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2019-2020年高考化學(xué)考點(diǎn)突破訓(xùn)練 7.3化學(xué)平衡的移動(dòng)
1．(xx山東)對(duì)于反應(yīng)CO(g)＋H2O(g)CO2(g)＋H2(g) ΔH<0，在其他條件不變的情況下( )
A．加入催化劑，改變了反應(yīng)的途徑，反應(yīng)的ΔH也隨之改變
B．改變壓強(qiáng)，平衡不發(fā)生移動(dòng)，反應(yīng)放出的熱量不變
C．升高溫度，反應(yīng)速率加快，反應(yīng)放出的熱量不變
D．若在原電池中進(jìn)行，反應(yīng)放出的熱量不變
解析 加入催化劑，平衡不移動(dòng)，放出的熱量不變，A項(xiàng)錯(cuò)誤；反應(yīng)前后氣體分子數(shù)不變，改變壓強(qiáng)，平衡不移動(dòng)，B項(xiàng)正確；升高溫度，平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，反應(yīng)放出的熱量減少，C項(xiàng)錯(cuò)誤；原電池中化學(xué)能主要轉(zhuǎn)化為電能，D項(xiàng)錯(cuò)誤。
答案 B
2．(xx重慶)將E和F加入密閉容器中，在一定條件下發(fā)生反應(yīng)：E(g)＋F(s)2G(g)。忽略固體體積，平衡時(shí)G的體積分?jǐn)?shù)(%)隨溫度和壓強(qiáng)的變化如表所示：
①b
0?、躃(1 000 ℃)>K(810 ℃)
上述①～④中正確的有( )
A．4個(gè) B．3個(gè)
C．2個(gè) D．1個(gè)
解析 由題意，增大壓強(qiáng)，平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，因此ba>b，①正確；根據(jù)反應(yīng)：
E(g)＋F(s)2G(g)
反應(yīng)前(mol): 1 0
轉(zhuǎn)化量(mol): x 2x
反應(yīng)后(mol): 1－x 2x
根據(jù)915 ℃時(shí)，G的體積分?jǐn)?shù)為2x/(1＋x)100%＝75%，x＝0.6，此時(shí)E的轉(zhuǎn)化率為60%，②正確；該反應(yīng)為熵增反應(yīng)，ΔS>0，③正確；升高溫度，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，K(1 000 ℃)>K(810 ℃)，④正確。故選A項(xiàng)。
答案 A
3．(雙選)(xx江蘇)一定條件下存在反應(yīng)：CO(g)＋H2O(g)CO2(g)＋H2(g)，其正反應(yīng)放熱。現(xiàn)有三個(gè)相同的2 L恒容絕熱(與外界沒(méi)有熱量交換)密閉容器Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，在Ⅰ中充入1 mol CO和1 mol H2O，在Ⅱ中充入1 mol CO2和1 mol H2，在Ⅲ中充入2 mol CO和2 mol H2O,700 ℃條件下開(kāi)始反應(yīng)。達(dá)到平衡時(shí)，下列說(shuō)法正確的是( )
A．容器Ⅰ、Ⅱ中正反應(yīng)速率相同
B．容器Ⅰ、Ⅲ中反應(yīng)的平衡常數(shù)相同
C．容器Ⅰ中CO的物質(zhì)的量比容器Ⅱ中的多
D．容器Ⅰ中CO的轉(zhuǎn)化率與容器Ⅱ中CO2的轉(zhuǎn)化率之和小于1
解析 容器Ⅰ中反應(yīng)從正反應(yīng)建立平衡，正反應(yīng)速率逐漸減小，Ⅱ中反應(yīng)從逆反應(yīng)建立平衡，正反應(yīng)速率逐漸增大，因此正反應(yīng)速率不同，A項(xiàng)錯(cuò)誤；容器Ⅰ、Ⅲ中反應(yīng)放出的熱量不同，由于容器絕熱，因此反應(yīng)溫度不同，平衡常數(shù)不同，B項(xiàng)錯(cuò)誤；容器Ⅰ中反應(yīng)達(dá)平衡的過(guò)程放出熱量，容器Ⅱ中反應(yīng)達(dá)平衡的過(guò)程吸收熱量，因正反應(yīng)放熱，逆反應(yīng)吸熱，因此兩容器中反應(yīng)進(jìn)行的程度均小于恒溫容器中的，則容器Ⅰ中CO的物質(zhì)的量比容器Ⅱ中的多，容器Ⅰ中CO的轉(zhuǎn)化率與容器Ⅱ中CO2的轉(zhuǎn)化率之和小于1，C、D項(xiàng)正確。
答案 CD
4．(xx北京)下列實(shí)驗(yàn)事實(shí)不能用平衡移動(dòng)原理解釋的是( )
A.
將NO2球浸泡在冷水和熱水中
B.
t/℃
25
50
100
Kw/10－14
1.01
5.47
55.0
C.
D.
c(氨水)/(molL－1)
0.1
0.01
pH
11.1
10.6
解析 選項(xiàng)A可以用溫度變化來(lái)解釋化學(xué)平衡的移動(dòng)，A項(xiàng)正確；選項(xiàng)B說(shuō)明離子積隨著溫度的升高而增大，即溫度升高，水的電離平衡正向移動(dòng)，B項(xiàng)正確；選項(xiàng)C是催化劑對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率的影響，與化學(xué)平衡無(wú)關(guān)，C項(xiàng)錯(cuò)誤；選項(xiàng)D中濃度與溶液pH的關(guān)系說(shuō)明濃度對(duì)NH3H2O的電離平衡的影響，D項(xiàng)正確。
答案 C
5．在一定條件下，可逆反應(yīng)2NO2(g)N2O4(g) ΔH<0達(dá)到平衡，當(dāng)分別改變下列條件時(shí)，請(qǐng)?zhí)羁眨?
(1)保持容器容積不變，通入一定量的NO2，則達(dá)到平衡時(shí)NO2的百分含量________(填“增大”“減小”或“不變”，下同)；保持容器容積不變，通入一定量N2O4，則達(dá)到平衡時(shí)NO2的百分含量____。
(2)保持壓強(qiáng)不變，通入一定量的NO2，則達(dá)到平衡時(shí)NO2的百分含量________；保持壓強(qiáng)不變，通入一定量N2O4，則達(dá)到平衡時(shí)NO2的百分含量________。
(3)保持容器容積不變，通入一定量的氖氣，則達(dá)到平衡時(shí)NO2的轉(zhuǎn)化率________；保持壓強(qiáng)不變，通入氖氣使體系的容積增大一倍，則達(dá)到平衡時(shí)NO2的轉(zhuǎn)化率________。
解析 (1)保持容器容積不變，通入一定量的NO2，則增加了NO2的濃度，所以平衡正向移動(dòng)，且NO2的轉(zhuǎn)化率比原來(lái)的大，NO2的含量減小。保持容器容積不變，通入一定量N2O4，則增加了N2O4的濃度，所以平衡逆向移動(dòng)，但其進(jìn)行的程度比原來(lái)N2O4的轉(zhuǎn)化率要小，所以NO2的含量減小。(2)保持壓強(qiáng)不變，通入一定量的NO2或N2O4，不影響平衡，所以NO2的含量不變。(3)保持容器容積不變，通入一定量的氖氣，此過(guò)程中各物質(zhì)的物質(zhì)的量都沒(méi)發(fā)生變化，所以平衡不移動(dòng)，NO2的轉(zhuǎn)化率不變；保持壓強(qiáng)不變，通入氖氣使體系的容積增大一倍，則相當(dāng)于減小壓強(qiáng)，所以平衡向生成NO2的方向移動(dòng)，所以NO2的轉(zhuǎn)化率會(huì)減小。
答案 (1)減小 減小 (2)不變 不變 (3)不變 減小
考點(diǎn)2
有關(guān)化學(xué)平衡的圖象
對(duì)于反應(yīng)mA(g)＋nB(g)pC(g)＋qD(g)，若m＋n>p＋q且ΔH>0
1．v－t圖象
2．v－p(T)圖象
3．c－t圖象
4．c－p(T)圖象
5．其他圖象
特別提醒 解答圖象題目的一般方法與思路：
(1)看懂圖象：一看面，即看清橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)；二看線(xiàn)，即看線(xiàn)的走向和變化趨勢(shì)；三看點(diǎn)，即看線(xiàn)是否通過(guò)原點(diǎn)，兩條線(xiàn)的交點(diǎn)和線(xiàn)的拐點(diǎn)；四看要不要作輔助線(xiàn)，即看是否需要作等溫線(xiàn)和等壓線(xiàn)；五看定量圖象中有關(guān)量的多少。
(2)聯(lián)想規(guī)律：即聯(lián)想外界條件對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率和化學(xué)平衡的影響規(guī)律，且熟練準(zhǔn)確。
(3)作出判斷：依題意仔細(xì)分析作出正確判斷。
可供使用的技巧有：
①先拐先平：在轉(zhuǎn)化率－時(shí)間曲線(xiàn)中，先出現(xiàn)拐點(diǎn)的曲線(xiàn)先達(dá)到平衡(代表溫度高、壓強(qiáng)大)。
②定一議二：圖象中有三個(gè)量時(shí)，先確定一個(gè)量不變，再討論另外兩個(gè)量的關(guān)系。
題組訓(xùn)練
6.(xx安徽)一定條件下，通過(guò)下列反應(yīng)可以制備特種陶瓷的原料MgO：MgSO4(s)＋CO(g)MgO(s)＋CO2(g)＋SO2(g) ΔH>0。該反應(yīng)在恒容的密閉容器中達(dá)到平衡后，若僅改變圖中橫坐標(biāo)x的值，重新達(dá)到平衡后，縱坐標(biāo)y隨x變化趨勢(shì)合理的是( )
選項(xiàng)
x
y
A
溫度
容器內(nèi)混合氣體的密度
B
CO的物質(zhì)的量
CO2與CO的物質(zhì)的量之比
C
SO2的濃度
平衡常數(shù)K
D
MgSO4的質(zhì)量(忽略體積)
CO的轉(zhuǎn)化率
解析 溫度升高，平衡正向移動(dòng)，混合氣體的密度增大，A項(xiàng)正確；增大CO的物質(zhì)的量，平衡正向移動(dòng)，但CO2與CO的物質(zhì)的量之比減小，B項(xiàng)錯(cuò)誤；增大SO2的濃度，平衡逆向移動(dòng)，但平衡常數(shù)只與溫度有關(guān)，溫度不變平衡常數(shù)K不變，C項(xiàng)錯(cuò)誤；增大MgSO4的質(zhì)量，平衡不移動(dòng)，CO的轉(zhuǎn)化率不變，D項(xiàng)錯(cuò)誤。
答案 A
7．(xx蘭州模擬)如圖曲線(xiàn)表示其他條件一定時(shí)，反應(yīng)2W(g)＋Q(g)2G(g)(正反應(yīng)為放熱反應(yīng))中W的轉(zhuǎn)化率與溫度的關(guān)系曲線(xiàn)，圖中標(biāo)有a、b、c、d四點(diǎn)，其中表示未達(dá)到平衡狀態(tài)，且v(正)>v(逆)的是( )
A．a(chǎn)點(diǎn) B．b點(diǎn)
C．c點(diǎn) D．d點(diǎn)
解析 縱軸表示W(wǎng)的轉(zhuǎn)化率，橫軸表示溫度，曲線(xiàn)上的任一點(diǎn)都表示在此溫度下達(dá)到平衡狀態(tài)時(shí)對(duì)應(yīng)的W的轉(zhuǎn)化率，從c點(diǎn)作縱軸的平行線(xiàn)與曲線(xiàn)交于一點(diǎn)，這表示若想達(dá)到c點(diǎn)對(duì)應(yīng)溫度的平衡狀態(tài)，需要轉(zhuǎn)化更多的W，則c點(diǎn)未達(dá)到平衡狀態(tài)，且反應(yīng)向正反應(yīng)方向進(jìn)行，即v(正)>v(逆)。
答案 C
8．(xx海淀期末)在密閉容器中進(jìn)行反應(yīng)：X(g)＋3Y(g)2Z(g)，有關(guān)下列圖象的說(shuō)法不正確的是( )
A．依據(jù)圖a可判斷正反應(yīng)為放熱反應(yīng)
B．在圖b中，虛線(xiàn)可表示使用了催化劑
C．若正反應(yīng)的ΔH<0，圖c可表示升高溫度使平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)
D．由圖d中氣體平均相對(duì)分子質(zhì)量隨溫度的變化情況，可推知正反應(yīng)的ΔH>0
解析 A項(xiàng)，由圖a可以看出，升高溫度時(shí)逆反應(yīng)速率比正反應(yīng)速率增大的快，平衡逆向移動(dòng)，所以正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，正確；B項(xiàng)，催化劑只能改變反應(yīng)速率，不能改變反應(yīng)限度，即可縮短達(dá)到平衡的時(shí)間，而不能改變反應(yīng)物的平衡轉(zhuǎn)化率，正確；C項(xiàng)，由圖c看出，改變條件后，正、逆反應(yīng)速率均增大且逆反應(yīng)速率增大的幅度大，平衡逆向移動(dòng)，若正反應(yīng)的ΔH<0，則升高溫度平衡逆向移動(dòng)，正確；D項(xiàng)，由圖d看出，升高溫度時(shí)氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量減小，則說(shuō)明平衡逆向移動(dòng)，正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，即ΔH<0。
答案 D
9．(xx漢中調(diào)研)在容積不變的密閉容器中存在如下反應(yīng)：2A(g)＋B(g)3C(g)＋D(s) ΔH<0，某研究小組研究了在其他條件不變時(shí)，改變某一條件對(duì)上述反應(yīng)的影響，下列分析不正確的是( )
A．圖Ⅰ表示增加反應(yīng)物濃度對(duì)該平衡的影響
B．圖Ⅱ表示減小壓強(qiáng)對(duì)該平衡的影響
C．圖Ⅲ表示溫度對(duì)該平衡的影響，溫度：乙>甲
D．圖Ⅳ表示催化劑對(duì)該平衡的影響，催化效率：甲>乙
解析 該可逆反應(yīng)是等氣體分子數(shù)反應(yīng)，正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，圖Ⅰ表示反應(yīng)速率與時(shí)間的關(guān)系，增加反應(yīng)物濃度，正反應(yīng)速率突增，而逆反應(yīng)速率瞬時(shí)不變，隨后緩增，即逆反應(yīng)速率應(yīng)在原平衡漸增，A項(xiàng)錯(cuò)誤；圖Ⅱ，減壓平衡不移動(dòng)，但是正、逆反應(yīng)速率同倍數(shù)減小(仍然相等)，B項(xiàng)正確；圖Ⅲ中乙先達(dá)到平衡，由“先拐先平，數(shù)值大”知，乙的溫度高于甲的溫度，乙到甲，降溫，平衡正向移動(dòng)，A的轉(zhuǎn)化率提高，C項(xiàng)正確；圖Ⅳ表示反應(yīng)速率不同，但達(dá)到相同的平衡，且甲先達(dá)到平衡，說(shuō)明甲使用了催化劑，乙沒(méi)有使用催化劑或二者都使用了催化劑，且甲中催化劑的催化效率較高。
答案 A
10．(xx福建)NaHSO3溶液在不同溫度下均可被過(guò)量KIO3氧化，當(dāng)NaHSO3完全消耗即有I2析出，依據(jù)I2析出所需時(shí)間可以求得NaHSO3的反應(yīng)速率。將濃度均為0.020 molL－1 的NaHSO3溶液(含少量淀粉)10.0 mL、KIO3(過(guò)量)酸性溶液40.0 mL混合，記錄10～55 ℃間溶液變藍(lán)時(shí)間，55 ℃時(shí)未觀察到溶液變藍(lán)，實(shí)驗(yàn)結(jié)果如圖。據(jù)圖分析，下列判斷不正確的是( )
A．40 ℃之前與40 ℃之后溶液變藍(lán)的時(shí)間隨溫度的變化趨勢(shì)相反
B．圖中b、c兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)的NaHSO3反應(yīng)速率相等
C．圖中a點(diǎn)對(duì)應(yīng)的NaHSO3反應(yīng)速率為
5．010－5 molL－1s－1
D．溫度高于40 ℃時(shí)，淀粉不宜用作該實(shí)驗(yàn)的指示劑
解析 由題給圖象可知，溫度低于40 ℃時(shí)，溫度升高，溶液變藍(lán)的時(shí)間短，但溫度高于40 ℃時(shí)情況相反，A項(xiàng)正確；因?yàn)閎、c兩點(diǎn)的溫度不同，反應(yīng)速率不可能相等，B項(xiàng)錯(cuò)誤；圖中a點(diǎn)，所用的時(shí)間為80 s，則NaHSO3的反應(yīng)速率為：(0.020 molL－110.0 mL10－3 L/mL)(50 mL10－3 L/mL)80 s＝510－5 molL－1s－1，C項(xiàng)正確；由題給條件，55 ℃時(shí)未觀察到溶液變藍(lán)，所以溫度高于40 ℃，淀粉不宜作該實(shí)驗(yàn)的指示劑，D項(xiàng)正確。
答案 B
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