《新版高三理科數(shù)學新課標二輪習題：專題三 三角函數(shù) 專題能力訓練10 Word版含答案》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《新版高三理科數(shù)學新課標二輪習題：專題三 三角函數(shù) 專題能力訓練10 Word版含答案（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、
1
2、 1
專題能力訓練10 三角變換與解三角形
能力突破訓練
1.在△ABC中,若sin2A≤sin2B+sin2C-sin Bsin C,則A的取值范圍是( )
A.0,π6 B.π6,π
C.0,π3 D.π3,π
2.已知cos(π-2α)sinα-π4=-22,則sin α+cos α等于( )
A.-72 B.72 C.1
3、2 D.-12
3.在△ABC中,角A,B,C的對邊分別為a,b,c.若(a2+c2-b2)tan B=3ac,則角B的值為( )
A.π6 B.π3
C.π6或5π6 D.π3或2π3
4.在△ABC中,∠ABC=π4,AB=2,BC=3,則sin∠BAC等于( )
A.1010 B.105 C.31010 D.55
5.(20xx湖北七市一調)已知△ABC中,角A,B,C對邊分別為a,b,c,C=120°,a=2b,則tan A= .?
6.△ABC的內角A,B,C的對邊分別為a,b,c,若cos A=45,cos C=513,a=1,則b= .?
7.
4、設△ABC的內角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,若三邊的長為連續(xù)的三個正整數(shù),且A>B>C,3b=20acos A,則sin A∶sin B∶sin C= .?
8.在△ABC中,a2+c2=b2+2ac.
(1)求B的大小;
(2)求2cos A+cos C的最大值.
9.(20xx北京,理15)在△ABC中,∠A=60°,c=37a.
(1)求sin C的值;
(2)若a=7,求△ABC的面積.
10.設△ABC的內角A,B,C的對邊
5、分別為a,b,c,a=btan A,且B為鈍角.
(1)證明:B-A=π2;
(2)求sin A+sin C的取值范圍.
11.設f(x)=sin xcos x-cos2x+π4.
(1)求f(x)的單調區(qū)間;
(2)在銳角△ABC中,角A,B,C的對邊分別為a,b,c.若fA2=0,a=1,求△ABC面積的最大值.
思維提升訓練
12.若0<α<π2,-π2<β<0,cosπ4+α=13,cosπ4-β2=33,則cosα+β2等于( )
6、A.33 B.-33 C.539 D.-69
13.在△ABC中,角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,且滿足csin A=acos C.當3sin A-cosB+π4取最大值時,角A的大小為( )
A.π3 B.π4 C.π6 D.2π3
14.(20xx湖北荊州一模)在△ABC中,邊AB的垂直平分線交邊AC于點D,若C=π3,BC=8,BD=7,則△ABC的面積為 .?
15.(20xx河北石家莊二檢)已知sinπ4+αsinπ4-α=16,α∈π2,π,則sin 4α的值為 .?
16.在銳角三角形ABC中,若sin A=2sin Bsin C,則tan At
7、an Btan C的最小值是 .?
17.在△ABC中,三個內角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,π3
8、nα-π4=sin2α-π2sinα-π4=2cosα-π4=2cosα+2sinα=-22,
∴sinα+cosα=-12,故選D.
3.D 解析由(a2+c2-b2)tanB=3ac,得a2+c2-b22ac=32·cosBsinB,即cosB=32·cosBsinB,則sinB=32.
∵0
9、inπ45=3×225=31010.
5.32 解析借助題設條件,先運用正弦定理將三角形中的邊的關系轉化化歸為角的關系,再求解含角A的三角方程.
由正弦定理可得sinA=2sinB,因為B=180°-A-120°=60°-A,
所以sinA=2sin(60°-A),即sinA=3cosA-sinA,
所以2sinA=3cosA,故tanA=32.
6.2113 解析因為cosA=45,cosC=513,且A,C為△ABC的內角,所以sinA=35,sinC=1213,sinB=sin[π-(A+C)]=sin(A+C)=sinAcosC+cosAsinC=6365.
又因為asin
10、A=bsinB,所以b=asinBsinA=2113.
7.6∶5∶4 解析∵A>B>C,∴a>b>c.設a=b+1,c=b-1(b>1,且b∈N*),由3b=20acosA得3b=20(b+1)×b2+(b-1)2-(b+1)22b(b-1),化簡,得7b2-27b-40=0.解得b=5或b=-87(舍去),∴a=6,c=4,
∴sinA∶sinB∶sinC=6∶5∶4.
8.解(1)由余弦定理及題設得cosB=a2+c2-b22ac=2ac2ac=22.
又因為0
11、2cosA-22cosA+22sinA
=22cosA+22sinA=cosA-π4.
因為0
12、sinB,
所以sinB=cosA,即sinB=sinπ2+A.
又B為鈍角,因此π2+A∈π2,π,故B=π2+A,即B-A=π2.
(2)解由(1)知,C=π-(A+B)=π-2A+π2=π2-2A>0,所以A∈0,π4,于是sinA+sinC=sinA+sinπ2-2A=sinA+cos2A=-2sin2A+sinA+1=-2sinA-142+98.
因為0
13、1-sin2x2=sin2x-12.
由-π2+2kπ≤2x≤π2+2kπ,k∈Z,可得-π4+kπ≤x≤π4+kπ,k∈Z;
由π2+2kπ≤2x≤3π2+2kπ,k∈Z,可得π4+kπ≤x≤3π4+kπ,k∈Z.所以f(x)的單調遞增區(qū)間是-π4+kπ,π4+kπ(k∈Z);
單調遞減區(qū)間是π4+kπ,3π4+kπ(k∈Z).
(2)由fA2=sinA-12=0,得sinA=12,
由題意知A為銳角,所以cosA=32.
由余弦定理a2=b2+c2-2bccosA,
得1+3bc=b2+c2≥2bc,
即bc≤2+3,且當b=c時等號成立.
因此12bcsinA≤2+34
14、.
所以△ABC面積的最大值為2+34.
思維提升訓練
12.C 解析∵cosπ4+α=13,0<α<π2,
∴sinπ4+α=223.
又cosπ4-β2=33,-π2<β<0,
∴sinπ4-β2=63,
∴cosα+β2=cosπ4+α-π4-β2=cosπ4+αcosπ4-β2+sinπ4+αsinπ4-β2
=13×33+223×63=539.
13.A 解析由正弦定理,得sinCsinA=sinAcosC.
因為00,從而sinC=cosC.
又cosC≠0,所以tanC=1,則C=π4,
所以B=3π4-A.
于是3sinA-co
15、sB+π4=3sinA-cos(π-A)=3sinA+cosA=2sinA+π6.
因為0
16、的面積為203或243.
15.-429 解析因為sinπ4+α=cosπ2-π4-α=cosπ4-α,
所以sinπ4+αsinπ4-α
=sinπ4-αcosπ4-α=12sinπ2-2α
=12cos2α=16,所以cos2α=13.
因為π2<α<π,所以π<2α<2π.
所以sin2α=-1-132=-223.
所以sin4α=2sin2αcos2α=-2×229=-429.
16.8 解析sinA=sin(B+C)=2sinBsinC?tanB+tanC=2tanBtanC,
因為tanA=-tan(B+C)=-tanB+tanC1-tanBtanC,
所以ta
17、nAtanBtanC=tanA+tanB+tanC=tanA+2tanBtanC.因為△ABC為銳角三角形,所以tanA>0,tanBtanC>0,所以tanA+2tanBtanC≥22tanAtanBtanC,當且僅當tanA=2tanBtanC時,等號成立,即tanAtanBtanC≥22tanAtanBtanC,解得tanAtanBtanC≥8,即最小值為8.
17.解(1)由ba-b=sin2CsinA-sin2C及正弦定理,得sinB=sin2C,∴B=2C或B+2C=π.
若B=2C,∵π3π(舍去).
若B+2C=π,又A+B+C=π,
∴A=C,∴△ABC為等腰三角形.
(2)∵|BA+BC|=2,
∴a2+c2+2accosB=4.
又由(1)知a=c,
∴cosB=2-a2a2.
而cosB=-cos2C,
∴12
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