八年級數(shù)學下學期期末試卷（含解析） 新人教版五四制1 (2)

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2015-2016學年山東省煙臺市龍口市八年級（下）期末數(shù)學試卷 一、選擇題（共12小題，每小題3分，滿分36分） 1．下列方程是一元二次方程的是（　　） A．x2+=3 B．x2+x=y C．（x﹣4）（x+2）=3 D．3x﹣2y=0 2．若=，則的值為（　?。? A．1 B． C． D． 3．若式子在實數(shù)范圍內有意義，則x的取值范圍是（　?。? A．x=1 B．x≥1 C．x＞1 D．x＜1 4．如圖，在矩形ABCD中，∠BOC=120，AB=5，則BD的長為（　?。? A．5 B．10 C．12 D．13 5．計算（+1）2016（﹣1）2017的結果是（　?。? A．﹣1 B．1 C． +1 D．3 6．如圖，在△ABC中，DE∥BC， =，則下列結論中正確的是（　?。? A． = B． = C． = D． = 7．如圖，已知AB∥CD∥EF，AD：AF=3：5，BE=12，那么CE的長等于（　?。? A． B． C． D． 8．若xy＜0，則化簡后的結果是（　?。? A． B． C． D． 9．長度為a的線段AB上有一點C，并且滿足AC2=AB?BC，則AC的長為（　?。? A． a B． a C．（+1）a D．（﹣1）a 10．設a，b是方程x2+x﹣2017=0的兩個實數(shù)根，則a2+2a+b的值為（　　） A．2014 B．2015 C．2016 D．2017 11．根據(jù)方程x2﹣3x﹣5=0可列表如下（　?。? x ﹣3 ﹣2 ﹣1 … 4 5 6 x2﹣3x﹣5 13 5 ﹣1 … ﹣1 5 13 則x的取值范圍是（　?。? A．﹣1＜x＜4 B．﹣2＜x＜﹣1 C．4＜x＜5 D．﹣2＜x＜﹣1或4＜x＜5 12．如圖所示是E、F、G、H、I、J六點在菱形ABCD四邊上的位置圖，其中，，將菱形分成甲、乙、丙、丁、戊、己六個平行四邊形．若：： =5：10：9，： =3：5，則下列哪一圖形與菱形ABCD相似（　?。? A．甲 B．乙 C．丙 D．丁 　 二、填空題（共6小題，每小題3分，滿分18分） 13．若==，且a+b+c=6，則a﹣b+c=______． 14．若最簡二次根式和是同類二次根式，則ba=______． 15．若一元二次方程x2﹣x﹣1=0的兩根分別為x1、x2，則+=______． 16．如圖，在正方形ABCD中，E是CD的一個三等分點，BE與AC相交于點F，則△BCF與△ABF的面積之比是______． 17．在平面直角坐標系中，已知點E（﹣4，2），F(xiàn)（﹣2，﹣2），以原點O為位似中心，相似比為1﹕2，把△EFO縮小，則點E的對應點E′的坐標是______． 18．如圖，在矩形ABCD中，E是AD邊的中點，BE⊥AC于點F，連接DF，下列四個結論：①△AEF∽△CAB；②CF=2AF；③AF=EF；④S四邊形CDEF=S△ABF，其中正確的結論是______．（填寫序號即可） 　 三、解答題（共8小題，滿分66分） 19．計算：（+1）2++． 20．解方程： （1）5x（x﹣3）=6﹣2x （2）x2+2x﹣3=0． 21．在同一時刻兩根木竿在太陽光下的影子如圖所示，其中木竿AB=2.5m，它的影子BC=2m，木竿PQ的影子有一部分落在了墻上，PM=1.6m，MN=1m，求木竿PQ的長度． 22．已知：?ABCD的兩邊AB，AD的長是關于x的方程x2﹣mx+﹣=0的兩個實數(shù)根． （1）當m為何值時，四邊形ABCD是菱形？求出這時菱形的邊長； （2）若AB的長為2，那么?ABCD的周長是多少？ 23．如圖，在等邊△ABC中，D為BC邊上一點，E為AC邊上一點，且∠ADE=60． （1）求證：△ABD∽△DCE； （2）若BD=3，CE=2，求△ABC的邊長． 24．某商店準備進一批季節(jié)性小家電，單價40元．經(jīng)市場預測，銷售定價為52元時，可售出180個，定價每增加1元，銷售量凈減少10個；定價每減少1元，銷售量凈增加10個．商店若準備獲利2000元，則應進貨多少個？定價為多少元？ 25．已知：如圖所示的一張矩形紙片ABCD（AD＞AB），將紙片折疊一次，使點A與C重合，再展開，折痕EF交AD邊于E，交BC邊于F，分別連接AF和CE，AE=10．在線段AC上是否存在一點P，使得2AE2=AC?AP？若存在，請說明點P的位置，并予以證明；若不存在，請說明理由． 26．已知E，F(xiàn)分別為正方形ABCD的邊BC，CD上的點，AF，DE相交于點G，當E，F(xiàn)分別為邊BC，CD的中點時，有：①AF=DE；②AF⊥DE成立． 試探究下列問題： （1）如圖1，若點E不是邊BC的中點，F(xiàn)不是邊CD的中點，且CE=DF，上述結論①，②是否仍然成立？（請直接回答“成立”或“不成立”），不需要證明） （2）如圖2，若點E，F(xiàn)分別在CB的延長線和DC的延長線上，且CE=DF，此時，上述結論①，②是否仍然成立？若成立，請寫出證明過程，若不成立，請說明理由； （3）如圖3，在（2）的基礎上，連接AE和EF，若點M，N，P，Q分別為AE，EF，F(xiàn)D，AD的中點，請判斷四邊形MNPQ是“矩形、菱形、正方形”中的哪一種，并證明你的結論． 　  2015-2016學年山東省煙臺市龍口市八年級（下）期末數(shù)學試卷（五四學制） 參考答案與試題解析 　 一、選擇題（共12小題，每小題3分，滿分36分） 1．下列方程是一元二次方程的是（　　） A．x2+=3 B．x2+x=y C．（x﹣4）（x+2）=3 D．3x﹣2y=0 【考點】一元二次方程的定義． 【分析】依據(jù)分式方程、二元二次方程、一元二次方程的定義求解即可． 【解答】解：A、分母中含有位置數(shù)，是分式方程，故A錯誤； B、含有兩個未知數(shù)，不是一元二次方程，故B錯誤； C、整理后可變形為x2﹣2x﹣11=0，是一元二次方程，故C正確； D、含有兩個未知數(shù)，不是一元二次方程，故D錯誤． 故選：C． 　 2．若=，則的值為（　?。? A．1 B． C． D． 【考點】比例的性質． 【分析】根據(jù)合分比性質求解． 【解答】解：∵=， ∴==． 故選D． 　 3．若式子在實數(shù)范圍內有意義，則x的取值范圍是（　?。? A．x=1 B．x≥1 C．x＞1 D．x＜1 【考點】二次根式有意義的條件． 【分析】二次根式有意義：被開方數(shù)是非負數(shù)． 【解答】解：由題意，得 x﹣1≥0， 解得，x≥1． 故選B． 　 4．如圖，在矩形ABCD中，∠BOC=120，AB=5，則BD的長為（　?。? A．5 B．10 C．12 D．13 【考點】矩形的性質． 【分析】根據(jù)矩形性質求出BD=2BO，OA=OB，求出∠AOB=60，得出等邊三角形AOB，求出BO=AB，即可求出答案． 【解答】解：∵四邊形ABCD是矩形， ∴AC=2AO，BD=2BO，AC=BD． ∴OA=OB． ∵∠BOC=120， ∴∠AOB=60． ∴△AOB是等邊三角形． ∴OB=AB=5． ∴BD=2BO=10． 故選：B． 　 5．計算（+1）2016（﹣1）2017的結果是（　?。? A．﹣1 B．1 C． +1 D．3 【考點】二次根式的混合運算． 【分析】先根據(jù)積的乘方得到原式=[（+1）（﹣1）]2016?（﹣1），然后利用平方差公式計算． 【解答】解：（+1）2016（﹣1）2017 =（+1）2016（﹣1）2016?（﹣1） =（2﹣1）2016?（﹣1） =﹣1． 故選A． 　 6．如圖，在△ABC中，DE∥BC， =，則下列結論中正確的是（　　） A． = B． = C． = D． = 【考點】相似三角形的判定與性質． 【分析】由DE∥BC，可得△ADE∽△ABC，然后由相似三角形的對應邊成比例可得，然后由=，即可判斷A、B的正誤，然后根據(jù)相似三角形的周長之比等于相似比，面積之比等于相似比的平方即可判斷C、D的正誤． 【解答】解：∵DE∥BC， ∴△ADE∽△ABC， ∴， ∵=， ∵=， 故A、B選項均錯誤； ∵△ADE∽△ABC， ∴==， =（）2=， 故C選項正確，D選項錯誤． 故選C． 　 7．如圖，已知AB∥CD∥EF，AD：AF=3：5，BE=12，那么CE的長等于（　?。? A． B． C． D． 【考點】平行線分線段成比例． 【分析】根據(jù)平行線分線段成比例得到=，即=，求出BC，然后利用CE=BE﹣BC進行計算即可得出答案． 【解答】解：∵AB∥CD∥EF， ∴=，即=， ∴BC=， ∴CE=BE﹣BC=12﹣=； 故選B． 　 8．若xy＜0，則化簡后的結果是（　?。? A． B． C． D． 【考點】二次根式的性質與化簡． 【分析】根據(jù)二次根式有意義可得出y≥0，再由xy＜0，得出x＜0，y＞0，從而化簡即可． 【解答】解：∵x2y≥0， ∴y≥0， ∵xy＜0， ∴x＜0，y＞0， ∴=﹣x． 故選D． 　 9．長度為a的線段AB上有一點C，并且滿足AC2=AB?BC，則AC的長為（　　） A． a B． a C．（+1）a D．（﹣1）a 【考點】黃金分割． 【分析】直接利用黃金分割的定義求解． 【解答】解：∵AC2=AB?BC， ∴C點為AB的黃金分割點， ∴AC=AB=a． 故選B． 　 10．設a，b是方程x2+x﹣2017=0的兩個實數(shù)根，則a2+2a+b的值為（　　） A．2014 B．2015 C．2016 D．2017 【考點】根與系數(shù)的關系；一元二次方程的解． 【分析】先根據(jù)一元二次方程的解的定義得到a2=﹣a+2017，則a2+2a+b=2017+a+b，然后根據(jù)根與系數(shù)的關系得到a+b=﹣1，再利用整體代入的方法計算． 【解答】解：∵a是方程x2+x﹣2017=0的根， ∴a2+a﹣2017=0， ∴a2=﹣a+2017， ∴a2+2a+b=﹣a+2017+2a+b=2017+a+b， ∵a，b是方程x2+x﹣2017=0的兩個實數(shù)根， ∴a+b=﹣1， ∴a2+2a+b=2017﹣1=2016． 故選C． 　 11．根據(jù)方程x2﹣3x﹣5=0可列表如下（　?。? x ﹣3 ﹣2 ﹣1 … 4 5 6 x2﹣3x﹣5 13 5 ﹣1 … ﹣1 5 13 則x的取值范圍是（　　） A．﹣1＜x＜4 B．﹣2＜x＜﹣1 C．4＜x＜5 D．﹣2＜x＜﹣1或4＜x＜5 【考點】估算一元二次方程的近似解． 【分析】觀察表格可知，x2﹣3x﹣5的值在﹣2～﹣1之間由正到負，在4～5之間由負到正，故可判斷x2﹣3x﹣5=0時，對應的x的值在﹣2～﹣1與4～5之間． 【解答】解：根據(jù)表格可知，x2﹣3x﹣5=0時，對應的x的值在﹣2～﹣1與4～5之間． 故選D 　 12．如圖所示是E、F、G、H、I、J六點在菱形ABCD四邊上的位置圖，其中，，將菱形分成甲、乙、丙、丁、戊、己六個平行四邊形．若：： =5：10：9，： =3：5，則下列哪一圖形與菱形ABCD相似（　?。? A．甲 B．乙 C．丙 D．丁 【考點】菱形的性質；相似多邊形的性質． 【分析】根據(jù)題意可設=5x， =10x， =9x， =3y， =5y，可得：AB=8y，AD=24x，所以y=3x．因為，，將菱形分成甲、乙、丙、丁、戊、己六個平行四邊形，所以各四邊形的對應角相等；又因為甲鄰邊邊長為：3y，10x，即9x，10x，與菱形ABCD不相似；乙鄰邊邊長為：3y，9x，即9x，9x，與菱形ABCD相似；丙鄰邊邊長為：5y，5x，即15x，5x，與菱形ABCD不相似；丁鄰邊邊長為：5y，10x，即15x，10x，與菱形ABCD不相似． 【解答】解：根據(jù)題意可設=5x， =10x， =9x， =3y， =5y， ∴AB=8y，AD=24x， ∴y=3x． ∵，，將菱形分成甲、乙、丙、丁、戊、己六個平行四邊形， ∴各四邊形的對應角相等； ∴甲鄰邊邊長為：3y，10x，即9x，10x，與菱形ABCD不相似； 乙鄰邊邊長為：3y，9x，即9x，9x，與菱形ABCD相似； 丙鄰邊邊長為：5y，5x，即15x，5x，與菱形ABCD不相似； 丁鄰邊邊長為：5y，10x，即15x，10x，與菱形ABCD不相似． 故選B． 　 二、填空題（共6小題，每小題3分，滿分18分） 13．若==，且a+b+c=6，則a﹣b+c=　3?。? 【考點】比例的性質． 【分析】設比值為k，然后用k表示出a、b、c，代入等式求出k的值，從而得到a、b、c的值，最后代入代數(shù)式進行計算即可得解． 【解答】解：設===k， 則a=2k，b=3k，c=7k， ∵a+b+c=6， ∴2k+3k+7k=6， 解得k=， 所以，a=2=1，b=3=，c=7=， 所以，a﹣b+c=1﹣+=3． 故答案為：3． 　 14．若最簡二次根式和是同類二次根式，則ba=　1?。? 【考點】同類二次根式． 【分析】根據(jù)同類二次根式的定義得出方程組，求出方程組得解即可． 【解答】解：∵最簡二次根式和是同類二次根式， ∴， 解方程組得：b=2，a=0， ∴ba=20=1， 故答案為：1． 　 15．若一元二次方程x2﹣x﹣1=0的兩根分別為x1、x2，則+=　﹣1?。? 【考點】根與系數(shù)的關系． 【分析】欲求+的值，先把此代數(shù)式變形為兩根之積或兩根之和的形式，再代入數(shù)值計算即可． 【解答】解：∵一元二次方程x2﹣x﹣1=0的兩根分別為x1、x2， ∴x1+x2=1，x1x2=﹣1， ∴+===﹣1． 故答案為：﹣1． 　 16．如圖，在正方形ABCD中，E是CD的一個三等分點，BE與AC相交于點F，則△BCF與△ABF的面積之比是　1：3?。? 【考點】相似三角形的判定與性質；正方形的性質． 【分析】根據(jù)正方形的對邊平行且相等可得AB∥CD，AB=CD，然后求出△ABF和△CEF相似，根據(jù)相似三角形對應邊成比例可得=3，根據(jù)等高的三角形的面積的比等于底邊的比即可． 【解答】解：∵E是CD的一個三等分點， ∴CD=3EC， ∵四邊形ABCD是正方形， ∴AB∥CD，AB=CD， ∴△ABF∽△CEF， ∴=3， ∴= 故答案為：1：3． 　 17．在平面直角坐標系中，已知點E（﹣4，2），F(xiàn)（﹣2，﹣2），以原點O為位似中心，相似比為1﹕2，把△EFO縮小，則點E的對應點E′的坐標是　（﹣2，1）或（2，﹣1）?。? 【考點】位似變換；坐標與圖形性質． 【分析】根據(jù)已知得出位似圖形對應坐標與位似圖形比的關系進而得出答案． 【解答】解：∵頂點E的坐標是（﹣4，2），以原點O為位似中心相似比為1：2將△EFO縮小得到它的位似圖形△E′F′O， ∴點E′的坐標是：（（﹣4），2），[﹣（﹣4），﹣2]， 即（﹣2，1）或（2，﹣1）． 故答案為：（﹣2，1）或（2，﹣1）． 　 18．如圖，在矩形ABCD中，E是AD邊的中點，BE⊥AC于點F，連接DF，下列四個結論：①△AEF∽△CAB；②CF=2AF；③AF=EF；④S四邊形CDEF=S△ABF，其中正確的結論是?、佗冖堋。ㄌ顚懶蛱柤纯桑? 【考點】四邊形綜合題． 【分析】①四邊形ABCD是矩形，BE⊥AC，則∠ABC=∠AFB=90，又∠BAF=∠CAB，于是△AEF∽△CAB，故①正確； ②由AE=AD=BC，又AD∥BC，所以 ==，故②正確； ③設EF=a，BF=2a，由AF2=EF?BF=2a2，得AF=a，所以AF=EF，故③錯誤； ④根據(jù)△AEF∽△CBF得到 ==，求出S△AEF=S△ABF，S△ABF=S矩形ABCD，S四邊形CDEF=S△ACD﹣S△AEF=S矩形ABCD﹣S矩形ABCD=S矩形ABCD，即可得到S四邊形CDEF=S△ABF，故④正確． 【解答】解：過D作DM∥BE交AC于N， ∵四邊形ABCD是矩形， ∴AD∥BC，∠ABC=90，AD=BC， ∵BE⊥AC于點F， ∴∠EAC=∠ACB，∠ABC=∠AFE=90， ∴△AEF∽△CAB，故①正確； ∵AD∥BC， ∴△AEF∽△CBF， ∴以 ==， ∵AE=AD=BC， ∴=， ∴CF=2AF，故②正確， 設EF=a，BF=2a，由AF2=EF?BF=2a2，得AF=a，所以AF=EF，故③錯誤． ∵△AEF∽△CBF， ∴==， ∴S△AEF=S△ABF，S△ABF=S矩形ABCD，S四邊形CDEF=S△ACD﹣S△AEF=S矩形ABCD﹣S矩形ABCD=S矩形ABCD，即可得到S四邊形CDEF=S，故④正確， 故答案為：①②④． 　 三、解答題（共8小題，滿分66分） 19．計算：（+1）2++． 【考點】二次根式的混合運算． 【分析】先根據(jù)乘法公式和二次根式的性質計算（+1）2和，然后把各二次根式化為最簡二次根式，然后去括號后合并即可． 【解答】解：原式=（4+2）+2﹣+2 =2++2﹣+ =4+． 　 20．解方程： （1）5x（x﹣3）=6﹣2x （2）x2+2x﹣3=0． 【考點】解一元二次方程-因式分解法． 【分析】（1）移項，再分解因式，即可得出兩個一元一次方程，求出方程的解即可； （2）將﹣3分解成﹣13，從而得出兩個一元一次方程，求解即可． 【解答】解：（1）移項得：5x（x﹣3）+2（x﹣3）=0， （x﹣3）（5x+2）=0， x﹣3=0，5x+2=0， x1=3，x2=﹣； （2）移項，得x2+2x﹣3=0， （x﹣1）（x+3）=0， x﹣1=0或x+3=0， 解得x1=1，x2=﹣3． 　 21．在同一時刻兩根木竿在太陽光下的影子如圖所示，其中木竿AB=2.5m，它的影子BC=2m，木竿PQ的影子有一部分落在了墻上，PM=1.6m，MN=1m，求木竿PQ的長度． 【考點】相似三角形的應用；平行投影． 【分析】過N點作ND⊥PQ于D，先根據(jù)同一時刻物高與影長成正比求出QD的影長，再根據(jù)此影長列出比例式即可． 【解答】解：過N點作ND⊥PQ于D，如圖所示： ∴， 又∵AB=2，BC=1.6，DN=PM=1.2，NM=0.8， ∴QD===1.5， ∴PQ=QD+DP=QD+NM=1.5+1=2.5（m）． 答：木竿PQ的長度為2.5m． 　 22．已知：?ABCD的兩邊AB，AD的長是關于x的方程x2﹣mx+﹣=0的兩個實數(shù)根． （1）當m為何值時，四邊形ABCD是菱形？求出這時菱形的邊長； （2）若AB的長為2，那么?ABCD的周長是多少？ 【考點】一元二次方程的應用；平行四邊形的性質；菱形的性質． 【分析】（1）讓根的判別式為0即可求得m，進而求得方程的根即為菱形的邊長； （2）求得m的值，進而代入原方程求得另一根，即易求得平行四邊形的周長． 【解答】解：（1）∵四邊形ABCD是菱形， ∴AB=AD， ∴△=0，即m2﹣4（﹣）=0， 整理得：（m﹣1）2=0， 解得m=1， 當m=1時，原方程為x2﹣x+=0， 解得：x1=x2=0.5， 故當m=1時，四邊形ABCD是菱形，菱形的邊長是0.5； （2）把AB=2代入原方程得，m=2.5， 把m=2.5代入原方程得x2﹣2.5x+1=0，解得x1=2，x2=0.5， ∴C?ABCD=2（2+0.5）=5． 　 23．如圖，在等邊△ABC中，D為BC邊上一點，E為AC邊上一點，且∠ADE=60． （1）求證：△ABD∽△DCE； （2）若BD=3，CE=2，求△ABC的邊長． 【考點】相似三角形的判定與性質；等邊三角形的性質． 【分析】（1）由∠ADE=60，可證得△ABD∽△DCE； （2）可用等邊三角形的邊長表示出DC的長，進而根據(jù)相似三角形的對應邊成比例，求得△ABC的邊長． 【解答】（1）證明：∵△ABC是等邊三角形， ∴∠B=∠C=60， ∴∠BAD+∠ADB=120 ∵∠ADE=60， ∴∠ADB+∠EDC=120， ∴∠DAB=∠EDC， 又∵∠B=∠C=60， ∴△ABD∽△DCE； （2）解：∵△ABD∽△DCE， ∴， ∵BD=3，CE=2， ∴； 解得AB=9． 　 24．某商店準備進一批季節(jié)性小家電，單價40元．經(jīng)市場預測，銷售定價為52元時，可售出180個，定價每增加1元，銷售量凈減少10個；定價每減少1元，銷售量凈增加10個．商店若準備獲利2000元，則應進貨多少個？定價為多少元？ 【考點】一元二次方程的應用． 【分析】利用銷售利潤2000=售價﹣進價，進而求出即可． 【解答】解：設每個小家電的增加是x元， 由題意，得（52+x﹣40）=2000， 解得x1=8，x2=﹣2 當x=8時，售價為：52+8=60（元），180﹣10x=100（個）， 當x=﹣2時，售價為：52﹣2=50（元），180﹣10x=200（個）， 答：當定價為60元時，進貨100個，當定價50元時，進貨200個． 　 25．已知：如圖所示的一張矩形紙片ABCD（AD＞AB），將紙片折疊一次，使點A與C重合，再展開，折痕EF交AD邊于E，交BC邊于F，分別連接AF和CE，AE=10．在線段AC上是否存在一點P，使得2AE2=AC?AP？若存在，請說明點P的位置，并予以證明；若不存在，請說明理由． 【考點】翻折變換（折疊問題）；全等三角形的性質；全等三角形的判定；菱形的性質． 【分析】過E作EP⊥AD交AC于P，則P就是所求的點，首先證明四邊形AFCE是菱形，然后根據(jù)題干條件證明△AOE∽△AEP，列出關系式． 【解答】證明：過E作EP⊥AD交AC于P，則P就是所求的點． 當頂點A與C重合時，折痕EF垂直平分AC， ∴OA=OC，∠AOE=∠COF=90， ∵在平行四邊形ABCD中，AD∥BC， ∴∠EAO=∠FCO， ∴△AOE≌△COF， ∴OE=OF ∴四邊形AFCE是菱形． ∴∠AOE=90，又∠EAO=∠EAP， 由作法得∠AEP=90， ∴△AOE∽△AEP， ∴，則AE2=A0?AP， ∵四邊形AFCE是菱形， ∴， ∴AE2=AC?AP， ∴2AE2=AC?AP． 　 26．已知E，F(xiàn)分別為正方形ABCD的邊BC，CD上的點，AF，DE相交于點G，當E，F(xiàn)分別為邊BC，CD的中點時，有：①AF=DE；②AF⊥DE成立． 試探究下列問題： （1）如圖1，若點E不是邊BC的中點，F(xiàn)不是邊CD的中點，且CE=DF，上述結論①，②是否仍然成立？（請直接回答“成立”或“不成立”），不需要證明） （2）如圖2，若點E，F(xiàn)分別在CB的延長線和DC的延長線上，且CE=DF，此時，上述結論①，②是否仍然成立？若成立，請寫出證明過程，若不成立，請說明理由； （3）如圖3，在（2）的基礎上，連接AE和EF，若點M，N，P，Q分別為AE，EF，F(xiàn)D，AD的中點，請判斷四邊形MNPQ是“矩形、菱形、正方形”中的哪一種，并證明你的結論． 【考點】四邊形綜合題． 【分析】（1）由四邊形ABCD為正方形，CE=DF，易證得△ADF≌△DCE（SAS），即可證得AF=DE，∠DAF=∠CDE，又由∠ADG+∠EDC=90，即可證得AF⊥DE； （2）由四邊形ABCD為正方形，CE=DF，易證得△ADF≌△DCE（SAS），即可證得AF=DE，∠E=∠F，又由∠ADG+∠EDC=90，即可證得AF⊥DE； （3）首先設MQ，DE分別交AF于點G，O，PQ交DE于點H，由點M，N，P，Q分別為AE，EF，F(xiàn)D，AD的中點，即可得MQ=PN=DE，PQ=MN=AF，MQ∥DE，PQ∥AF，然后由AF=DE，可證得四邊形MNPQ是菱形，又由AF⊥DE即可證得四邊形MNPQ是正方形． 【解答】解：（1）上述結論①，②仍然成立， 理由為：∵四邊形ABCD為正方形， ∴AD=DC，∠BCD=∠ADC=90， 在△ADF和△DCE中， ， ∴△ADF≌△DCE（SAS）， ∴AF=DE，∠DAF=∠CDE， ∵∠ADG+∠EDC=90， ∴∠ADG+∠DAF=90， ∴∠AGD=90，即AF⊥DE； （2）上述結論①，②仍然成立， 理由為：∵四邊形ABCD為正方形， ∴AD=DC，∠BCD=∠ADC=90， 在△ADF和△DCE中， ， ∴△ADF≌△DCE（SAS）， ∴AF=DE，∠CDE=∠DAF， ∵∠ADG+∠EDC=90， ∴∠ADG+∠DAF=90， ∴∠AGD=90，即AF⊥DE； （3）四邊形MNPQ是正方形． 理由為：如圖，設MQ，DE分別交AF于點G，O，PQ交DE于點H， ∵點M，N，P，Q分別為AE，EF，F(xiàn)D，AD的中點， ∴MQ=PN=DE，PQ=MN=AF，MQ∥DE，PQ∥AF， ∴四邊形OHQG是平行四邊形， ∵AF=DE， ∴MQ=PQ=PN=MN， ∴四邊形MNPQ是菱形， ∵AF⊥DE， ∴∠AOD=90， ∴∠HQG=∠AOD=90， ∴四邊形MNPQ是正方形．