2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 仿高考選擇題巧練(三)

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1、2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 仿高考選擇題巧練(三) 一、單項(xiàng)選擇題 14.甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)開始沿同一方向運(yùn)動(dòng),其速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖所示,圖中t2=,兩段曲線均為圓弧,則(  ) A.兩物體在t1時(shí)刻加速度相同 B.兩物體在t2時(shí)刻運(yùn)動(dòng)方向均改變 C.兩物體在t3時(shí)刻相距最遠(yuǎn),t4時(shí)刻相遇 D.0~t4時(shí)間內(nèi)甲物體的平均速度大于乙物體的平均速度 15.如圖所示,電源內(nèi)阻較大,當(dāng)開關(guān)閉合,滑動(dòng)變阻器滑片位于某位置時(shí),水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài),燈泡L也能正常發(fā)光,現(xiàn)將滑片由該位置向a端滑動(dòng),則(  ) A.燈泡將變暗,電源效率將

2、減小 B.液滴帶正電,將向上做加速運(yùn)動(dòng) C.電容器將放電,所帶電荷量減少 D.電源的路端電壓增大,輸出功率也增大 16. 如圖所示,高為h=1.25 m的平臺(tái)上,覆蓋一層薄冰,現(xiàn)有一質(zhì)量為60 kg的滑雪愛好者,以一定的初速度v向平臺(tái)邊緣滑去,著地時(shí)的速度方向與水平地面的夾角為45°(取重力加速度g=10 m/s2).由此可知下列各項(xiàng)中錯(cuò)誤的是(  ) A.滑雪者離開平臺(tái)邊緣時(shí)的速度大小是5.0 m/s B.滑雪者著地點(diǎn)到平臺(tái)邊緣的水平距離是2.5 m C.滑雪者在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.5 s D.著地時(shí)滑雪者重力做功的瞬時(shí)功率是300 W 17.在豎直墻壁間有質(zhì)量分別是

3、m和2m的半圓球A和圓球B,其中B球球面光滑,A球與左側(cè)墻壁之間存在摩擦.兩球心連線與水平方向成30°的夾角,兩球能夠一起以加速度a勻加速豎直下滑,已知a<g(g為重力加速度),可求出A球與左側(cè)墻壁之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(  ) A.          B. C. D. 二、不定項(xiàng)選擇題 18.如圖所示,電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有a、b、c三點(diǎn),三點(diǎn)的連線恰好組成一個(gè)邊長(zhǎng)為l的正三角形.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球(重力不計(jì))以速度v0從a點(diǎn)射入電場(chǎng),入射方向與b、c兩點(diǎn)的連線垂直,一段時(shí)間后帶電小球經(jīng)過c點(diǎn).則下列判斷正確的是(  ) A.帶電小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到

4、c點(diǎn)的時(shí)間為 B.該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 C.帶電小球到達(dá)c點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為mv D.b、c兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差為 19.如圖甲所示,一質(zhì)量為m=1 kg的物體在水平拉力F的作用下沿水平面做勻速直線運(yùn)動(dòng),從某時(shí)刻開始,拉力F隨時(shí)間均勻減小,物體受到的摩擦力隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示.則下列關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的說法中正確的是(  ) A.t=1 s時(shí)物體開始做加速運(yùn)動(dòng) B.t=2 s時(shí)物體做減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為1 m/s2 C.t=3 s時(shí)物體剛好停止運(yùn)動(dòng) D.物體在1~3 s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng) 20.如圖,水平的平行虛線間距為d=60 cm,其間有沿水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng).一個(gè)阻值為

5、R的正方形金屬線圈邊長(zhǎng)l

6、物體均做單方向的直線運(yùn)動(dòng),B錯(cuò);甲先做勻加速運(yùn)動(dòng)再做勻減速運(yùn)動(dòng),乙先做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng),再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),在t3時(shí)刻,兩物體相距最遠(yuǎn);兩物體在0~t4時(shí)間內(nèi)圖線與t軸所圍面積相等,即兩物體在t4時(shí)刻相遇,在0~t4時(shí)間內(nèi)的平均速度相同,C對(duì),D錯(cuò). 15.解析:選B.當(dāng)滑片向a端滑動(dòng)時(shí),電路的外電阻增大,干路電流減小,燈泡變暗,路端電壓增大,由η=知電源效率將增大,A錯(cuò);電容器兩極板間電壓增大(下極板帶正電,液滴帶正電),電容器被充電,所帶電荷量增加,兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大,液滴將向上做加速運(yùn)動(dòng),B對(duì),C錯(cuò);因不清楚外電阻和電源內(nèi)阻的大小關(guān)系,所以電源的輸出功率的變化情況無法確定,

7、D錯(cuò). 16.解析:選D.滑雪者著地時(shí)速度的方向與水平地面的夾角為45°,故vy=v0== m/s=5.0 m/s,A正確;x=v0t=v0=5.0× m=2.5 m,B正確;飛行時(shí)間t==0.5 s,C正確;著地時(shí)滑雪者重力做功的瞬時(shí)功率P=mgvy=60×10×5.0 W=3 000 W,D錯(cuò)誤. 17.解析:選C.設(shè)A、B之間的彈力為F,對(duì)于球B,豎直方向2mg-Fsin 30°=2ma,水平方向Fx=Fcos 30°,對(duì)于A、B整體,豎直方向3mg-μFx=3ma,可解得μ=,C正確. 18.解析:選AB.由題意可知,小球在豎直方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng),當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí),由運(yùn)動(dòng)學(xué)

8、規(guī)律可得t=,選項(xiàng)A正確;小球在水平方向上運(yùn)動(dòng)的距離為,由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有=,代入數(shù)據(jù)可解得E=,選項(xiàng)B正確;由動(dòng)能定理可得Ekc=qE·+mv=mv,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;由電勢(shì)差公式可知Ubc=E·l=,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 19.解析:選BC.由題意可知,物體開始時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng),所以拉力F=Ff=4 N.t=1 s時(shí)拉力F開始減小,但摩擦力仍為Ff=4 N,故此時(shí)物體開始做減速運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)A錯(cuò)誤;t=2 s時(shí)物體受到的拉力大小為F=3 N,而摩擦力仍為Ff=4 N,故物體做減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a==1 m/s2,選項(xiàng)B正確;由題圖乙可以看出,在t=3 s之前物體受到的摩擦力不變,故物體在運(yùn)動(dòng),而t=3 s

9、之后物體受到的摩擦力逐漸減小,由摩擦力的特點(diǎn)可知其為靜摩擦力,所以在t=3 s時(shí)物體剛好停止運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)C正確;在1~3 s內(nèi),由于摩擦力不變而拉力F逐漸減小,所以物體將做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 20.解析:選BD.線圈下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)和剛穿出磁場(chǎng)時(shí)的速度相等,而線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)后,只受重力作用,一定加速運(yùn)動(dòng),因此線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過程中一定是減速進(jìn)入的,即線圈所受向上的安培力大于重力,安培力F=BIl=Bl=隨速度減小而減小,合外力不斷減小,故加速度不斷減小,A項(xiàng)錯(cuò)誤;從線圈下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)到下邊緣即將穿出磁場(chǎng)過程中,線圈減少的重力勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為電能并以焦耳熱的形式釋放出來,故線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過程中產(chǎn)生的電熱Q=mgd=0.6 J,B項(xiàng)正確;由楞次定律可知,線圈進(jìn)入和離開磁場(chǎng)過程中,感應(yīng)電流方向相反,C項(xiàng)錯(cuò)誤;由法拉第電磁感應(yīng)定律=,由閉合電路歐姆定律可知,=,則感應(yīng)電荷量q=·Δt,聯(lián)立解得:q=,線圈進(jìn)入和離開磁場(chǎng),磁通量變化量數(shù)值相同,故通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q相同,D項(xiàng)正確.

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