新編人教版高中數(shù)學(xué)選修11:2.3 拋 物 線 課時(shí)提升作業(yè)十七 2.3.2.2 含解析
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1、新編人教版精品教學(xué)資料 課時(shí)提升作業(yè)(十七) 拋物線方程及性質(zhì)的應(yīng)用 (25分鐘 60分) 一、選擇題(每小題5分,共25分) 1.拋物線y=14x2的焦點(diǎn)關(guān)于直線x-y-1=0的對(duì)稱點(diǎn)的坐標(biāo)是 ( ) A.(2,-1) B.(1,-1) C.14,-14 D.116,-116 【解析】選A.y=14x2?x2=4y,焦點(diǎn)為(0,1),其關(guān)于x-y-1=0的對(duì)稱點(diǎn)為(2,-1). 2.(2015·全國(guó)卷Ⅰ)已知橢圓E的中心為坐標(biāo)原點(diǎn),離心率為12,E的右焦點(diǎn)與拋物線C:y2=8x的焦點(diǎn)重合,點(diǎn)A,B是C的準(zhǔn)線與E的兩個(gè)交點(diǎn),則AB=( ) A.3
2、 B.6 C.9 D.12 【解析】選B.設(shè)橢圓E的方程為x2a2+y2b2=1(a>b>0),右焦點(diǎn)為(c,0),依題意得c=2,ca=12,解得a=4,由b2=a2-c2=16-4=12,所以橢圓E的方程為x216+y212=1,因?yàn)閽佄锞€C:y2=8x的準(zhǔn)線為x=-2,將x=-2代入到x216+y212=1,解得A(-2,3),B(-2,-3),故AB=6. 3.已知拋物線C:x2=12y,過點(diǎn)A(0,-1)和點(diǎn)B(t,3)的直線與拋物線C沒有公共點(diǎn),則實(shí)數(shù)t的取值范圍是 ( ) A.(-∞,-1)∪(1,+∞) B.-∞,-22∪22,+∞ C.(-∞,-22)
3、∪(22,+∞) D.(-∞,-2)∪(2,+∞) 【解析】選D.顯然t≠0,直線AB的方程為y=4tx-1,代入拋物線方程得2tx2-4x+t=0. 由題意Δ=16-8t2<0,解得t<-2或t>2. 【補(bǔ)償訓(xùn)練】設(shè)拋物線y2=8x的準(zhǔn)線與x軸交于點(diǎn)Q,若過點(diǎn)Q的直線與拋物線有公共點(diǎn),則直線斜率的取值范圍是 ( ) A.-12,12 B.[-2,2] C.[-1,1] D.[-4,4] 【解析】選C.準(zhǔn)線x=-2,Q(-2,0),設(shè)y=k(x+2), 由y=k(x+2),y2=8x得k2x2+4(k2-2)x+4k2=0, 當(dāng)k=0時(shí),x=0,即交點(diǎn)為(0
4、,0),當(dāng)k≠0時(shí),Δ≥0,
-1≤k<0或0 5、23=43.
5.(2015·成都高二檢測(cè))將兩個(gè)頂點(diǎn)在拋物線y2=2px(p>0)上,另一個(gè)頂點(diǎn)是此拋物線焦點(diǎn)的正三角形個(gè)數(shù)記為n,則 ( )
A.n=0 B.n=1
C.n=2 D.n≥3
【解題指南】借助拋物線及正三角形的對(duì)稱性求解本題,注意數(shù)形結(jié)合.
【解析】選C.根據(jù)拋物線的對(duì)稱性,正三角形的兩個(gè)頂點(diǎn)一定關(guān)于x軸對(duì)稱,且過焦點(diǎn)的兩條直線傾斜角分別為30°和150°,如圖,所以正三角形的個(gè)數(shù)n=2.
二、填空題(每小題5分,共15分)
6.沿直線y=-2發(fā)出的光線經(jīng)拋物線y2=ax反射后,與x軸相交于點(diǎn)A(2,0),則拋物線的準(zhǔn)線方程為 ( 6、拋物線的光學(xué)性質(zhì):從焦點(diǎn)發(fā)出的光線經(jīng)拋物線反射后與軸平行).
【解析】由直線y=-2平行于拋物線的對(duì)稱軸知A(2,0)為焦點(diǎn),故準(zhǔn)線方程為x=-2.
答案:x=-2
7.直線y=x-1被拋物線y2=4x截得線段的中點(diǎn)坐標(biāo)是 .
【解析】設(shè)直線y=x-1與拋物線y2=4x交于A(x1,y1),
B(x2,y2),其中點(diǎn)為P(x0,y0),
由題意得y=x-1,y2=4x,
消去y,整理得(x-1)2=4x,即x2-6x+1=0.
所以x0=x1+x22=3,y0=x0-1=2.所以P(3,2).
答案:(3,2)
【一題多解】y22=4x2,y12=4x1,y22-y1 7、2=4x2-4x1,(y2-y1)·(y2+y1)x2-x1=4.
所以y1+y2=4,即y0=2,因此x0=y0+1=3.故中點(diǎn)為P(3,2).
答案:(3,2)
8.(2015·吉林高二檢測(cè))已知拋物線y2=2px(p>0)的準(zhǔn)線為l,過M(1,0)且斜率為3的直線與l相交于點(diǎn)A,與拋物線的一個(gè)交點(diǎn)為B,若AM→=MB→,則p= .
【解析】由題知準(zhǔn)線l為x=-p2(p>0),
過點(diǎn)M且斜率為3的直線為y=3(x-1),
則A-p2,3-p2-1,
設(shè)B(x,0),由AM→=MB→可知
M為AB的中點(diǎn),又M(1,0),
所以-p2+x=2,3-p2-1+y=0,
8、即x=2+p2,y=3p2+1,
代入y2=2px可知,
p2+4p-12=0,
即p=2或p=-6(舍去).
答案:2
三、解答題(每小題10分,共20分)
9.如圖,直線l:y=x+b與拋物線C:x2=4y相切于點(diǎn)A.
(1)求實(shí)數(shù)b的值.
(2)求以點(diǎn)A為圓心,且與拋物線C的準(zhǔn)線相切的圓的方程.
【解題指南】利用直線l與拋物線C相切,聯(lián)立方程,由Δ=0求實(shí)數(shù)b的值;由直線與圓相切求圓的方程.
【解析】(1)由y=x+b,x2=4y,得x2-4x-4b=0.(*)
因?yàn)橹本€l與拋物線C相切,
所以Δ=(-4)2-4×(-4b)=0.
解得b=-1.
(2)由 9、(1)可知b=-1,故方程(*)為x2-4x+4=0.
解得x=2,代入x2=4y,得y=1,
故點(diǎn)A(2,1).
因?yàn)閳AA與拋物線C的準(zhǔn)線相切,
所以圓A的半徑r就等于圓心A到拋物線的準(zhǔn)線y=-1的距離,
即r=|1-(-1)|=2,
所以圓A的方程為(x-2)2+(y-1)2=4.
10.(2015·濟(jì)南高二檢測(cè))如圖,已知點(diǎn)P(-3,0),點(diǎn)Q在x軸上,點(diǎn)A在y軸上,且PA→·AQ→=0,QM→=2AQ→.當(dāng)點(diǎn)A在y軸上移動(dòng)時(shí),求動(dòng)點(diǎn)M的軌跡方程.
【解題指南】設(shè)出點(diǎn)M的坐標(biāo),利用PA→·AQ→=0,QM→=2AQ→,求動(dòng)點(diǎn)M的軌跡方程.
【解析】設(shè)動(dòng)點(diǎn)M(x,y) 10、,A(0,b),Q(a,0),
因?yàn)镻(-3,0),
所以PA→=(3,b),AQ→=(a,-b),QM→=(x-a,y),
因?yàn)镻A→·AQ→=0,
所以(3,b)·(a,-b)=0,即3a-b2=0.①
因?yàn)镼M→=2AQ→,
所以(x-a,y)=2(a,-b),即x=3a,y=-2b.②
由①②得y2=4x.
所以動(dòng)點(diǎn)M的軌跡方程為y2=4x.
【補(bǔ)償訓(xùn)練】若動(dòng)點(diǎn)P在y=2x2+1上移動(dòng),求點(diǎn)P與Q(0,-1)連線中點(diǎn)的軌跡方程.
【解析】設(shè)PQ中點(diǎn)為M(x,y),P(x0,y0),
則x=x0+02,y=y0-12,所以x0=2x,y0=2y+1.
又因?yàn)閥0= 11、2x02+1,所以2y+1=8x2+1.
即y=4x2為所求的軌跡方程.
(20分鐘 40分)
一、選擇題(每小題5分,共10分)
1.(2014·遼寧高考)已知點(diǎn)A(-2,3)在拋物線C:y2=2px的準(zhǔn)線上,過點(diǎn)A的直線與C在第一象限相切于點(diǎn)B,記C的焦點(diǎn)為F,則直線BF的斜率為 ( )
A.12 B.23 C.34 D.43
【解題指南】由直線與C相切求B點(diǎn)的坐標(biāo),由斜率公式求直線BF的斜率.
【解析】選D.因?yàn)閽佄锞€C:y2=2px的準(zhǔn)線為x=-p2,且點(diǎn)A(-2,3)在準(zhǔn)線上,所以p=4.設(shè)直線AB的方程為x+2=m(y-3),與拋物線方程y2=8x 12、聯(lián)立得到y(tǒng)2-8my+24m+16=0,由題易知Δ=0,解得m=-12(舍)或m=2,這時(shí)B點(diǎn)的坐標(biāo)為(8,8),而焦點(diǎn)F的坐標(biāo)為(2,0),故直線BF的斜率kBF=8-08-2=43.
2.(2014·四川高考)已知F為拋物線y2=x的焦點(diǎn),點(diǎn)A,B在該拋物線上且位于x軸的兩側(cè),OA→·OB→=2(其中O為坐標(biāo)原點(diǎn)),則△ABO與△AFO面積之和的最小值是 ( )
A.2 B.3 C.1728 D.10
【解析】選B.由題意可知,F14,0.設(shè)A(y12,y1),B(y22,y2),
所以O(shè)A→·OB→=y1y2+y12y22=2,
解得y1y2=1或y1y2= 13、-2.又因?yàn)锳,B兩點(diǎn)位于x軸兩側(cè),所以y1y2<0,即y1y2=-2.
當(dāng)y12≠y22時(shí),AB所在直線方程為y-y1=y1-y2y12-y22(x-y12)=1y1+y2(x-y12),
令y=0,得x=-y1y2=2,即直線AB過定點(diǎn)C(2,0).
于是S△ABO+S△AFO=S△ACO+S△BCO+S△AFO=12×2|y1|+12×2|y2|+12×14|y1|=18×(9|y1|+8|y2|)≥18×29|y1|×8|y2|=3,當(dāng)且僅當(dāng)9|y1|=8|y2|且y1y2=-2時(shí),等號(hào)成立.當(dāng)y12=y22時(shí),取y1=2,y2=-2,則AB所在直線的方程為x=2,此時(shí)求得S△A 14、BO+S△AFO=2×12×2×2+12×14×2=1728.而1728>3,故最小值為3.
【誤區(qū)警示】本題在求解時(shí)常因忽略條件“點(diǎn)A,B在該拋物線上且位于x軸的兩側(cè)”導(dǎo)致解題錯(cuò)誤.
二、填空題(每小題5分,共10分)
3.平面上有三個(gè)點(diǎn)A(-2,y),B0,y2,C(x,y),若AB⊥BC,則動(dòng)點(diǎn)C的軌跡方程為 .
【解析】AB→=0,y2-(-2,y)=2,-y2,BC→=(x,y)-0,y2=x,y2.因?yàn)锳B⊥BC,所以AB→·BC→=0,所以2,-y2·x,y2=0,即y2=8x.所以動(dòng)點(diǎn)C的軌跡方程為y2=8x.
答案:y2=8x
4.(2015·漳州高二檢測(cè)) 15、已知過拋物線y2=4x焦點(diǎn)的一條弦AB,A(x1,y1),B(x2,y2),AB所在直線與y軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為(0,2),則1y1+1y2= .
【解析】弦AB是過焦點(diǎn)F(1,0)的弦,又過點(diǎn)(0,2),
所以其方程為x+y2=1,
2x+y-2=0與y2=4x聯(lián)立得
y2+2y-4=0,y1+y2=-2,y1y2=-4,
1y1+1y2=y1+y2y1·y2=-2-4=12.
答案:12
【補(bǔ)償訓(xùn)練】線段AB是拋物線y2=x的一條焦點(diǎn)弦,且|AB|=4,則線段AB的中點(diǎn)C到直線x+12=0的距離是 .
【解析】線段AB的中點(diǎn)C到準(zhǔn)線x=-14的距離為|AB|長(zhǎng)的一半, 16、則中點(diǎn)C到直線x+12=0的距離為94.
答案:94
三、解答題(每小題10分,共20分)
5.如圖,過拋物線y2=x上一點(diǎn)A(4,2)作傾斜角互補(bǔ)的兩條直線AB,AC,交拋物線于B,C兩點(diǎn),求證:直線BC的斜率是定值.
【證明】設(shè)kAB=k(k≠0),
因?yàn)橹本€AB,AC的傾斜角互補(bǔ),
所以kAC=-k(k≠0),
AB的方程是y=k(x-4)+2.
由方程組y=k(x-4)+2,y2=x,
消去y后,整理得
k2x2+(-8k2+4k-1)x+16k2-16k+4=0.
因?yàn)锳(4,2),B(xB,yB)的橫坐標(biāo)是上述方程的解,
所以4·xB=16k2-16 17、k+4k2,
即xB=4k2-4k+1k2.
以-k代換xB中的k,得xC=4k2+4k+1k2,
所以kBC=yB-yCxB-xC=k(xB-4)+2-[-k(xC-4)+2]xB-xC
=k(xB+xC-8)xB-xC=k8k2+2k2-8-8kk2=-14.
所以直線BC的斜率是定值.
【補(bǔ)償訓(xùn)練】如圖,已知△AOB的一個(gè)頂點(diǎn)為拋物線y2=2x的頂點(diǎn)O,A,B兩點(diǎn)都在拋物線上,且∠AOB=90°.
(1)證明直線AB必過一定點(diǎn).
(2)求△AOB面積的最小值.
【解析】(1)設(shè)OA所在直線的方程為y=kx(k≠0),則直線OB的方程為y=-1kx,
由y=kx,y 18、2=2x,解得x=0,y=0或x=2k2,y=2k,
即A點(diǎn)的坐標(biāo)為2k2,2k.
同理由y=-1kx,y2=2x,
解得B點(diǎn)的坐標(biāo)為(2k2,-2k).
所以AB所在直線的方程為y+2k=2k+2k2k2-2k2(x-2k2),
化簡(jiǎn)并整理,得1k-ky=x-2.
不論實(shí)數(shù)k取任何不等于0的實(shí)數(shù),當(dāng)x=2時(shí),恒有y=0.
故直線過定點(diǎn)P(2,0).
(2)由于AB所在直線過定點(diǎn)P(2,0),所以可設(shè)AB所在直線的方程為x=my+2.
由x=my+2,y2=2x,消去x并整理得y2-2my-4=0.
所以y1+y2=2m,y1y2=-4.
于是|y1-y2|=(y1-y2 19、)2=(y1+y2)2-4y1y2=(2m)2+16=2m2+4.
S△AOB=12×|OP|×(|y1|+|y2|)
=12|OP|·|y1-y2|=12×2×2m2+4=2m2+4.
所以當(dāng)m=0時(shí),△AOB的面積取得最小值為4.
6.(2014·安徽高考)如圖,已知兩條拋物線E1:y2=2p1x(p1>0)和E2:y2=2p2x(p2>0),過原點(diǎn)O的兩條直線l1和l2,l1與E1,E2分別交于A1,A2兩點(diǎn),l2與E1,E2分別交于B1,B2兩點(diǎn).
(1)證明:A1B1∥A2B2.
(2)過原點(diǎn)O作直線l(異于l1,l2)與E1,E2分別交于C1,C2兩點(diǎn).記△A1B1C1 20、與△A2B2C2的面積分別為S1與S2,求S1S2的值.
【解題指南】(1)設(shè)出兩條直線的方程,聯(lián)立拋物線方程,求出點(diǎn)A1,A2,B1,B2的坐標(biāo),利用向量證明平行關(guān)系.
(2)利用兩個(gè)相似三角形的面積比等于相似比的平方進(jìn)行求解.
【解析】(1)設(shè)直線l1,l2的方程分別為y=k1x,y=k2x(k1,k2≠0),
則由y=k1x,y2=2p1x,?A12p1k12,2p1k1,
由y=k1x,y2=2p2x,?A22p2k12,2p2k1,
同理可得B12p1k22,2p1k2,B22p2k22,2p2k2,
所以A1B1→=2p1k22-2p1k12,2p1k2-2p1k1
=2p11k22-1k12,1k2-1k1,
A2B2→=2p2k22-2p2k12,2p2k2-2p2k1
=2p21k22-1k12,1k2-1k1,
故A1B1→=p1p2A2B2→,所以A1B1∥A2B2.
(2)由(1)知A1B1∥A2B2,同理可得B1C1∥B2C2,A1C1∥A2C2,所以△A1B1C1相似于
△A2B2C2,
因此S1S2=|A1B1→||A2B2→|2,又由(1)中的A1B1→=p1p2A2B2→知|A1B1→||A2B2→|=p1p2,故S1S2=p12p22.
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