新課標(biāo)高三數(shù)學(xué) 一輪復(fù)習(xí) 第11篇 第4節(jié) 直接證明與間接證明、數(shù)學(xué) 歸納法課時(shí)訓(xùn)練 理

《新課標(biāo)高三數(shù)學(xué) 一輪復(fù)習(xí) 第11篇 第4節(jié) 直接證明與間接證明、數(shù)學(xué) 歸納法課時(shí)訓(xùn)練 理》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新課標(biāo)高三數(shù)學(xué) 一輪復(fù)習(xí) 第11篇 第4節(jié) 直接證明與間接證明、數(shù)學(xué) 歸納法課時(shí)訓(xùn)練 理（8頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 【導(dǎo)與練】（新課標(biāo)）20xx屆高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第11篇 第4節(jié) 直接證明與間接證明、數(shù)學(xué)歸納法課時(shí)訓(xùn)練 理 【選題明細(xì)表】 知識點(diǎn)、方法 題號 綜合法 2、5、8、10、14、16 分析法 3、7、11 反證法 1、9 數(shù)學(xué)歸納法 4、6、12、13、15 基礎(chǔ)過關(guān) 一、選擇題 1.用反證法證明某命題時(shí),對結(jié)論“自然數(shù)a,b,c中恰有一個(gè)偶數(shù)”正確的反設(shè)是(　B　) (A)自然數(shù)a,b,c中至少有兩個(gè)偶數(shù) (B)自然數(shù)a,b,c中至少有兩個(gè)偶數(shù)或都是奇數(shù) (C)自然數(shù)a,b,c都是奇數(shù) (D)自然數(shù)a,b,c都是偶數(shù) 解析:“恰有一個(gè)偶數(shù)”

2、反面應(yīng)是“至少有兩個(gè)偶數(shù)或都是奇數(shù)”.故選B. 2.設(shè)x,y,z>0,則三個(gè)數(shù)yx+yz,zx+zy,xz+xy(　C　) (A)都大于2 (B)至少有一個(gè)大于2 (C)至少有一個(gè)不小于2 (D)至少有一個(gè)不大于2 解析:由于yx+yz+zx+zy+xz+xy=（yx+xy）+（zx+xz）+（yz+zy）≥2+2+2=6, ∴yx+yz,zx+zy,xz+xy中至少有一個(gè)不小于2.故選C. 3.分析法又稱執(zhí)果索因法,若用分析法證明:“設(shè)a>b>c,且a+b+c=0,求證b2-ac<3a”索的因應(yīng)是(　C　) (A)a-b>0

3、(B)a-c>0 (C)(a-b)(a-c)>0 (D)(a-b)(a-c)<0 解析:由a>b>c,且a+b+c=0可得b=-a-c,a>0,c<0. 要證b2-ac<3a,只要證(-a-c)2-ac<3a2,即證a2-ac+a2-c2>0, 即證a(a-c)+(a+c)(a-c)>0, 即證a(a-c)-b(a-c)>0, 即證(a-c)(a-b)>0. 故求證“b2-ac<3a”索的因應(yīng)是(a-c)(a-b)>0. 4.用數(shù)學(xué)歸納法證明不等式1+12+14+…+12n-1>12

4、764成立,起始值至少應(yīng)取為(　B　) (A)7 (B)8 (C)9 (D)10 解析:左邊的和為1-12n1-12=2-21-n,當(dāng)n=8時(shí),和為2-2-7>12764. 5.(20xx合肥一模)對于函數(shù)f(x),若?a,b,c∈R,f(a),f(b),f(c)都是某一三角形的三邊長,則稱f(x)為“可構(gòu)造三角形函數(shù)”.以下說法正確的是(　D　) (A)f(x)=1(x∈R)不是“可構(gòu)造三角形函數(shù)” (B)“可構(gòu)造三角形函數(shù)”一定是單調(diào)函數(shù) (C)f(x)=1x2+1(x∈R)是“可構(gòu)造三角形函數(shù)” (D)若定義在R上的函數(shù)f(x)的值域是[e,e](e為自然對數(shù)的底數(shù))

5、,則f(x)一定是“可構(gòu)造三角形函數(shù)” 解析:對于A選項(xiàng),由題設(shè)所給的定義知,?a,b,c∈R,f(a),f(b),f(c)都是某一正三角形的三邊長,是“可構(gòu)造三角形函數(shù)”,故A選項(xiàng)錯(cuò)誤; 對于B選項(xiàng),由A選項(xiàng)判斷過程知,B選項(xiàng)錯(cuò)誤; 對于C選項(xiàng),當(dāng)a=0,b=3,c=3時(shí),f(a)=1>f(b)+f(c)=15,不構(gòu)成三角形,故C錯(cuò)誤; 對于D選項(xiàng),由于e+e>e,可知,定義在R上的函數(shù)f(x)的值域是[e,e](e為自然對數(shù)的底數(shù)), 則f(x)一定是“可構(gòu)造三角形函數(shù)”. 6.(20xx青島市高三月考)用數(shù)學(xué)歸納法證明1n+1+1n+2+…+12n>1134

6、時(shí),由k到k+1,不等式左邊的變化是(　C　) (A)增加12(k+1)項(xiàng) (B)增加12k+1和12k+2兩項(xiàng) (C)增加12k+1和12k+2兩項(xiàng)同時(shí)減少1k+1項(xiàng) (D)以上結(jié)論都不對 解析:n=k時(shí),左邊=1k+1+1k+2+…+1k+k n=k+1時(shí),左邊=1(k+1)+1+1(k+1)+2+…+1(k+1)+(k+1), 由“n=k”變成“n=k+1”時(shí),不等式左邊的變化是12k+1+12k+2-1k+1. 二、填空題 7.設(shè)a>b>0,m=a-b,n=a-b,則m,n的大小關(guān)系是　　　　.  解析:法一　取a=2,b=1,得m<n.

7、 法二　a-b<a-b?b+a-b>a?a<b+2b·a-b+a-b?2b·a-b>0,顯然成立,故m<n. 答案:m<n 8.已知點(diǎn)An(n,an)為函數(shù)y=x2+1圖象上的點(diǎn),Bn(n,bn)為函數(shù)y=x圖象上的點(diǎn),其中n∈N*,設(shè)cn=an-bn,則cn與cn+1的大小關(guān)系為　　　　.  解析:由條件得cn=an-bn=n2+1-n=1n2+1+n, ∴cn隨n的增大而減小. ∴cn+1<cn. 答案:cn+1<cn 9.用反證法證明:若整系數(shù)一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)有有理數(shù)根

8、,那么a、b、c中至少有一個(gè)是偶數(shù).用反證法證明時(shí),假設(shè)的內(nèi)容是　　　　.  解析:“至少有一個(gè)是”的否定為“都不是”. 答案:假設(shè)a,b,c都不是偶數(shù) 10.(20xx福建模擬)對于30個(gè)互異的實(shí)數(shù),可以排成m行n列的矩形數(shù)陣,如圖所示的5行6列的矩形數(shù)陣就是其中之一. x1　x2　·　·　·　x6 y1　y2　·　·　·　y6 ·　·　·　·　·　· ·　·　·　·　·　· z1　z2　

9、·　·　·　z6 將30個(gè)互異的實(shí)數(shù)排成m行n列的矩形數(shù)陣后,把每行中最大的數(shù)選出,記為a1,a2,…,am,并設(shè)其中最小的數(shù)為a;把每列中最小的數(shù)選出,記為b1,b2,…,bn,并設(shè)其中最大的數(shù)為b. 兩位同學(xué)通過各自的探究,分別得出兩個(gè)結(jié)論如下: ①a和b必相等;②a和b可能相等;③a可能大于b;④b可能大于a. 以上四個(gè)結(jié)論中,正確結(jié)論的序號是　　　　(請寫出所有正確結(jié)論的序號).  解析:不妨假設(shè)m行n列的矩形數(shù)陣,為如題圖所示的5行6列的矩形數(shù)陣, 則由題意可得a的最小值為6,最大值為30; 而b的最小值為6,最大值為26,且在同

10、一個(gè)5行6列的矩形數(shù)陣中,一定有a≥b, 故②③正確,而①④不正確. 答案:②③ 三、解答題 11.已知a>0,求證:a2+1a2-2≥a+1a-2. 證明:要證a2+1a2-2≥a+1a-2. 只要證a2+1a2+2≥a+1a+2. ∵a>0,故只要證a2+1a2+22≥a+1a+22, 即a2+1a2+4a2+1a2+4≥a2+2+1a2+ 22a+1a+2, 從而只要證2a2+1a2≥2a+1a, 只要證4a2+1a2≥2a2+2+1a2,即a2+1a2≥2, 而上述不等式顯然成立,故原不等式成立. 12.(20xx湖南常德模擬)設(shè)a>0,f(

11、x)=axa+x,令a1=1,an+1=f(an),n∈N*. (1)寫出a2,a3,a4的值,并猜想數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)用數(shù)學(xué)歸納法證明你的結(jié)論. (1)解:∵a1=1,∴a2=f(a1)=f(1)=a1+a; a3=f(a2)=a2+a;a4=f(a3)=a3+a. 猜想an=a(n-1)+a(n∈N*). (2)證明:①易知,n=1時(shí),猜想正確. ②假設(shè)n=k時(shí)猜想正確, 即ak=a(k-1)+a, 則ak+1=f(ak)=a·aka+ak=a·a(k-1)+aa+a(k-1)+a =a(k-1)+a+1=a[(k+1)-1]+a.

12、這說明,n=k+1時(shí)猜想正確. 由①②知,對于任何n∈N*,都有an=a(n-1)+a. 能力提升 13.(20xx安慶高三月考)用數(shù)學(xué)歸納法證明2n>n2(n≥5,n∈N+),第一步應(yīng)驗(yàn)證(　B　) (A)n=4 (B)n=5 (C)n=6 (D)n=7 解析:根據(jù)數(shù)學(xué)歸納法的步驟,首先要驗(yàn)證當(dāng)n取第一個(gè)值時(shí)命題成立; 又n≥5,所以第一步驗(yàn)證n=5. 14.已知三個(gè)不等式①ab>0;②ca>db;③bc>ad.以其中兩個(gè)作條件,余下一個(gè)作結(jié)論,則可組成　　　　個(gè)正確命題.  解析:此題共可組成三個(gè)命題即①②?③;①③?②;②③?①.若ab&

13、gt;0,ca>db,則ca-db=bc-adab>0,得bc-ad>0,即可得命題①②?③正確;若ab>0,bc>ad,則bc-adab=ca-db>0,得ca>db,即命題①③?②正確;若bc>ad,ca>db,則ca-db=bc-adab>0,得ab>0,即命題②③?①正確.綜上可得正確的命題有三個(gè). 答案:三 15.數(shù)列{an}滿足Sn=2n-an(n∈N+) (1)計(jì)算a1,a2,a3,a4; (2)猜想通項(xiàng)公式an,并用數(shù)學(xué)歸納法證明. 解:(1)由a1=2-a1,得a1=1, 由a1+a2=2×

14、;2-a2,得a2=32, 由a1+a2+a3=2×3-a3,得a3=74, 由a1+a2+a3+a4=2×4-a4,得a4=158. (2)猜想an=2n-12n-1(n∈N+).證明如下: ①當(dāng)n=1,由上面計(jì)算可知猜想成立; ②假設(shè)n=k時(shí)猜想成立,即ak=2k-12k-1, 此時(shí)Sk=2k-ak=2k-2k-12k-1, 當(dāng)n=k+1時(shí),Sk+1=2(k+1)-ak+1, 得Sk+ak+1=2(k+1)-ak+1. 因此ak+1=12[2(k+1)-Sk] =k+1-12（2k-2k-12k-1） =2k+1-12(k+1)-1. ∴當(dāng)n=k

15、+1時(shí)也成立, ∴an=2n-12n-1(n∈N+). 探究創(chuàng)新 16.設(shè)集合W是滿足下列兩個(gè)條件的無窮數(shù)列{an}的集合:①an+an+22≤an+1;②an≤M,其中n∈N*,M是與n無關(guān)的常數(shù). (1)若{an}是等差數(shù)列,Sn是其前n項(xiàng)的和,a3=4,S3=18,試探究{Sn}與集合W之間的關(guān)系; (2)設(shè)數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式為bn=5n-2n,且{bn}?W,M的最小值為m,求m的值; (3)在(2)的條件下,設(shè)Cn=15[bn+(m-5)n]+2,求證:數(shù)列{Cn}中任意不同的三項(xiàng)都不能成為等比數(shù)列. (1)解:∵a3=4,S3=18, ∴a1=8,d=-2.

16、∴Sn=-n2+9n. Sn+Sn+22<Sn+1滿足條件①, Sn=-（n-92）2+814, 當(dāng)n=4或5時(shí),Sn取最大值20. ∴Sn≤20滿足條件②, ∴{Sn}?W. (2)解:bn=5n-2n可知{bn}中最大項(xiàng)是b3=7, ∴M≥7,M的最小值為7. 即m=7. (3)證明:由(2)知Cn=n+2,假設(shè){Cn}中存在三項(xiàng)cp,cq,cr(p,q,r互不相等)成等比數(shù)列,則cq2=cp·cr, ∴(q+2)2=(p+2)(r+2), ∴(q2-pr)+(2q-p-r)2=0, ∵p,q,r∈N*, ∴q2=pr,2q-p-r=0. 消去q得(p-r)2=0, ∴p=r,與p≠r矛盾. ∴{Cn}中任意不同的三項(xiàng)都不能成為等比數(shù)列.