2019高考物理一輪復習 微專題系列之熱點專題突破 專題41 平行板電容器的動態(tài)分析與帶電體在電容器中的運動問題學案.doc
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突破41 平行板電容器的動態(tài)分析與帶電體在電容器中的運動問題 一:電容器的動態(tài)變化問題 1 兩個公式的比較 公式的特點 定義式,適用于一切電容器 決定式,適合平行板電容器 意義 反映容納電荷的本領(lǐng) 反映了影響電容大小的因素 2 兩類典型的動態(tài)變化分析 在解題中運用到的公式:C=; C=;E= 3. 解決電容器問題的兩個常用技巧 (1)在電荷量保持不變的情況下,由E===知,電場強度與板間距離無關(guān)。 (2)針對兩極板帶電荷量保持不變的情況,還可以認為一定量的電荷對應(yīng)著一定數(shù)目的電場線,如圖甲所示;當兩極板間距離變化時,如圖乙中電場線疏密不變,場強不變;當兩極板正對面積變化時,如圖丙中電場線變密,場強增大。 【典例1】如圖,平行板電容器經(jīng)開關(guān)K與電池連接,a處有一帶電量非常小的點電荷.K是閉合的,Ua表示a點的電勢,f表示點電荷受到的電場力.現(xiàn)將電容器的B板向下稍微移動,使兩板間的距離增大,則 A. Ua變大,f不變 B. Ua變大,f變小 C. Ua不變,f不變 D. Ua不變,f變小 【答案】B 【解析】由于開關(guān)K閉合,且電容器兩極板始終與電源的兩極相連,故電容器兩極板之間的電壓UAB保持不變。隨B極板下移兩極板之間的距離增大,根據(jù)E=U/d可知兩極板之間的電場強度E減小,由于UAa=EhAa,由于電場強度E減小,故UAa減小,由于UAB=UAa+UaB,所以UaB增大,由題圖可知電源的負極接地,故B極板接地,所以B板的電勢為0即UB=0,又UaB=Ua-UB,所以Ua=UaB增大。而點電荷在a點所受的電場力f=qE,由于E減小,所以電場力f減小。故B正確。故選B。 點睛:本題難度較大,涉及知識面大,需要認真分析.方法是:先找不變量(UAB),再找容易確定的物理量(E和UAa),最后求出難以確定的量(確定UaB不能用UaB=EhaB,因為E和haB一個變大另一個變?。? 【典例2】如圖所示,平行板電容器帶有等量異種電荷,與靜電計相連,靜電計金屬外殼和電容器下極板都接地。在兩極板間有一固定在P點的點電荷,以E表示兩板間的電場強度,Ep表示點電荷在P點的電勢能,θ表示靜電計指針的偏角。若保持下極板不動,將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置,則( ) A.θ增大,E增大 B.θ增大,Ep不變 C.θ減小,Ep增大 D.θ減小,E不變 【答案】 D 【跟蹤短訓】 1.如圖所示,用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極之間的電勢差,現(xiàn)使B板帶正電,A板帶負電,則下列說法正確的是( ) A. 將A板稍微向右移,靜電計指針張角將變小 B. 若將A板稍微向上移,靜電計指針張角將變小 C. 若將A板拿走,靜電計指針張角不為零 D. 若將玻璃板插入兩極板之間,靜電計指針張角將變小 【答案】ACD 【點睛】在分析電容器動態(tài)變化時,需要根據(jù)C=εS4πkd判斷電容器的電容變化情況,然后結(jié)合E=Ud,C=QU等公式分析,需要注意的是,如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定,如果電容器充電后與電源斷開,則電容器兩極板上的電荷量恒定不變. 2.一平行板電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì),接在恒壓直流電源上。若將云母介質(zhì)移出,則電容器( ) A.極板上的電荷量變大,極板間電場強度變大 B.極板上的電荷量變小,極板間電場強度變大 C.極板上的電荷量變大,極板間電場強度不變 D.極板上的電荷量變小,極板間電場強度不變 【答案】D 【解析】 平行板電容器電容的表達式為C=,將極板間的云母介質(zhì)移出后,導致電容器的電容C變小。由于極板間電壓不變,據(jù)Q=CU知,極板上的電荷量變小。再考慮到極板間電場強度E=,由于U、d不變,所以極板間電場強度不變,選項D正確。 二、與力學知識相關(guān)的電容器問題 解答與力學知識相關(guān)的電容器問題,步驟如下: (1)首先確定不變量.通過審題,明確電容器的帶電特點,是兩極板間電壓不變,還是電容器所帶電荷量不變 (2)選取研究對象,進行受力分析.在分析受力問題時,要注意判斷帶電體是否忽略重力, (3)根據(jù)牛領(lǐng)第二定律或平衡條件列方程,進而判斷 在電容器某些因素發(fā)生變化的情況下,帶電體的運考是否發(fā)生變化以及怎樣變化等 【典例3】如圖所示,兩塊平行金屬板c、d豎直放置,其間有用絕緣細線懸掛的帶電小球,閉合開關(guān),滑片P位于ab正中間時,小球偏離豎直方向α角,則( ) A.保持滑片P位置不變,將板c略向右移動,α角將變小 B.僅斷開開關(guān),α角將不變 C.僅調(diào)節(jié)電阻箱R使其阻值增大,α角將變大 D.僅將滑片P向b端移動時,α角將變大 【答案】 D 【典例4】如圖所示,A、B為水平放置平行正對金屬板,在板中央分別有一小孔M、N,D為理想二極管,R為滑動變阻器。閉合開關(guān)S,待電路穩(wěn)定后,將一帶負電荷的帶電小球從M、N的正上方的P點由靜止釋放,小球恰好能運動至小孔N處。下列說法正確的是()。 A: 若僅將A板上移,帶電小球仍將恰好運動至小孔N處 B: 若僅將B板上移,帶電小球?qū)男】譔穿出 C: 若僅將滑動變阻器的滑片上移,帶電小球?qū)o法運動至N處 D: 斷開開關(guān)S,從P處將小球由靜止釋放,帶電小球?qū)男】譔穿出 【答案】C。 【解析】A項,根據(jù)二極管的單向?qū)щ娦钥芍桨咫娙萜骺梢猿潆姴荒芊烹?。A板上移時,由知電容器電容值變小。,不能變小,故不變,電壓變大。故從P到N,重力做功不變,電場力做功變大,因此不能到達N處,故A項錯誤。 【跟蹤短訓】 1. 電源、開關(guān)S、定值電阻R1、R2、光敏電阻R3和電容器連接成如圖所示電路,電容器的兩平行板水平放置.當開關(guān)S閉合,并且無光照射光敏電阻R3時,一帶電液滴恰好靜止在電容器兩板間的M點,當用強光照射光敏電阻R3時,光敏電阻的阻值變小,則( ) A. 液滴向下運動 B. 液滴向上運動 C. 電容器所帶電荷量減少 D. 電容器兩極板間電壓變大 【答案】BD 【解析】當用強光照射光敏電阻R2時,光敏電阻的阻值變小,電路中電流增大,R1兩端間的電壓增大,電容器的電壓增大,板間場強增大,液滴所受的電場力增大,液滴向上運動。故A錯誤,BD正確;電容器的電壓增大,電容不變,由Q=CU知,電容器所帶電荷量增大。故C錯誤。 2. 圖所示,充電后的平行板電容器水平放置,電容為C,極板間距離為d,上極板正中有一小孔。質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h處由靜止開始下落,穿過小孔到達下極板處速度恰為零(空氣阻力忽略不計,極板間電場可視為勻強電場,重力加速度為g)。求: (1)小球到達小孔處的速度; (2)極板間電場強度大小和電容器所帶電荷量; (3)小球從開始下落運動到下極板處的時間。 【答案】 (1) (2) (3) 課后作業(yè) 1.如圖所示,先接通開關(guān)S使電容器充電,然后斷開開關(guān)S。當增大兩極板間距離時,電容器所帶電荷量Q、電容C、兩極板間電勢差U、兩極板間場強E的變化情況是( ) A.Q變小,C不變,U不變,E變小 B.Q變小,C變小,U不變,E不變 C.Q不變,C變小,U變大,E不變 D.Q不變,C變小,U變小,E變小 【答案】C 【解析】 電容器充電后再斷開開關(guān)S,則電容器所帶電荷量Q不變,由C=可知,d增大時,C變小;又U=,所以U變大;由于E=,U==,所以E=,故d增大時,E不變,C正確。 2.如圖所示,平行板電容器與電動勢為E的直流電源連接,上極板A接地,一帶負電油滴固定于電容器中的P點。現(xiàn)將平行板電容器的下極板B豎直向下移動一小段距離,則( ) A.油滴所受的電場力不變 B.P點的電勢將升高 C.油滴的電勢能增大 D.電容器的電容減小,極板帶電荷量增大 【答案】B 3.傳感器是把非電學量(如速度、溫度、壓力等)的變化轉(zhuǎn)化成電學量變化的一種元件,在自動控制中有著相當廣泛的應(yīng)用,如圖所示,是一種測定液面高度的電容式傳感器示意圖,金屬芯線與導電液體形成一個電容器,從電容C的大小變化就能反映導電液面的升降情況,兩者的關(guān)系是( ) A. C增大表示h增大 B. C增大表示h減小 C. C減小表示h減小 D. C減小表示h增大 【答案】AC 故選AC。 【點睛】金屬芯線與導電液體形成一個電容器,液面高度h變化相當于正對面積變化,根據(jù)電容的決定式C=εs4πkd分析電容的變化與高度間的關(guān)系。 4. 如圖所示是一個平行板電容器,兩板間距離為d,其電容為C,帶電荷量為Q,上極板帶正電.現(xiàn)將一個試探電荷q由兩極板間的A點移動到B點,A、B兩點間的距離為l,連線AB與極板間的夾角為30,則電場力對試探電荷q所做的功等于( ) A. B. C. D. 【答案】 C 【解析】 根據(jù)U=,E=可得E=,所以,從A→B電場力做功,W=qElsin30=. 5.如圖所示是一個由電池、電阻R、開關(guān)S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路,開關(guān)S閉合。一帶電液滴懸浮在兩板間P點不動,下列說法正確的是( ) A.液滴可能帶正電 B.增大兩極板距離的過程中,電阻R中有從a到b的電流,電容器中負電荷從B到A C.斷開S,減小兩極板正對面積的過程中,液滴將加速下降 D.斷開S,減小兩極板距離過程中,液滴靜止不動 【答案】D 6. 如圖所示,平行板電容器兩極板M、N相距為d,兩極板分別與電壓為U的恒定電源兩極連接,極板M帶正電?,F(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電量為q的帶電油滴在極板中央處于靜止狀態(tài),則( ) A.極板M、N之間的電場強度為 B.油滴帶正電 C.油滴的比荷= D.將極板N向下緩慢移動一小段距離Δd,油滴的加速度為-g 【答案】C 【解析】 極板M、N之間的電場強度為E=,選項A錯誤;由題意知油滴受到的電場力豎直向上,又極板M帶正電,故油滴帶負電,選項B錯誤;由mg=qE=q可得油滴的比荷=,選項C正確;將極板N向下緩慢移動一小段距離Δd,極板之間電場強度E′=,E減小,油滴所受電場力減小,重力將大于電場力,油滴將向下加速運動,由mg-qE′=ma,解得油滴的加速度為a=g-,選項D錯誤。 7.如圖所示,甲圖中電容器的兩個極板和電源的兩極相連,乙圖中電容器充電后斷開電源。在電容器的兩個極板間用相同的懸線分別吊起完全相同的帶電小球,小球靜止時懸線和豎直方向的夾角均為θ,將兩圖中的右極板向右平移時,下列說法正確的是( ) A.甲圖中夾角減小,乙圖中夾角增大 B.甲圖中夾角減小,乙圖中夾角不變 C.甲圖中夾角不變,乙圖中夾角不變 D.甲圖中夾角減小,乙圖中夾角減小 【答案】B 8.平行板電容器的兩極板A、B接于電源兩極,一帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部,閉合開關(guān)S,給電容器充電,小球靜止時懸線偏離豎直方向的夾角為θ,如圖所示.下列說法中正確的是( ) A. 保持S閉合,當帶正電A板向B板靠近時,θ不變 B. 保持S閉合,當帶正電A板向B板靠近時,θ增大 C. 斷開S,當帶正電A板向B板靠近時,θ不變 D. 斷開S,當帶正電A板向B板靠近時,θ增大 【答案】BC 【解析】保持S閉合時,板間電壓U不變。由E=Ud可知,當A板向B板靠近時,E變大,故電場力變大,θ變大;斷開S時,q不變。當A板向B板靠近時,由C=εS4kπd可知,C變大。由U=qC可知,U變小,由E=Ud=4kπqεS,可知E不變,故電場力不變,θ不變。綜上分析,BC正確。 9.如圖,電路中A、B、C、D是完全相同的金屬極板,P是AB板間的一點,在CD板間插有一塊有機玻璃板。閉合開關(guān),電路穩(wěn)定后將開關(guān)斷開?,F(xiàn)將CD板間的玻璃板抽出,下列說法正確的是 A. 金屬板CD構(gòu)成電容器的電容減小 B. P點電勢降低 C. 玻璃板抽出過程中,電阻R中有向右的電流 D. A、B兩板間的電場強度減小 【答案】AC 故選AC。 【點睛】做好電容器的題目要把電容的定義式、決定式和場強的推導式結(jié)合應(yīng)用,掌握電場強度的推導式,注意B極接地,電勢為零。 10.如圖所示,平行板電容器的兩個極板為A、B,B極板接地,A極板帶有電荷量+Q,板間電場有一固定點P,若將B極板固定,A極板下移一些,或者將A極板固定,B極板上移一些,在這兩種情況下,以下說法正確的是( ) A. A極板下移時,P點的電場強度不變,P點電勢不變 B. A極板下移時,P點的電場強度不變,P點電勢升高 C. B極板上移時,P點的電場強度不變,P點電勢降低 D. B極板上移時,P點的電場強度減小,P點電勢降低 【答案】AC 11.如圖所示,豎直放置的兩個平行金屬板A、B帶等量的異種電荷,A板帶負電荷,B板接地。一帶負電的粒子固定在A、B兩板中間的一點P處。若將A板向左平移到虛線位置,則P點的電場強度E和該粒子的電勢能EP的變化情況是( ) A. E不變,EP不變 B. E不變,EP改變 C. E改變,EP不變 D. E改變,EP改變 【答案】A 【解析】據(jù)題可知,電容器所帶電量Q不變,根據(jù)C=QU、C=εS4πkd、E=Ud得E=4πkQεS,則知電場強度E不變,P與右板間的距離不變,E不變,則由U=Ed分析P點與右板間電勢差不變,右板電勢為零,所以φ不變,故A正確,B、C、D錯誤; 故選A。 12.如圖所示,C為兩極板水平放置的空氣平行板電容器,閉合開關(guān)S,當滑動變阻器R1、R2的滑片處于各自的中點位置時,懸在電容器C兩極板間的帶點塵埃P恰好處于靜止狀態(tài)。要使塵埃P向下加速運動,下列方法中可行的是: A. 把R1的滑片向左移動 B. 把R2的滑片向右移動 C. 把R2的滑片向左移動 D. 把開關(guān)S斷開 【答案】C 13.如圖,平行板電容器AB兩極板水平放置,將其和二極管串聯(lián)接在電源上,已知A板和電源正極相連,二極管具有單向?qū)щ娦?。一帶負電小球從AB間的某一固定點水平射入,打在B板上的N點,小球的重力不能忽略,現(xiàn)通過上下平移A板來改變兩板間距,則下列說法正確的是 A. 當AB間距增大時,小球可能打在N點的左側(cè) B. 當AB間距減小時,小球可能打在N點的左側(cè) C. 當AB間距減小時,電場力對小球做功不變 D. 當AB間距增大時,電場力對小球做功不變 【答案】D 故選D 14.如圖所示,M、N是平行板電容器的兩個極板,R0為定值電阻,R1、R2為可調(diào)電阻,用絕緣細線將質(zhì)量為m、帶正電的小球懸于電容器內(nèi)部.閉合電鍵S,小球靜止時受到懸線的拉力為F.調(diào)節(jié)R1、R2,關(guān)于F的大小判斷正確的是( ) A. 保持R1不變,緩慢增大R2時,F(xiàn)將變大 B. 保持R2不變,緩慢增大R1時,F(xiàn)將變大 C. 保持R1和R2不變,緩慢向上移動M板,F(xiàn)將不變 D. 保持R1和R2不變,緩慢向左移動M板,F(xiàn)將不變 【答案】C 【解析】保持R1不變,緩慢增大R2時,由于R0和R2串聯(lián),總電流減小,R0兩端的電壓減小,即平行板電容器的兩個極板的電壓U減小,帶電小球受到的電場力F電=qE=qUd減小,懸線的拉力為F=mg2+F電2將減小,A錯誤;保持R2不變,緩慢增大R1時,由于在含容支路中的電阻相當于導線, 14.電容式加速度傳感器的原理結(jié)構(gòu)如圖,質(zhì)量塊右側(cè)連接輕質(zhì)彈簧,左側(cè)連接電介質(zhì),彈簧與電容器固定在外框上。質(zhì)量塊可帶動電介質(zhì)移動改變電容。則(??) A. 電介質(zhì)插入極板間越深,電容器電容越小 B. 當傳感器由靜止突然向右加速瞬間,電路中有順時針方向電流 C. 若傳感器原來向右勻速運動,突然減速時彈簧會伸長 D. 當傳感器以恒定加速度運動時,電路中有恒定電流 【答案】B 【解析】試題分析:先確定電介質(zhì)向什么方向運動,再來確定電容器處于充電,還是放電,從而確定電路中的電流方向;由慣性可知,彈簧處于什么狀態(tài);由牛頓第二定律,確定彈力是否變化,再確定電容器是否處于充放電狀態(tài);根據(jù)電容器的電容公式C=εS4πkd,從而電容的大小變化. 根據(jù)電容器的電容公式C=εS4πkd,當電介質(zhì)插入極板間越深,即電介質(zhì)增大,則電容器電容越大,A錯誤;當傳感器由靜止突然向右加速瞬間,質(zhì)量塊要向左運動,導致插入極板間電介質(zhì)加深,因此電容會增大,由于電壓不變,根據(jù)Q=CU,可知,極板間的電量增大,電容器處于充電狀態(tài),因此電路中有順時針方向電流,B正確;若傳感器原來向右勻速運動,突然減速時,因慣性,則繼續(xù)向右運動,從而壓縮彈簧,C錯誤;當傳感器以恒定加速度運動時,根據(jù)牛頓第二定律可知,彈力大小不變,則電容器的電容不變,因兩極的電壓不變,則電容器的電量不變,因此電路中沒有電流,D錯誤. 15.如圖所示的電路中,A、B是平行板電容器的兩金屬板.先將電鍵S閉合,等電路穩(wěn)定后將S斷開,并將B板向下平移一小段距離,保持兩板間的某點P與A板的距離不變.則下列說法不正確的是( ) A. 電容器內(nèi)部的電場強度大小變大 B. 電容器的電容變小 C. 電容器兩極板間電壓變大 D. P點的電勢升高 【答案】A 【點睛】根據(jù)平行板電容器的電容決定式C=εS4πkd分析電容的變化情況,抓住電容器的電壓不變,由E=Ud分析板間場強的變化情況,由C=QU分析電容器所帶電量的變化,根據(jù)P點與下極板間電勢差的變化,判斷P點電勢的變化. 16.如圖所示,平行板電容器與恒壓電源連接,電子以速度v0垂直于電場線方向射入并穿過平行板間的電場,設(shè)電容器極板上所帶的電荷量為Q,電子穿出平行板電容器時在垂直于板面方向偏移的距離為y,若僅使電容器上極板上移,以下說法正確的是( ) A. Q減小,y不變 B. Q減小,y減小 C. Q增大,y減小 D. Q增大,y增大 【答案】B 17.如圖所示,在真空中A、B兩塊平行金屬板豎直放置并接入電路。調(diào)節(jié)滑動變阻器,使A、B兩板間的電壓為U時,一質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子,以初速度v0從A板上的中心小孔沿垂直兩板的方向射入電場中,恰從A、B兩板間的中點處沿原路返回(不計重力),則下列說法正確的是( ) A.使初速度變?yōu)?v0時,帶電粒子恰能到達B板 B.使初速度變?yōu)?v0時,帶電粒子將從B板中心小孔射出 C.使初速度v0和電壓U都增加為原來的2倍時,帶電粒子恰能到達B板 D.使初速度v0和電壓U都增加為原來的2倍時,帶電粒子將從B板中心小孔射出 【答案】BC 【解析】 設(shè)帶電粒子進入電場中的位移為x,根據(jù)動能定理得:-qEx=0-mv02,又E=得x=,由此可知,使帶電粒子的初速度變?yōu)関0,或使初速度v0和電壓U都增加到原來的2倍,帶電粒子進入電場后恰能到達B板處,同理易知使帶電粒子的初速度變?yōu)?v0,帶電粒子將從B板中心小孔射出,故B、C正確,A、D錯誤。 18. 如圖所示,A、B為平行金屬板,兩板間距為d,分別與電源兩極相連,兩板的中央各有一小孔M和N。今有一帶電質(zhì)點,自A板上方相距為d的P點由靜止自由下落(P、M、N在同一豎直線上),空氣阻力忽略不計,到達N孔時速度恰好為零,然后沿原路返回。若保持兩極板間的電壓不變,則( ) A.把A板向上平移一小段距離,質(zhì)點自P點自由下落后仍能返回 B.把A板向下平移一小段距離,質(zhì)點自P點自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落 C.把B板向上平移一小段距離,質(zhì)點自P點自由下落后仍能返回 D.把B板向下平移一小段距離,質(zhì)點自P點自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落 【答案】ACD 19. 如圖所示,水平放置的平行板電容器,原來兩板不帶電,上極板接地,極板長L=0.1 m,兩板間距離d=0.4 cm,有一束相同微粒組成的帶正電粒子流從兩板中央平行極板射入,由于重力作用微粒能落到下極板上,微粒所帶電荷立即轉(zhuǎn)移到下極板且均勻分布在下極板上。設(shè)前一微粒落到下極板上時后一微粒才能開始射入兩極板間。已知微粒質(zhì)量為m=210-6 kg,電量q=110-8 C,電容器電容為C=10-6 F。求:(g=10 m/s2) (1)為使第一個微粒能落在下極板中點,則微粒入射速度v0應(yīng)為多少? (2)以上述速度入射的微粒,最多能有多少落到下極板上? 【答案】:(1)2.5 m/s (2)600個 【解析】:(1)由題意知,第一個微粒只受重力:- 1.請仔細閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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