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2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題1 高考客觀題?？贾R(shí) 第3講不等式與線性規(guī)劃理.doc

上傳人：tian****1990

文檔編號(hào)：2832695

上傳時(shí)間：2019-12-01

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《2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題1 高考客觀題?？贾R(shí) 第3講不等式與線性規(guī)劃理.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題1 高考客觀題常考知識(shí) 第3講不等式與線性規(guī)劃理.doc（9頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題1 高考客觀題常考知識(shí) 第3講不等式與線性規(guī)劃理不等式的解法 1.設(shè)f(x)=則不等式f(x)<2的解集為(　B　) (A)(,+∞) (B)(-∞,1)∪[2,) (C)(1,2]∪(,+∞) (D)(1,) 解析:原不等式等價(jià)于或即或解得2≤x<或x<1.故選B. 2.(xx山東卷)若函數(shù)f(x)=是奇函數(shù),則使f(x)>3成立的x的取值范圍為(　C　) (A)(-∞,-1) (B)(-1,0) (C)(0,1) (D)(1,+∞) 解析:f(-x)==, 由f(-x)=-f(x)得=-, 即1-a2x=-2x+a,化簡(jiǎn)得a(1+2x)=1+2x, 所以a=1. f(x)=.由f(x)>3,得00,a≠1)的圖象恒過定點(diǎn)A,若點(diǎn)A在直線mx+ny-1=0(mn>0)上,則+的最小值為(　B　) (A)3 (B)4 (C)5 (D)6 解析:函數(shù)y=a1-x(a>0,a≠1)的圖象恒過定點(diǎn)A(1,1), 又點(diǎn)A在直線mx+ny-1=0(mn>0)上, 所以m+n=1, 所以+=(m+n)(+) =2++ ≥2+2=4, 當(dāng)且僅當(dāng)m=n=時(shí)取等號(hào).故選B. 9.(xx河南鄭州市第一次質(zhì)量預(yù)測(cè))某三棱錐的三視圖如圖所示,且三個(gè)三角形均為直角三角形,則xy的最大值為(　C　) (A)32 (B)32 (C)64 (D)64 解析:設(shè)該三棱錐的高為h,由三視圖知, 兩式相減并整理得x2+y2=128. 又因?yàn)閤y≤==64(僅當(dāng)x=y時(shí)取等號(hào)). 10.(xx廣東深圳市第一次調(diào)研考試)已知向量a=(-1,1), b=(1,)(x>0,y>0),若a⊥b,則x+4y的最小值為　　　　. 解析:由a⊥b得-1+=0,+=1, (x+4y)(+)=5++≥2+5=9.（當(dāng)且僅當(dāng)=時(shí)取等號(hào)）答案:9 一、選擇題 1.(xx四川資陽市三模)已知loa (C)ln(a-b)>0 (D)3a-b<1 解析:因?yàn)閥=lox是定義域上的減函數(shù), 且loab>0. 又因?yàn)閥=()x是定義域R上的減函數(shù), 所以()a<()b; 又因?yàn)閥=xb在(0,+∞)上是增函數(shù),所以（）b<（）b; 所以（）a<（）b,選項(xiàng)A正確. 2.(xx湖南卷)若變量x,y滿足約束條件則z=3x-y的最小值為(　A　) (A)-7 (B)-1 (C)1 (D)2 解析:畫出可行域如圖所示.當(dāng)直線y=3x-z過點(diǎn)C(-2,1)時(shí),z取最小值, 故zmin=3(-2)-1=-7.故選A. 3.(xx廣西柳州市、北海市、欽州市1月份模擬)設(shè)變量x,y滿足約束條件則z=2x的最小值為(　B　) (A) (B) (C) (D) 解析:可得z=2x-2y, 設(shè)m=x-2y, 不等式組表示的平面區(qū)域如圖陰影部分, 平移直線l:y=x, 由圖象可知直線l經(jīng)過點(diǎn)A時(shí),其截距最大,m最小,z最小, 解方程組得A(2,2),則z最小=. 4.(xx江西南昌市第一次模擬)已知實(shí)數(shù)x,y滿足若目標(biāo)函數(shù)z=2x+y的最大值與最小值的差為2,則實(shí)數(shù)m的值為(　C　) (A)4 (B)3 (C)2 (D)- 解析:作出可行域如圖,根據(jù)目標(biāo)函數(shù)的幾何意義可轉(zhuǎn)化為直線y=-2x+z的截距,可知在N點(diǎn)z取最小值,在M點(diǎn)z取最大值. 因?yàn)镹(m-1,m),M(4-m,m), 所以zM-zN=2(4-m)+m-2(m-1)-m=10-4m=2, 所以m=2. 5.(xx甘肅省河西五地市高三第一次聯(lián)考)已知集合{(x,y)| }表示的平面區(qū)域?yàn)棣?若在區(qū)域Ω內(nèi)任取一點(diǎn)P(x,y),則點(diǎn)P的坐標(biāo)滿足不等式x2+y2≤2的概率為(　D　) (A) (B) (C) (D) 解析:作出不等式組對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域如圖,則對(duì)應(yīng)的區(qū)域?yàn)椤鰽OB. 由解得即B(4,-4). 由解得即A（,）. 直線2x+y-4=0與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為(2,0), 則△OAB的面積S=2+24=. 點(diǎn)P的坐標(biāo)滿足不等式x2+y2≤2區(qū)域面積S=π()2=, 由幾何概型的概率公式得點(diǎn)P的坐標(biāo)滿足不等式x2+y2≤2的概率為=.故選D. 6.(xx陜西卷)某企業(yè)生產(chǎn)甲、乙兩種產(chǎn)品均需用A,B兩種原料,已知生產(chǎn)1噸每種產(chǎn)品所需原料及每天原料的可用限額如表所示,如果生產(chǎn)1噸甲、乙產(chǎn)品可獲利潤(rùn)分別為3萬元、4萬元,則該企業(yè)每天可獲得最大利潤(rùn)為(　D　) 甲乙原料限額 A(噸) 3 2 12 B(噸) 1 2 8 (A)12萬元 (B)16萬元 (C)17萬元 (D)18萬元解析: 設(shè)該企業(yè)每天生產(chǎn)甲產(chǎn)品x噸,乙產(chǎn)品y噸,每天獲得的利潤(rùn)為z 萬元, 則有z=3x+4y, 由題意得x,y滿足不等式組表示的可行域是以O(shè)(0,0),A(4,0),B(2,3),C(0,4)為頂點(diǎn)的四邊形及其內(nèi)部. 根據(jù)線性規(guī)劃的有關(guān)知識(shí),知當(dāng)直線3x+4y-z=0過點(diǎn)B(2,3)時(shí),z取最大值18, 故該企業(yè)每天可獲得最大利潤(rùn)為18萬元.故選D. 7.設(shè)f(x)=ln x,0p (C)p=rq 解析:由題意得p=ln ,q=ln ,r=(ln a+ln b)=ln =p,因?yàn)?, 所以ln >ln ,所以p=r0,b>0)滿足約束條件且最大值為40,則+的最小值為(　B　) (A) (B) (C)1 (D)4 解析:不等式表示的平面區(qū)域?yàn)槿鐖D陰影部分, 當(dāng)直線z=ax+by(a>0,b>0)過直線x-y+2=0與直線2x-y-6=0的交點(diǎn)(8,10)時(shí), 目標(biāo)函數(shù)z=ax+by(a>0,b>0)取得最大值40, 即8a+10b=40,即4a+5b=20, 而+=(+) =+(+)≥+1=. 故選B. 9.(xx山東卷)已知x,y滿足約束條件當(dāng)目標(biāo)函數(shù)z=ax+by(a>0,b>0)在該約束條件下取到最小值2時(shí), a2+b2的最小值為(　B　) (A)5 (B)4 (C) (D)2 解析:不等式組表示的平面區(qū)域如圖中陰影部分所示,根據(jù)目標(biāo)函數(shù)的幾何意義可知,目標(biāo)函數(shù)在點(diǎn)A(2,1)處取得最小值,故2a+b=2. 法一　將2a+b=2兩邊分別平方得4a2+b2+4ab=20,而4ab=2a2b≤a2+4b2,當(dāng)且僅當(dāng)a=2b, 即a=,b=時(shí)取等號(hào). 所以20≤4a2+b2+a2+4b2=5(a2+b2), 所以a2+b2≥4, 即a2+b2的最小值為4.故選B. 法二　將2a+b=2看作平面直角坐標(biāo)系aOb中的直線,則a2+b2的幾何意義是直線上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)距離的平方,故其最小值為坐標(biāo)原點(diǎn)到直線2a+b=2距離的平方,即()2=4.故選B. 10.(xx重慶卷)若不等式組表示的平面區(qū)域?yàn)槿切?且其面積等于,則m的值為(　B　) (A)-3 (B)1 (C) (D)3 解析: 作出不等式組表示的平面區(qū)域如圖中陰影部分所示, 由圖可知,要使不等式組表示的平面區(qū)域?yàn)槿切? 則m>-1. 由解得即A(1-m,1+m). 由解得即B(-m,+m). 因?yàn)镾△ABC=S△ADC-S△BDC =(2+2m)[(1+m)-(+m)] =(m+1)2=, 所以m=1或m=-3(舍去),故選B. 11.(xx四川宜賓市二診)已知集合A={x∈R|x4+mx-2=0},滿足a∈A的所有點(diǎn)M(a,)均在直線y=x的同側(cè),則實(shí)數(shù)m的取值范圍是(　A　) (A)(-∞,-)∪(,+∞) (B)(-,-1)∪(1,) (C)(-5,-)∪(,6) (D)(-∞,-6)∪(6,+∞) 解析:因?yàn)榧螦={x∈R|x4+mx-2=0}, 所以方程的根顯然x≠0,原方程等價(jià)于x3+m=, 原方程的實(shí)根是曲線y=x3+m與曲線y=的交點(diǎn)的橫坐標(biāo), 而曲線y=x3+m是由曲線y=x3向上或向下平移|m|個(gè)單位而得到的, 若交點(diǎn)(xi,)(i=1,2)均在直線y=x的同側(cè), 因直線y=x與y=交點(diǎn)為(-,-),(,); 所以結(jié)合圖象可得或解得m>或m<-.故選A. 12.已知函數(shù)f(x)=x+sin x(x∈R),且f(y2-2y+3)+f(x2-4x+1)≤0,則當(dāng)y≥1時(shí),的取值范圍是(　A　) (A)[,] (B)[0,] (C)[,] (D)[0,] 解析:因?yàn)閒(-x)=-x+sin(-x)=-f(x), 且f′(x)=1+cos x≥0, 所以函數(shù)f(x)為奇函數(shù),且在R上是增函數(shù). 所以由f(y2-2y+3)+f(x2-4x+1)≤0, 得f(y2-2y+3)≤f(-x2+4x-1), 所以y2-2y+3≤-x2+4x-1, 即(x-2)2+(y-1)2≤1, 其表示圓(x-2)2+(y-1)2=1及其內(nèi)部. 表示滿足的點(diǎn)P與定點(diǎn)A(-1,0)連線的斜率. 結(jié)合圖形分析可知,直線AC的斜率=最小, 切線AB的斜率tan∠BAX=tan 2∠PAX = ==最大. 故選A. 二、填空題 13.(xx江蘇卷)不等式<4的解集為　　　　. 解析:不等式<4可轉(zhuǎn)化為<22,由指數(shù)函數(shù)y=2x為增函數(shù)知x2-x<2,解得-10,則x的取值范圍是　　　　. 解析: 由題意,得函數(shù)f(x)的草圖如圖所示. 因?yàn)閒(x-1)>0, 所以|x-1|<2, 所以-20恒成立,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是　　　　. 解析:不等式+-m>0恒成立, 即3(+)>3m恒成立. 又正數(shù)a,b滿足a+2b=3, (a+2b)(+)=+++2≥, 當(dāng)且僅當(dāng)a=b=1時(shí)取“=”, 所以實(shí)數(shù)m的取值范圍是(-∞,). 答案:(-∞,) 16.(xx浙江卷)已知函數(shù)f(x)=則f(f(-3))=　　　, f(x)的最小值是　　　　. 解析:因?yàn)?3<1, 所以f(-3)=lg[(-3)2+1]=lg 10=1, 所以f(f(-3))=f(1)=1+-3=0. 當(dāng)x≥1時(shí),f(x)=x+-3≥2-3(當(dāng)且僅當(dāng)x=時(shí),取“=”),當(dāng)x<1時(shí),x2+1≥1, 所以f(x)=lg(x2+1)≥0, 又因?yàn)?-3<0,所以f(x)min=2-3. 答案:0　2-3

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