＞τ3＞τ1.
3. 定義：若存在常數(shù)k，使得對(duì)定義域D內(nèi)的任意兩個(gè)x1，x2(x1≠x2)，均有|f(x1)－f(x2)|≤k|x1－x2| 成立，則稱函數(shù)f(x)在定義域D上滿足利普希茨條件．若函數(shù)f(x)＝(x≥1)滿足利普希茨條件，則常數(shù)k的最小值為_(kāi)_______．
答案：
解析：若函數(shù)f(x)＝(x≥1)滿足利普希茨條件，則存在常數(shù)k，使得對(duì)定義域[1，＋∞)內(nèi)的任意兩個(gè)x1，x2(x1≠x2)，均有
34、|f(x1)－f(x2)|≤k|x1－x2| 成立，設(shè)x1>x2，則k≥＝.而0<<，所以k的最小值為.
4. 某同學(xué)在一次研究性學(xué)習(xí)中發(fā)現(xiàn)，以下五個(gè)式子的值都等于同一個(gè)常數(shù)：
① sin213°＋cos217°－sin13°cos17°；
② sin215°＋cos215°－sin15°cos15°；
③ sin218°＋cos212°－sin18°cos12°；
④ sin2(－18°)＋cos248°－sin(－18°)cos48°；
⑤ sin2(－25°)＋cos255°－sin(－25°)cos55°.
(1) 試從上述五個(gè)式子中選擇一個(gè)，求出這個(gè)常數(shù)；
(2) 根
35、據(jù)(1)的計(jì)算結(jié)果，將該同學(xué)的發(fā)現(xiàn)推廣為三角恒等式，并證明你的結(jié)論．
解： (1) 選擇②式，計(jì)算如下：sin215°＋cos215°－sin15°cos15°＝1－sin30°＝1－＝.
(2) (解法1)三角恒等式為sin2α＋cos2(30°－α)－sinαcos(30°－α)＝.
證明如下：
sin2α＋cos2(30°－α)－sinαcos(30°－α)＝sin2α＋(cos30°cosα＋sin30°sinα)2－sinα(cos30°·cosα＋sin30°sinα)＝sin2α＋cos2α＋sinαcosα＋sin2α－sinαcosα－sin2α＝sin2α＋cos2
36、α＝.
(解法2)三角恒等式為sin2α＋cos2(30°－α)－sinαcos(30°－α)＝.
證明如下：sin2α＋cos2(30°－α)－sinαcos(30°－α)＝＋－sinα(cos30°·cosα＋sin30°sinα)＝－cos2α＋＋ (cos60°cos2α＋sin60°·sin2α)－sinαcosα－sin2α＝－cos2α＋＋cos2α＋sin2α－sin2α－(1－cos2α)＝1－cos2α－＋cos2α＝.
5. 如圖，已知半徑為r的圓M的內(nèi)接四邊形ABCD的對(duì)角線AC和BD相互垂直且交點(diǎn)為P.
(1) 若四邊形ABCD中的一條對(duì)角線AC的長(zhǎng)度為d(0
37、
38、時(shí)等號(hào)成立．
∵ 點(diǎn)P在圓內(nèi)運(yùn)動(dòng)，∴ 當(dāng)點(diǎn)P和圓心M重合時(shí)d＝0，此時(shí)d1＝d2，四邊形的面積最大，且最大值Smax＝2r2.
1. 分析法的特點(diǎn)是從未知看已知，逐步靠攏已知，綜合法的特點(diǎn)是從已知看未知，逐步推出未知．分析法和綜合法各有優(yōu)缺點(diǎn)．分析法思考起來(lái)比較自然，容易尋找到解題的思路和方法，缺點(diǎn)是思路逆行，敘述較煩；綜合法從條件推出結(jié)論，較簡(jiǎn)捷地解決問(wèn)題，但不便于思考，實(shí)際證明時(shí)常常兩法兼用，先用分析法探索證明途徑，然后再用綜合法敘述出來(lái)．
2. 反證法是從否定結(jié)論出發(fā)，經(jīng)過(guò)邏輯推理，導(dǎo)出矛盾，說(shuō)明結(jié)論的否定是錯(cuò)誤的，從而肯定原結(jié)論是正確的證明方法．適宜用反證法證明的數(shù)學(xué)命題：①
39、結(jié)論本身是以否定形式出現(xiàn)的一類命題；②關(guān)于唯一性、存在性的命題；③結(jié)論以“至多”“至少”等形式出現(xiàn)的命題；④結(jié)論的反面比原結(jié)論更具體更容易研究的命題．
請(qǐng)使用課時(shí)訓(xùn)練(B)第2課時(shí)(見(jiàn)活頁(yè))．
[備課札記](méi)
第3課時(shí) 數(shù)學(xué)歸納法(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書(shū)(理)97～98頁(yè))
理解數(shù)學(xué)歸納法的原理，能用數(shù)學(xué)歸納法證明一些簡(jiǎn)單的數(shù)學(xué)命題．
了解數(shù)學(xué)歸納法的原理，能用數(shù)學(xué)歸納法證明一些簡(jiǎn)單的數(shù)學(xué)命題．
1. 用數(shù)學(xué)歸納法證明1＋＋＋…＋1)時(shí)，第一步應(yīng)驗(yàn)證________
40、．
答案：1＋＋<2
解析：∵ n∈N*，n>1，∴ n取的第一個(gè)數(shù)為2，左端分母最大的項(xiàng)為＝.
2. (選修22P88練習(xí)題3改編)用數(shù)學(xué)歸納法證明不等式“2n>n2＋1對(duì)于n≥n0的自然數(shù)n都成立”時(shí)，第一步證明中的起始值n0應(yīng)取為_(kāi)_______．
答案：5
解析：當(dāng)n≤4時(shí)，2n≤n2＋1；當(dāng)n＝5時(shí)，25＝32>52＋1＝26，所以n0應(yīng)取為5.
3. 設(shè)f(n)＝1＋＋＋＋…＋(n∈N*)，則f(k＋1)－f(k)＝________.
答案：＋＋
解析：f(k＋1)－f(k)＝1＋＋＋＋…＋－(1＋＋＋＋…＋)＝＋＋.
4. 利用數(shù)學(xué)歸納法證明不等式＋＋…＋>時(shí)，
41、由k遞推到k＋1時(shí)左邊應(yīng)添加的因式是________．
答案：－
解析：f(k＋1)－f(k)＝＋＋…＋＋－
(＋＋…＋)＝＋－＝－.
5. 已知a1＝，an＋1＝，則a2，a3，a4，a5的值分別為_(kāi)_______________，由此猜想an＝________．
答案：、、、
解析：a2＝＝＝＝，同理a3＝＝＝，a4＝＝，a5＝＝，猜想an＝.
1. 由一系列有限的特殊現(xiàn)象得出一般性的結(jié)論的推理方法，通常叫做歸納法．
2. 對(duì)某些與正整數(shù)有關(guān)的數(shù)學(xué)命題常采用下面的方法來(lái)證明它們的正確性：先證明當(dāng)n取第1個(gè)值n0時(shí)，命題成立；然后假設(shè)當(dāng)n＝k(k∈N，k≥n0)時(shí)命題
42、成立；證明當(dāng)n＝k＋1時(shí)，命題也成立，這種證明方法叫做數(shù)學(xué)歸納法．
3. 用數(shù)學(xué)歸納法證明一個(gè)與正整數(shù)有關(guān)的命題時(shí)，其步驟為：
(1) 歸納奠基：證明凡取第一個(gè)自然數(shù)n0時(shí)命題成立；
(2) 歸納遞推：假設(shè)n＝k(k∈N，k≥n0)時(shí)命題成立，證明當(dāng)n＝k＋1時(shí)，命題成立；
(3) 由(1)(2)得出結(jié)論．
[備課札記](méi)
題型1 證明等式
1 (2014·陜西)設(shè)函數(shù)f(x)＝ln(1＋x)，g(x)＝xf′(x)，x≥0，其中f′(x)是f(x)的導(dǎo)函數(shù)．令g1(x)＝g(x)，gn＋1(x)＝g(gn(x))，n∈N*，求證：gn(x
43、)＝.
證明：(數(shù)學(xué)歸納法)① 當(dāng)n＝1時(shí)，g1(x)＝，結(jié)論成立．
② 假設(shè)n＝k時(shí)結(jié)論成立，即gk(x)＝.那么，當(dāng)n＝k＋1時(shí)，gk＋1(x)＝g(gk(x))＝＝＝，即結(jié)論成立．
由①②可知，結(jié)論對(duì)所有n∈N*均成立．
用數(shù)學(xué)歸納法證明：
1－＋－＋…＋－＝＋＋…＋(n∈N)．
證明：① 當(dāng)n＝1時(shí)，等式左邊＝1－＝＝右邊，等式成立．
② 假設(shè)當(dāng)n＝k(k∈N)時(shí)，等式成立，即1－＋－＋…＋－＝＋＋…＋，那么，當(dāng)n＝k＋1時(shí)，有1－＋－＋…＋－＋－＝＋＋…＋＋－＝＋＋…＋＋，上式表明當(dāng)n＝k＋1時(shí)，等式也成立．
由①②知，等式對(duì)任何n∈N均成立．
題型2
44、證明不等式
, 2) (2014·南通二模)各項(xiàng)均為正數(shù)的數(shù)列{xn}對(duì)一切n∈N*均滿足xn＋＜2.證明：
(1) xn＜xn＋1；
(2) 1－＜xn＜1.
證明：(1) ∵ xn＞0，xn＋＜2，∴ 0＜＜2－xn，
∴ xn＋1＞，且2－xn＞0.
∵ －xn＝＝≥0.
∴ ≥xn，∴ xn≤＜xn＋1，即xn＜xn＋1.
(2) 下面用數(shù)學(xué)歸納法證明：xn＞1－.
① 當(dāng)n＝1時(shí)，由題設(shè)x1＞0可知結(jié)論成立；
② 假設(shè)n＝k時(shí)，xk＞1－，當(dāng)n＝k＋1時(shí)，
由(1)得，xk＋1＞＞＝＝1－.
由①②可得，xn＞1－.
下面先證明xn≤1.
假設(shè)存在自
45、然數(shù)k，使得xk＞1，則一定存在自然數(shù)m，使得xk＞1＋.
因?yàn)閤k＋＜2，xk＋1＞＞＝，xk＋2＞＞＝，…，xk＋m－1＞＝2，與題設(shè)xk＋＜2矛盾，所以xn≤1.若xk＝1，則xk＋1＞xk＝1，根據(jù)上述證明可知存在矛盾．所以xn＜1成立．
已知x1，x2，…，xn∈R＋，且x1x2…xn＝1，求證：
(＋x1)(＋x2)…(＋xn)≥(＋1)n.
證明(數(shù)學(xué)歸納法)：(ⅰ) 當(dāng)n＝1時(shí)，＋x1＝＋1，不等式成立．
(ⅱ) 假設(shè)n＝k時(shí)不等式成立，即(＋x1)(＋x2)…(＋xk)≥(＋1)k成立．
則n＝k＋1時(shí)，若xk＋1＝1，則命題成立；若xk＋1>1，則x1，x2
46、，…，xk中必存在一個(gè)數(shù)小于1，不妨設(shè)這個(gè)數(shù)為xk，從而(xk－1)(xk＋1－1)<0，即xk＋xk＋1>1＋xkxk＋1.xk＋1<1同理可得，
所以(＋x1)(＋x2)…(＋xk)(＋xk＋1)
＝(＋x1)(＋x2)…[2＋(xk＋xk＋1)＋xkxk＋1]
≥(＋x1)(＋x2)…[2＋(1＋xkxk＋1)＋xkxk＋1]
＝(＋x1)(＋x2)…(＋xkxk＋1)(＋1)
≥(＋1)n(＋1)＝(＋1)k＋1.
故n＝k＋1時(shí)，不等式也成立．
由(ⅰ)(ⅱ)知原不等式成立．
題型3 數(shù)列問(wèn)題
3 設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且方程x2－anx－an＝0有一根
47、為Sn－1，n＝1，2，3，….
(1) 求a1，a2；
(2) 猜想數(shù)列{Sn}的通項(xiàng)公式，并給出證明．
解：(1) 當(dāng)n＝1時(shí)，x2－a1x－a1＝0有一根為S1－1＝a1－1，
于是(a1－1)2－a1(a1－1)－a1＝0，解得a1＝；
當(dāng)n＝2時(shí)，x2－a2x－a2＝0有一根為S2－1＝a2－，
于是－a2－a2＝0，解得a2＝.
(2) 由題設(shè)(Sn－1)2－an(Sn－1)－an＝0，即S－2Sn＋1－anSn＝0.
當(dāng)n≥2時(shí)，an＝Sn－Sn－1，代入上式得Sn－1Sn－2Sn＋1＝0.①
由(1)得S1＝a1＝，S2＝a1＋a2＝＋＝.
由①可得S3＝.
48、由此猜想Sn＝，n＝1，2，3，….
下面用數(shù)學(xué)歸納法證明這個(gè)結(jié)論．
(ⅰ) n＝1時(shí)已知結(jié)論成立.
(ⅱ) 假設(shè)n＝k(k∈N*)時(shí)結(jié)論成立，即Sk＝，
當(dāng)n＝k＋1時(shí)，由①得Sk＋1＝，
即Sk＋1＝，故n＝k＋1時(shí)結(jié)論也成立．
綜上，由(ⅰ)(ⅱ)可知Sn＝對(duì)所有正整數(shù)n都成立．
(2014·鎮(zhèn)江期末)已知數(shù)列{an}滿足a1＝，an＋1·(1＋an)＝1.
(1) 試計(jì)算a2，a3，a4，a5的值；
(2) 猜想|an＋1－an|與(其中n∈N*)的大小關(guān)系，并證明你的猜想．
解：(1) 由已知計(jì)算得a2＝，a3＝，a4＝，a5＝.
(2) 由(1)得|
49、a2－a1|＝，|a3－a2|＝，|a4－a3|＝，|a5－a4|＝，而n分別取1，2，3，4時(shí)，分別為，，，，故猜想|an＋1－an|≤.下面用數(shù)學(xué)歸納法證明以上猜想：
① 當(dāng)n＝1時(shí)，已證；
② 當(dāng)n＝k≥1時(shí)，
假設(shè)|ak＋1－ak|≤，對(duì)n∈N*：由a1＝，an＋1＝，得an>0，∴ 02＋＝，
∴ |ak＋2－ak＋1|＝＝≤≤＝.∴ 當(dāng)n＝k≥1時(shí)，結(jié)論成立．由①和②知，以上猜想成立．
50、題型4 綜合運(yùn)用
, 4) 若函數(shù)f(x)＝x2－2x－3，定義數(shù)列{xn}如下：x1＝2，xn＋1是過(guò)點(diǎn)P(4，5)，Qn(xn，f(xn))的直線PQn與x軸的交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，試運(yùn)用數(shù)學(xué)歸納法證明：2≤xn＜xn＋1<3.
證明：① 當(dāng)n＝1時(shí)，x1＝2，f(x1)＝－3，Q1(2，－3)．∴ 直線PQ1的方程為y＝4x－11，令y＝0，得x2＝，因此，2≤x1＜x2＜3，即n＝1時(shí)結(jié)論成立．
② 假設(shè)當(dāng)n＝k時(shí)結(jié)論成立，即2≤xk＜xk＋1＜3.∴ 直線PQk＋1的方程為y－5＝(x－4)．又f(xk＋1)＝x－2xk＋1－3，代入上式，令y＝0，得xk＋2＝＝4－.
由
51、歸納假設(shè)，20，即xk＋1
52、如下：當(dāng)n＝3時(shí)，f(3)＝0成立；設(shè)當(dāng)n＝k(k≥3)時(shí)猜想成立，即f(k)＝，則當(dāng)n＝k＋1時(shí)， 考察k＋1邊形A1A2…AkAk＋1，
① k邊形A1A2…Ak中原來(lái)的對(duì)角線也都是k＋1邊形中的對(duì)角線，且邊A1Ak也成為k＋1邊形中的對(duì)角線；
② 在Ak＋1與A1，A2，…，Ak連結(jié)的k條線段中，除Ak＋1A1，Ak＋1Ak外，都是k＋1邊形中的對(duì)角線，
共計(jì)有f(k＋1)＝f(k)＋1＋(k－2)＝＋1＋(k－2)＝＝＝＝，即猜想對(duì)n＝k＋1時(shí)也成立．
綜上，得f(n)＝對(duì)任何n≥3，n∈N*都成立．
1. 用數(shù)學(xué)歸納法證明“12＋22＋32＋…＋n2＝n(n＋1)(2n
53、＋1)(n∈N*)”，當(dāng)n＝k＋1時(shí)，應(yīng)在n＝k時(shí)的等式左邊添加的項(xiàng)是________．
答案：(k＋1)2
解析：[12＋22＋…＋k2＋(k＋1)2]－(12＋22＋…＋k2)＝(k＋1)2.
2. 用數(shù)學(xué)歸納法證明“2n＋1≥n2＋n＋2(n∈N*)”時(shí)，第一步驗(yàn)證的表達(dá)式為_(kāi)_______．
答案：21＋1≥12＋1＋2(或22≥4或4≥4也算對(duì))
解析：當(dāng)n＝1時(shí)，21＋1≥12＋1＋2.
3. 用數(shù)學(xué)歸納法證明“當(dāng)n為正奇數(shù)時(shí)，xn＋yn能被x＋y整除”的第二步是____．
答案：假設(shè)n＝2k－1(k∈N*)時(shí)正確，再推n＝2k＋1(k∈N*)正確
解析：因?yàn)閚為正
54、奇數(shù)，根據(jù)數(shù)學(xué)歸納法證題的步驟，第二步應(yīng)先假設(shè)第k個(gè)正奇數(shù)也成立，本題先假設(shè)n＝2k－1(k∈N*)正確，再推第k＋1個(gè)正奇數(shù)，即n＝2k＋1(k∈N*)正確．
4. (2014·蘇錫常鎮(zhèn)二模)如圖，圓周上有n個(gè)固定點(diǎn)，分別為A1，A2，…，An(n∈N*，n≥2)，在每一個(gè)點(diǎn)上分別標(biāo)上1，2，3中的某一個(gè)數(shù)字，但相鄰的兩個(gè)數(shù)字不相同，記所有的標(biāo)法總數(shù)為an.
(1) 寫(xiě)出a2，a3，a4的值；
(2) 寫(xiě)出an的表達(dá)式，并用數(shù)學(xué)歸納法證明．
解：(1) a2＝6，a3＝6，a4＝18.
(2) an＝2n＋2·(－1)n.(*)
證明如下：① 當(dāng)n＝2時(shí)，a2＝6，符合(*)
55、式．
② 假設(shè)當(dāng)n＝k時(shí)，(*)式成立，即ak＝2k＋2·(－1)k成立，那么n＝k＋1時(shí)，因?yàn)锳1有3種標(biāo)法，A2有2種標(biāo)法，…，Ak有2種標(biāo)法，Ak＋1若僅與Ak不同，則有2種標(biāo)法：一種與A1數(shù)不同，符合要求，有ak＋1種；一種與A1數(shù)相同，不符合要求，但相當(dāng)于k個(gè)點(diǎn)的標(biāo)法總數(shù)，有ak種．則有3×2k＝ak＋1＋ak.∴ ak＋1＝－ak＋3×2k＝－2k－2·(－1)k＋3×2k＝2k＋1＋2(－1)k＋1.即n＝k＋1時(shí)，(*)式也成立．
由①②知(*)式成立，即證．
1. (2014·沈陽(yáng)模擬)已知f(n)＝1＋＋＋…＋(n∈N*)，用數(shù)學(xué)歸納法證明f(2n)>時(shí)，則f(2
56、k＋1)－f(2k)等于________．
答案：＋＋…＋
解析：∵ f(2k＋1)＝1＋＋＋＋…＋＋＋…＋＋＋＋…＋，f(2k)＝1＋＋＋＋…＋＋＋…＋，∴ f(2k＋1)－f(2k)＝＋＋…＋.
2. 用數(shù)學(xué)歸納法證明不等式：＋＋＋…＋＞1(n∈N*且n＞1)．
證明：①當(dāng)n＝2時(shí)，左邊＝＋＋＝＞1，
∴ n＝2時(shí)不等式成立；
②假設(shè)當(dāng)n＝k(k≥2)時(shí)不等式成立，
即＋＋＋…＋＞1，
那么當(dāng)n＝k＋1時(shí)，
左邊＝＋…＋＋
＝＋＋…＋＋－
＞1＋(2k＋1)·－＝1＋＞1.
綜上，對(duì)于任意n∈N*，n>1不等式均成立，原命題得證．
3. 已知函數(shù)f(x)＝－x3＋
57、ax在(－1，0)上是增函數(shù)．
(1) 求實(shí)數(shù)a的取值范圍A；
(2) 當(dāng)a為A中最小值時(shí)，定義數(shù)列{an}滿足：a1∈(－1，0)，且2an＋1＝f(an)，用數(shù)學(xué)歸納法證明an∈(－1，0)，并判斷an＋1與an的大?。?
解 ：(1) ∵ f′(x)＝－3x2＋a≥0即a≥3x2在x∈(－1，0)恒成立，∴ A＝[3，＋∞)
(2) 用數(shù)學(xué)歸納法證明：an∈(－1，0)．
(ⅰ) n＝1時(shí)，由題設(shè)a1∈(－1，0)；
(ⅱ) 假設(shè)n＝k時(shí)，ak∈(－1，0)，則當(dāng)n＝k＋1時(shí)，ak＋1＝f(ak)＝(－a＋3ak)，由(1)知：f(x)＝－x3＋3x在(－1，0)上是增函數(shù)，又
58、ak∈(－1，0)，所以[－(－1)3＋3×(－1)]＝－1
59、f′1(x)＝′－′＝－－＋，所以f1＝－，f2＝－＋.故2f1＋f2＝－1.
(2) 證明：由已知，得xf0(x)＝sinx，等式兩邊分別對(duì)x求導(dǎo)，得f0(x)＋xf′0(x)＝cosx，
即f0(x)＋xf1(x)＝cosx＝sin，類似可得2f1(x)＋xf2(x)＝－sinx＝sin(x＋π)，
3f2(x)＋xf3(x)＝－cosx＝sin，4f3(x)＋xf4(x)＝sinx＝sin(x＋2π)．
下面用數(shù)學(xué)歸納法證明等式nfn－1(x)＋xfn(x)＝sin對(duì)所有的n∈N*都成立．
① 當(dāng)n＝1時(shí)，由上可知等式成立．
② 假設(shè)當(dāng)n＝k時(shí)等式成立，即kfk－1(x)＋x
60、fk(x)＝sin.
因?yàn)閇kfk－1(x)＋xfk(x)]′＝kf′k－1(x)＋fk(x)＋xf′k(x)＝(k＋1)fk(x)＋xfk＋1(x)，′＝cos·
′＝sin，
所以(k＋1)fk(x)＋xfk＋1(x)＝sin.
因此當(dāng)n＝k＋1時(shí)，等式也成立．
綜合①②可知等式nfn－1(x)＋xfn(x)＝sin對(duì)所有的n∈N*都成立．
令x＝，可得nfn－1＋fn＝sin(＋)(n∈N*)．所以＝(n∈N*)．
1. 數(shù)學(xué)歸納法是專門證明與整數(shù)有關(guān)命題的一種方法，分兩步，第一步是遞推的基礎(chǔ)，第二步是遞推的依據(jù)，兩步缺一不可．
2. 運(yùn)用數(shù)學(xué)歸納法時(shí)易犯的錯(cuò)誤：①對(duì)項(xiàng)數(shù)估算的錯(cuò)誤，特別是尋找n＝k與n＝k＋1的關(guān)系時(shí)，項(xiàng)數(shù)發(fā)生什么變化被弄錯(cuò)；②沒(méi)有利用歸納假設(shè)；③關(guān)鍵步驟含糊不清，“假設(shè)n＝k時(shí)結(jié)論成立，利用此假設(shè)證明n＝k＋1時(shí)結(jié)論也成立”，是數(shù)學(xué)歸納法的關(guān)鍵一步，也是證明問(wèn)題最重要的環(huán)節(jié)，對(duì)推導(dǎo)的過(guò)程要把步驟寫(xiě)完整，注意證明過(guò)程的嚴(yán)謹(jǐn)性和規(guī)范性．
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高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第七章 推理與證明課堂過(guò)關(guān) 理-人教版高三數(shù)學(xué)試題
