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1、
滿分示范課——解析幾何
解析幾何部分知識點多,運算量大,能力要求高,在高考試題中大都是在壓軸題的位置出現(xiàn),是考生“未考先怕”的題型之一,不是怕解題無思路,而是怕解題過程中繁雜的運算.
在遵循“設(shè)——列——解”程序化運算的基礎(chǔ)上,應(yīng)突出解析幾何“設(shè)”的重要性,以克服平時重思路方法、輕運算技巧的頑疾,突破如何避繁就簡這一瓶頸.
【典例】 (滿分12分)(2018·全國卷Ⅰ)設(shè)橢圓C:+y2=1的右焦點為F,過F的直線l與C交于A,B兩點,點M的坐標為(2,0).
(1)當l與x軸垂直時,求直線AM的方程;
(2)設(shè)O為坐標原點,證明:∠OMA=∠OMB.
[規(guī)范解答] (1)由
2、已知得F(1,0),l的方程為x=1.
把x=1代入橢圓方程+y2=1,
得點A的坐標為或.
又M(2,0),所以AM的方程為y=-x+或y=x-.
(2)當l與x軸重合時,∠OMA=∠OMB=0°.
當l與x軸垂直時,OM為AB的垂直平分線,
所以∠OMA=∠OMB.
當l與x軸不重合也不垂直時,設(shè)l的方程為y=k(x-1)(k≠0),A(x1,y1),B(x2,y2),
則x1<,x2<,直線MA,MB的斜率之和為kMA+kMB=+.
由y1=k(x1-1),y2=k(x2-1)得
kMA+kMB=.
將y=k(x-1)代入+y2=1得
(2k2+1)x2-4k2x
3、+2k2-2=0.
所以x1+x2=,x1x2=.
則2kx1x2-3k(x1+x2)+4k==0.
從而kMA+kMB=0,故MA,MB的傾斜角互補.
所以∠OMA=∠OMB.
綜上,∠OMA=∠OMB.
高考狀元滿分心得
1.得步驟分:抓住得分點的步驟,“步步為贏”,求得滿分.
如第(1)問求出點A的坐標,第(2)問求kMA+kMB=0,判定MA,MB的傾斜角互補.
2.得關(guān)鍵分:解題過程中不可忽視關(guān)鍵點,有則給分,無則沒分.如第(1)問中求出直線AM的方程,第(2)問討論直線與坐標軸是否垂直,將直線y=k(x-1)與+y2=1聯(lián)立得(2k2+1)x2-4k2x+2k2-
4、2=0.
3.得計算分:解題過程中計算準確是滿分的根本保證.如第(1)問求對點M坐標與直線AM的方程;第(2)問中正確運算出x1+x2=,x1x2=,求出kMA+kMB=0,否則將導(dǎo)致失分.
[解題程序] 第一步:由橢圓方程,求焦點F及直線l.
第二步:求點A的坐標,進而得直線AM的方程.
第三步:討論直線的斜率為0或不存在時,驗證∠OMA=
∠OMB.
第四步:聯(lián)立方程,用k表示x1+x2與x1x2.
第五步:計算kMA+kMB=0,進而得∠OMA=∠OMB.
第六步:反思總結(jié),規(guī)范解題步驟.
[跟蹤訓(xùn)練]
1.已知橢圓C:+=1(a>b>0)的短軸長等于2,橢圓上的點到
5、右焦點F最遠距離為3.
(1)求橢圓C的方程;
(2)設(shè)O為坐標原點,過F的直線與C交于A、B兩點(A、B不在x軸上),若=+,且E在橢圓上,求四邊形AOBE面積.
解:(1)由題意,2b=2,知b=.
又a+c=3,a2=b2+c2=3+c2,
所以可得a=2,且c=1.
因此橢圓C的方程為+=1.
(2)F(1,0).直線AB的斜率不為0,設(shè)直線AB的方程:x=my+1,A(x1,y1),B(x2,y2),聯(lián)立
得(3m2+4)y2+6my-9=0.
由根與系數(shù)的關(guān)系,得
故AB的中點為N.
又+=2=,故E的坐標為.
因為E點在橢圓上,所以×+×=1,
化簡得9
6、m4+12m2=0,故m2=0,
此時直線AB:x=1,
S四邊形AOBE=2S△AOE=2×=3.
2.(2019·長沙模擬一中)設(shè)橢圓C:+=1(a>b>0),定義橢圓C的“相關(guān)圓”E的方程為x2+y2=.若拋物線x2=4y的焦點與橢圓C的一個焦點重合,且橢圓C短軸的一個端點和其兩個焦點構(gòu)成直角三角形.
(1)求橢圓C的方程和“相關(guān)圓”E的方程;
(2)過“相關(guān)圓”E上任意一點P的直線l:y=kx+m與橢圓C交于A,B兩點.O為坐標原點,若OA⊥OB,證明原點O到直線AB的距離是定值,并求m的取值范圍.
解:(1)因為拋物線x2=4y的焦點為(0,1).
依題意橢圓C的一個焦
7、點為(0,1),知c=1,
又橢圓C短軸的一個端點和其兩個焦點構(gòu)成直角三角形,則b=c=1.
故橢圓C的方程為+x2=1,
“相關(guān)圓”E的方程為x2+y2=.
(2)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),
聯(lián)立方程組得(2+k2)x2+2kmx+m2-2=0,
Δ=4k2m2-4(2+k2)(m2-2)=8(k2-m2+2)>0,
即k2-m2+2>0,
y1y2=(kx1+m)(kx2+m)=k2x1x2+km(x1+x2)+m2
=-+m2=.
由條件OA⊥OB得,·=0,即3m2-2k2-2=0,
所以原點O到直線l的距離d==,
由3m2-2k2-2=0得d=為定值.
由Δ>0,
即k2-m2+2>0,所以-m2+2>0,
即m2+2>0,恒成立.
又k2=≥0,即3m2≥2,所以m2≥,
即m≥或m≤-,綜上,m≥或m≤-.