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2019-2020年高三數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 7.4基本不等式教案 理 新人教A版 .DOC

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2019-2020年高三數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 7.4基本不等式教案 理 新人教A版 .DOC

2019-2020年高三數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 7.4基本不等式教案 理 新人教A版 xx高考會這樣考 1.利用基本不等式求最值、證明不等式;2.利用基本不等式解決實際問題. 復(fù)習(xí)備考要這樣做 1.注意基本不等式求最值的條件;2.在復(fù)習(xí)過程中注意轉(zhuǎn)化與化歸思想、分類討論思想的應(yīng)用. 1. 基本不等式≤ (1)基本不等式成立的條件:a>0,b>0. (2)等號成立的條件:當(dāng)且僅當(dāng)a=b時取等號. 2. 幾個重要的不等式 (1)a2+b2≥2ab(a,b∈R). (2)+≥2(a,b同號). (3)ab≤2 (a,b∈R). (4)≥2 (a,b∈R). 3. 算術(shù)平均數(shù)與幾何平均數(shù) 設(shè)a>0,b>0,則a,b的算術(shù)平均數(shù)為,幾何平均數(shù)為,基本不等式可敘述為:兩個正數(shù)的算術(shù)平均數(shù)不小于它們的幾何平均數(shù). 4. 利用基本不等式求最值問題 已知x>0,y>0,則 (1)如果積xy是定值p,那么當(dāng)且僅當(dāng)x=y(tǒng)時,x+y有最小值是2.(簡記:積定和最小) (2)如果和x+y是定值p,那么當(dāng)且僅當(dāng)x=y(tǒng)時,xy有最大值是.(簡記:和定積最大) [難點正本 疑點清源] 1. 在應(yīng)用基本不等式求最值時,要把握不等式成立的三個條件,就是“一正——各項均為正;二定——積或和為定值;三相等——等號能否取得”,若忽略了某個條件,就會出現(xiàn)錯誤. 2. 運用公式解題時,既要掌握公式的正用,也要注意公式的逆用,例如a2+b2≥2ab逆用就是ab≤;≥ (a,b>0)逆用就是ab≤2 (a,b>0)等.還要注意“添、拆項”技巧和公式等號成立的條件等. 3. 對使用基本不等式時等號取不到的情況,可考慮使用函數(shù)y=x+(m>0)的單調(diào)性. 1. 若x>0,y>0,且x+y=18,則xy的最大值是________. 答案 81 解析 由于x>0,y>0,則x+y≥2, 所以xy≤2=81, 當(dāng)且僅當(dāng)x=y(tǒng)=9時,xy取到最大值81. 2. 已知t>0,則函數(shù)y=的最小值為________. 答案 -2 解析 ∵t>0,∴y==t+-4≥2-4=-2,且在t=1時取等號. 3. 已知x>0,y>0,且2x+y=1,則+的最小值是_____________. 答案 8 解析 因為+=(2x+y) =4++≥4+2=8,等號當(dāng)且僅當(dāng)y=,x=時成立. 4. (xx浙江)若正數(shù)x,y滿足x+3y=5xy,則3x+4y的最小值是 (  ) A. B. C.5 D.6 答案 C 解析 ∵x>0,y>0,由x+3y=5xy得=1. ∴3x+4y=(3x+4y) = =+≥+2 =5(當(dāng)且僅當(dāng)x=2y時取等號), ∴3x+4y的最小值為5. 5. 圓x2+y2+2x-4y+1=0關(guān)于直線2ax-by+2=0 (a,b∈R)對稱,則ab的取值范圍是 (  ) A. B. C. D. 答案 A 解析 由題可知直線2ax-by+2=0過圓心(-1,2),故可得a+b=1,又因ab≤2= (a=b時取等號). 故ab的取值范圍是. 題型一 利用基本不等式證明簡單不等式 例1 已知x>0,y>0,z>0. 求證:≥8. 思維啟迪:由題意,先局部運用基本不等式,再利用不等式的性質(zhì)即可得證. 證明 ∵x>0,y>0,z>0, ∴+≥>0,+≥>0, +≥>0, ∴ ≥=8. 當(dāng)且僅當(dāng)x=y(tǒng)=z時等號成立. 探究提高 利用基本不等式證明不等式是綜合法證明不等式的一種情況,證明思路是從已證不等式和問題的已知條件出發(fā),借助不等式的性質(zhì)和有關(guān)定理,經(jīng)過逐步的邏輯推理最后轉(zhuǎn)化為需證問題.  已知a>0,b>0,c>0,且a+b+c=1. 求證:++≥9. 證明 ∵a>0,b>0,c>0,且a+b+c=1, ∴++=++ =3++++++ =3+++ ≥3+2+2+2=9, 當(dāng)且僅當(dāng)a=b=c=時,取等號. 題型二 利用基本不等式求最值 例2 (1)已知x>0,y>0,且2x+y=1,則+的最小值為________; (2)當(dāng)x>0時,則f(x)=的最大值為________. 思維啟迪:利用基本不等式求最值可以先對式子進行必要的變換.如第(1)問把+中的“1”代換為“2x+y”,展開后利用基本不等式;第(2)問把函數(shù)式中分子分母同除“x”,再利用基本不等式. 答案 (1)3+2 (2)1 解析 (1)∵x>0,y>0,且2x+y=1, ∴+=+ =3++≥3+2.當(dāng)且僅當(dāng)=時,取等號. (2)∵x>0,∴f(x)==≤=1, 當(dāng)且僅當(dāng)x=,即x=1時取等號. (1)已知x>0,y>0,x+2y+2xy=8,則x+2y的最小值是 (  ) A.3 B.4 C. D. (2)已知a>b>0,則a2+的最小值是________. 答案 (1)B (2)16 解析 (1)依題意,得(x+1)(2y+1)=9, ∴(x+1)+(2y+1)≥2=6, 即x+2y≥4. 當(dāng)且僅當(dāng)即時等號成立. ∴x+2y的最小值是4. (2)∵a>b>0,∴b(a-b)≤2=, 當(dāng)且僅當(dāng)a=2b時等號成立. ∴a2+≥a2+=a2+ ≥2=16,當(dāng)且僅當(dāng)a=2時等號成立. ∴當(dāng)a=2,b=時,a2+取得最小值16. 題型三 基本不等式的實際應(yīng)用 例3 某單位建造一間地面面積為12 m2的背面靠墻的矩形小房,由于地理位置的限制,房子側(cè)面的長度x不得超過5 m.房屋正面的造價為400元/m2,房屋側(cè)面的造價為150元/m2,屋頂和地面的造價費用合計為5 800元,如果墻高為3 m,且不計房屋背面的費用.當(dāng)側(cè)面的長度為多少時,總造價最低? 思維啟迪:用長度x表示出造價,利用基本不等式求最值即可.還應(yīng)注意定義域0<x≤5;函數(shù)取最小值時的x是否在定義域內(nèi),若不在定義域內(nèi),不能用基本不等式求最值,可以考慮單調(diào)性. 解 由題意可得,造價y=3(2x150+400)+5 800 =900+5 800 (0<x≤5), 則y=900+5 800 ≥9002+5 800=13 000(元), 當(dāng)且僅當(dāng)x=,即x=4時取等號. 故當(dāng)側(cè)面的長度為4米時,總造價最低. (xx北京)某車間分批生產(chǎn)某種產(chǎn)品,每批的生產(chǎn)準備費用為800元.若每批生產(chǎn)x件,則平均倉儲時間為天,且每件產(chǎn)品每天的倉儲費用為1元.為使平均到每件產(chǎn)品的生產(chǎn)準備費用與倉儲費用之和最小,每批應(yīng)生產(chǎn)產(chǎn)品 (  ) A.60件 B.80件 C.100件 D.120件 答案 B 解析 設(shè)每件產(chǎn)品的平均費用為y元,由題意得 y=+≥2=20. 當(dāng)且僅當(dāng)=(x>0),即x=80時“=”成立,故選B. 忽視最值取得的條件致誤 典例:(12分)已知a、b均為正實數(shù),且a+b=1,求y=的最小值. 易錯分析 在求最值時兩次使用基本不等式,其中的等號不能同時成立,導(dǎo)致最小值不能取到. 審題視角 (1)求函數(shù)最值問題,可以考慮利用基本不等式,但是利用基本不等式,必須保證“正、定、等”,而且還要符合已知條件.(2)可以考慮利用函數(shù)的單調(diào)性,但要注意變量的取值范圍. 規(guī)范解答 解 方法一 y= =+≥+2 =2=2 ≥2=2=.[10分] 當(dāng)且僅當(dāng)a=b=時,y=取最小值,最小值為.[12分] 方法二 y==ab+++ =ab++=ab++ =+ab-2.[6分] 令t=ab≤2=,即t∈. 又f(t)=+t在上是單調(diào)遞減的,[10分] ∴當(dāng)t=時,f(t)min=,此時,a=b=. ∴當(dāng)a=b=時,y有最小值.[12分] 溫馨提醒 (1)這類題目考生總感到比較容易下手.但是解這類題目卻又常常出錯.(2)利用基本不等式求最值,一定要注意應(yīng)用條件:即一正、二定、三相等.否則求解時會出現(xiàn)等號成立、條件不具備而出錯.(3)本題出錯的原因前面已分析,關(guān)鍵是忽略了等號成立的條件. 方法與技巧 1. 基本不等式具有將“和式”轉(zhuǎn)化為“積式”和將“積式”轉(zhuǎn)化為“和式”的放縮功能,常常用于比較數(shù)(式)的大小或證明不等式,解決問題的關(guān)鍵是分析不等式兩邊的結(jié)構(gòu)特點,選擇好利用基本不等式的切入點. 2. 恒等變形:為了利用基本不等式,有時對給定的代數(shù)式要進行適當(dāng)變形.比如: (1)當(dāng)x>2時,x+=(x-2)++2≥2+2=4. (2)0<x<,x(8-3x)=(3x)(8-3x) ≤2=. 失誤與防范 1.使用基本不等式求最值,其失誤的真正原因是對其前提“一正、二定、三相等”的忽視.要利用基本不等式求最值,這三個條件缺一不可. 2.在運用重要不等式時,要特別注意“拆”“拼”“湊”等技巧,使其滿足重要不等式中“正”“定”“等”的條件. 3.連續(xù)使用公式時取等號的條件很嚴格,要求同時滿足任何一次的字母取值存在且一致. A組 專項基礎(chǔ)訓(xùn)練 (時間:35分鐘,滿分:57分) 一、選擇題(每小題5分,共20分) 1. (xx陜西)設(shè)0<a<b,則下列不等式中正確的是 (  ) A.a(chǎn)<b<< B.a(chǎn)<<<b C.a(chǎn)<<b< D.<a<<b 答案 B 解析 ∵0<a<b,∴a<<b,A、C錯誤; -a=(-)>0,即>a,D錯誤,故選B. 2. (xx福建)下列不等式一定成立的是 (  ) A.lg>lg x(x>0) B.sin x+≥2(x≠kπ,k∈Z) C.x2+1≥2|x|(x∈R) D.>1(x∈R) 答案 C 解析 當(dāng)x>0時,x2+≥2x=x, 所以lg≥lg x(x>0),故選項A不正確; 而當(dāng)x≠kπ,k∈Z時,sin x的正負不定,故選項B不正確; 由基本不等式可知,選項C正確; 當(dāng)x=0時,有=1,故選項D不正確. 3. 設(shè)x,y∈R,a>1,b>1,若ax=by=3,a+b=2,則+的最大值為 (  ) A.2 B. C.1 D. 答案 C 解析 由ax=by=3,得:x=loga3,y=logb3,由a>1,b>1知x>0,y>0,+=log3a+log3b=log3ab≤log32=1,當(dāng)且僅當(dāng)a=b=時“=”成立,則+的最大值為1. 4. 已知0<x<1,則x(3-3x)取得最大值時x的值為 (  ) A. B. C. D. 答案 B 解析 ∵0<x<1,∴1-x>0. ∴x(3-3x)=3x(1-x)≤32=. 當(dāng)x=1-x,即x=時取等號. 二、填空題(每小題5分,共15分) 5. 已知x,y∈R+,且滿足+=1,則xy的最大值為________. 答案 3 解析 ∵x>0,y>0且1=+≥2,∴xy≤3.當(dāng)且僅當(dāng)=時取等號. 6. (xx湖南)設(shè)x,y∈R,且xy≠0,則的最小值為________. 答案 9 解析?。?++4x2y2 ≥5+2=9, 當(dāng)且僅當(dāng)x2y2=時“=”成立. 7. 某公司一年需購買某種貨物200噸,平均分成若干次進行購買,每次購買的運費為2萬元,一年的總存儲費用數(shù)值(單位:萬元)恰好為每次的購買噸數(shù)數(shù)值,要使一年的總運費與總存儲費用之和最小,則每次購買該種貨物的噸數(shù)是_______. 答案 20 解析 設(shè)每次購買該種貨物x噸,則需要購買次,則一年的總運費為2=,一年的總存儲費用為x,所以一年的總運費與總存儲費用為+x≥2=40,當(dāng)且僅當(dāng)=x,即x=20時等號成立,故要使一年的總運費與總存儲費用之和最小,每次應(yīng)購買該種貨物20噸. 三、解答題(共22分) 8. (10分)已知a>0,b>0,a+b=1,求證: (1)++≥8; (2)≥9. 證明 (1)++=++ =2, ∵a+b=1,a>0,b>0, ∴+=+=2++≥2+2=4, ∴++≥8(當(dāng)且僅當(dāng)a=b=時等號成立). (2)方法一 ∵a>0,b>0,a+b=1, ∴1+=1+=2+, 同理,1+=2+, ∴= =5+2≥5+4=9. ∴≥9(當(dāng)且僅當(dāng)a=b=時等號成立). 方法二?。?+++. 由(1)知,++≥8, 故=1+++≥9. 9. (12分)為處理含有某種雜質(zhì)的污水,要制造一個底寬為2 m的無蓋長 方體沉淀箱(如圖所示),污水從A孔流入,經(jīng)沉淀后從B孔流出,設(shè) 箱的底長為a m,高度為b m.已知流出的水中該雜質(zhì)的質(zhì)量分別與 a,b的乘積成反比,現(xiàn)有制箱材料60 m2.問:當(dāng)a,b各為多少米時, 經(jīng)沉淀后流出的水中該雜質(zhì)的質(zhì)量分數(shù)最小(A,B孔的面積忽略不計)? 解 方法一 設(shè)y為流出的水中該雜質(zhì)的質(zhì)量分數(shù), 則y=,其中k>0為比例系數(shù),依題意,求使y值最小的a,b的值. 根據(jù)題設(shè),有4b+2ab+2a=60 (a>0,b>0), 解得b= (0<a<30).① 于是y=== = ≥=, 當(dāng)且僅當(dāng)a+2=時等號成立,y取得最小值. 這時a=6或a=-10(舍),將其代入①式,得b=3. 故當(dāng)a為6 m,b為3 m時,經(jīng)沉淀后流出的水中該雜質(zhì)的質(zhì)量分數(shù)最小. 方法二 依題意,求使ab值最大的a,b的值. 由題設(shè),知4b+2ab+2a=60 (a>0,b>0), 即a+2b+ab=30 (a>0,b>0). 因為a+2b≥2,所以2+ab≤30, 當(dāng)且僅當(dāng)a=2b時,上式取等號. 由a>0,b>0,解得0<ab≤18, 即當(dāng)a=2b時,ab取得最大值,其最大值為18. 所以2b2=18,解得b=3,進而求得a=6. 故當(dāng)a為6 m,b為3 m時,經(jīng)沉淀后流出的水中該雜質(zhì)的質(zhì)量分數(shù)最小. B組 專項能力提升 (時間:25分鐘,滿分:43分) 一、選擇題(每小題5分,共15分) 1. 不等式a2+b2≥2|ab|成立時,實數(shù)a,b一定是 (  ) A.正數(shù) B.非負數(shù) C.實數(shù) D.不存在 答案 C 解析 原不等式可變形為a2+b2-2|ab|=|a|2+|b|2-2|ab|=(|a|-|b|)2≥0,對任意實數(shù)都成立. 2. 如果0<a<b<1,P=log,Q=(loga+logb),M=log(a+b),那么P,Q,M的大小順序是 (  ) A.P>Q>M B.Q>P>M C.Q>M>P D.M>Q>P 答案 B 解析 因為P=log,Q=(loga+logb), M=log(a+b),所以只需比較,,的大小,顯然>.又因為<(因為a+b>,也就是<1),所以>>,而對數(shù)函數(shù)當(dāng)?shù)讛?shù)大于0且小于1時為減函數(shù),故Q>P>M. 3. 函數(shù)y=loga(x+3)-1 (a>0,且a≠1)的圖象恒過定點A,若點A在直線mx+ny+1=0上,其中m,n均大于0,則+的最小值為 (  ) A.2 B.4 C.8 D.16 答案 C 解析 點A(-2,-1),所以2m+n=1. 所以+=(2m+n)=4++≥8,當(dāng)且僅當(dāng)n=2m,即m=,n=時等號成立. 二、填空題(每小題5分,共15分) 4. 若正實數(shù)x,y滿足2x+y+6=xy,則xy的最小值是________. 答案 18 解析 由x>0,y>0,2x+y+6=xy,得 xy≥2+6(當(dāng)且僅當(dāng)2x=y(tǒng)時,取“=”), 即()2-2-6≥0, ∴(-3)(+)≥0. 又∵>0,∴≥3,即xy≥18. ∴xy的最小值為18. 5. 已知m、n、s、t∈R+,m+n=2,+=9,其中m、n是常數(shù),且s+t的最小值是,滿足條件的點(m,n)是圓(x-2)2+(y-2)2=4中一弦的中點,則此弦所在的直線方程為__________. 答案 x+y-2=0 解析 因(s+t)=m+n++ ≥m+n+2,所以m+n+2=4, 從而mn=1,得m=n=1,即點(1,1), 而已知圓的圓心為(2,2),所求弦的斜率為-1, 從而此弦的方程為x+y-2=0. 6. 定義“*”是一種運算,對于任意的x,y,都滿足x*y=axy+b(x+y),其中a,b為正實數(shù),已知1]    . 答案 1 解析 ∵1]∵2a+3b≥2,∴ab≤. 當(dāng)且僅當(dāng)2a=3b,即a=1時等號成立, 所以當(dāng)a=1時,ab取最大值. 三、解答題 7. (13分)甲、乙兩地相距s千米,一船由甲地逆水勻速行駛至乙地,水速為常量p(單位:千米/小時),船在靜水中的最大速度為q千米/小時(q>p).已知船每小時的燃料費用(單位:元)與船在靜水中的速度v(單位:千米/小時)的平方成正比,比例系數(shù)為k. (1)把全程燃料費用y(單位:元)表示為船在靜水中的速度v的函數(shù),并求出這個函數(shù)的定義域; (2)為了使全程燃料費用最小,船的實際前進速度應(yīng)為多少? 解 (1)由題意,知船每小時的燃料費用是kv2,全程航行時間為, 于是全程燃料費用y=kv2 (p<v≤q). (2)由(1),知y=kv2 =ks=ks[v+p+] =ks[v-p++2p] ≥ks[2+2p]=4ksp(當(dāng)且僅當(dāng)v-p=,即v=2p時等號成立). ①當(dāng)2p∈(p,q],即2p≤q時,ymin=4ksp,此時船的前進速度為2p-p=p; ②當(dāng)2p?(p,q],即2p>q時,函數(shù)y=kv2在(p,q]內(nèi)單調(diào)遞減,所以ymin=ks,此時船的前進速度為q-p. 故為了使全程燃料費用最小,當(dāng)2p≤q時,船的實際前進速度應(yīng)為p千米/小時;當(dāng)2p>q時,船的實際前進速度應(yīng)為(q-p)千米/小時.

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