2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 分層規(guī)范快練34 電磁感應(yīng)中的動力學(xué)、能量和動量問題 新人教版.doc
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分層規(guī)范快練(三十四) 電磁感應(yīng)中的動力學(xué)、能量和動量問題 [雙基過關(guān)練] 1.如圖所示,豎直放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌之間接有定值電阻R,質(zhì)量不能忽略的金屬棒與兩導(dǎo)軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦,棒與導(dǎo)軌的電阻均不計,整個裝置放在勻強磁場中,磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直,棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時間內(nèi),力F做的功與安培力做的功的代數(shù)和等于( ) A.棒的機械能增加量 B.棒的動能增加量 C.棒的重力勢能增加量 D.電阻R上放出的熱量 解析:棒受重力G、拉力F和安培力F安的作用.由動能定理:WF+WG+W安=ΔEk得WF+W安=ΔEk+mgh,即力F做的功與安培力做功的代數(shù)和等于機械能的增加量,選項A正確. 答案:A 2.[2019河北省定州中學(xué)月考]如圖所示,足夠長的U形光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成角θ(0<θ<90),其中MN與PQ平行且間距為L,導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直,導(dǎo)軌電阻不計.金屬棒ab由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑,并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸,ab棒接入電路的電阻為R,當流過ab棒某一橫截面的電量為q時,棒的速度大小為v,則金屬棒ab在這一過程中( ) A.運動的平均速度大小為 B.下滑位移大小為 C.產(chǎn)生的焦耳熱為qBLv D.受到的最大安培力大小為sinθ 解析:金屬棒ab開始做加速逐漸減小的變加速運動,不是勻變速直線運動,平均速度不等于,而是大于,故A錯誤;由電荷量計算公式q=It=t==可得,下滑的位移大小為x=,故B正確;產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2Rt=qIR,而這里的電流I比棒的速度大小為v時的電流I′=小,故這一過程產(chǎn)生的焦耳熱小于qBLv,故C錯誤;金屬棒ab受到的最大安培力大小為F=BIL=BL=,故D錯誤. 答案:B 3.如圖所示,紙面內(nèi)有一矩形導(dǎo)體閉合線框abcd,ab邊長大于bc邊長,置于垂直紙面向里、邊界為MN的勻強磁場外,線框兩次勻速地完全進入磁場,兩次速度大小相同,方向均垂直于MN.第一次ab邊平行MN進入磁場,線框上產(chǎn)生的熱量為Q1,通過線框?qū)w橫截面的電荷量為q1;第二次bc邊平行MN進入磁場,線框上產(chǎn)生的熱量為Q2,通過線框?qū)w橫截面的電荷量為q2,則( ) A.Q1>Q2,q1=q2 B.Q1>Q2,q1>q2 C.Q1=Q2,q1=q2 D.Q1=Q2,q1>q2 解析:設(shè)線框邊長ab=l1,bc=l2,線框中產(chǎn)生的熱量Q1=I2Rt=2R==l1,Q2=l2,由于l1>l2,所以Q1>Q2.通過線框?qū)w橫截面的電荷量q=Δt=Δt==,故q1=q2,A選項正確. 答案:A 4.(多選) 一空間有垂直紙面向里的勻強磁場B,兩條電阻不計的平行光滑導(dǎo)軌豎直放置在磁場內(nèi),如圖所示,磁感應(yīng)強度B=0.5 T,導(dǎo)體棒ab、cd長度均為0.2 m,電阻均為0.1 Ω,重力均為0.1 N,現(xiàn)用力向上拉動導(dǎo)體棒ab,使之勻速上升(導(dǎo)體棒ab、cd與導(dǎo)軌接觸良好),此時cd靜止不動,則ab上升時,下列說法正確的是( ) A.a(chǎn)b受到的拉力大小為2 N B.a(chǎn)b向上運動的速度為2 m/s C.在2 s內(nèi),拉力做功,有0.4 J的機械能轉(zhuǎn)化為電能 D.在2 s內(nèi),拉力做功為0.6 J 解析:對導(dǎo)體棒cd分析:mg=BIl=,得v=2 m/s,故選項B正確;對導(dǎo)體棒ab分析:F=mg+BIl=0.2 N,選項A錯誤;在2 s內(nèi)拉力做功轉(zhuǎn)化的電能等于克服安培力做的功,即W=F安vt=0.4 J,選項C正確;在2 s內(nèi)拉力做的功為Fvt=0.8 J,選項D錯誤. 答案:BC 5.[2019貴州黔南州三校聯(lián)考]如圖甲所示,空間存在B=0.5 T、方向豎直向下的勻強磁場,MN、PQ是水平放置的平行長直導(dǎo)軌,其間距L=0.2 m,R是連在導(dǎo)軌一端的電阻,ab是跨接在導(dǎo)軌上質(zhì)量m=0.1 kg的導(dǎo)體棒.從零時刻開始,對ab施加一個大小為F=0.45 N、方向水平向左的恒定拉力,使其從靜止開始沿導(dǎo)軌滑動,滑動過程中棒始終保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好,圖乙是棒的v-t圖象,其中AO是圖象在O點的切線,AB是圖象的漸近線.除R以外,其余部分的電阻均不計.設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力.已知當棒的位移為100 m時,其速度達到了最大速度10 m/s.求: (1)R的阻值; (2)在棒運動100 m過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱. 解析:(1)由圖乙得ab棒剛開始運動瞬間a=2.5 m/s2, 則F-Ff=ma, 解得Ff=0.2 N. ab棒最終以速度v=10 m/s勻速運動,則所受到拉力、摩擦力和安培力的合力為零,F(xiàn)-Ff-F安=0. F安=BIL=BL=. 聯(lián)立可得R==0.4 Ω. (2)由功能關(guān)系可得(F-Ff)x=mv2+Q, 解得Q=20 J. 答案:(1)0.4 Ω (2)20 J [技能提升練] 6.[2019山東淄博模擬](多選)如圖甲所示,左側(cè)接有定值電阻R=3 Ω的水平平行且足夠長的粗糙導(dǎo)軌處于垂直紙面向外的勻強磁場中,磁感應(yīng)強度B=2 T,導(dǎo)軌間距L=1 m.一質(zhì)量m=2 kg、接入電路的阻值r=1 Ω的金屬棒在拉力F的作用下由靜止開始從CD處沿導(dǎo)軌向右加速運動,金屬棒的v-x圖象如圖乙所示.若金屬棒與導(dǎo)軌垂直且接觸良好,與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,導(dǎo)軌電阻不計,取g=10 m/s2,則金屬棒從靜止開始向右運動的位移為x1=1 m的過程中,下列說法正確的是( ) A.金屬棒中感應(yīng)電流的方向為C→D B.拉力F做的功為16 J C.通過電阻的電荷量為0.25 C D.定值電阻產(chǎn)生的焦耳熱為0.75 J 解析:根據(jù)右手定則可知,金屬棒中感應(yīng)電流的方向為C→D,選項A正確.由圖乙可得金屬棒向右運動的位移為1 m時,速度v1=2 m/s,金屬捧運動過程中受到的安培力FA=BL,若安培力是恒力,則金屬棒克服安培力做的功WA=FAx1=vx1,但實際上安培力是變力,結(jié)合圖乙圖線與橫軸圍成的面積可得WA= J=1 J,根據(jù)動能定理有WF-μmgx1-WA=mv-0,得WF=15 J,選項B錯誤.通過定值電阻的電荷量q==0.5 C,選項C錯誤.克服安培力做的功轉(zhuǎn)化為回路中的焦耳熱,則定值電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q=WA=0.75 J,選項D正確. 答案:AD 7.[2019領(lǐng)航高考沖刺卷]如圖所示,水平固定足夠長平行直軌道MM′N、PP′Q間距l(xiāng)=2 m,M′P′為磁場邊界,左側(cè)粗糙無磁場,右側(cè)光滑且有垂直軌道平面向下的勻強磁場B=2 T.導(dǎo)體棒ab、cd質(zhì)量、電阻均相等,分別為m=2 kg,R=2 Ω.現(xiàn)讓cd棒靜止在光滑區(qū)域某處(距M′P′足夠遠),ab棒在與磁場邊界M′P′左側(cè)相距x=3.6 m處獲得初速度v0=10 m/s.整個過程中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好,ab棒與粗糙導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.5.重力加速度g=10 m/s2.求: (1)ab導(dǎo)體棒剛進入磁場瞬間回路的電流; (2)求ab、cd最終的速度及ab進入磁場后系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱. 解析:(1)設(shè)ab棒剛進入瞬間速度為v1,則從開始到剛進入過程:-μmgx=mv-mv 解得v1=8 m/s 進入瞬間,電動勢E=BLv1 解得E=32 V 電流:I==8 A (2)ab進入后,ab、cd兩棒系統(tǒng)動量守恒:mv1=2mv2 解得:vab=vcd=4 m/s 由能量守恒定律:Q=mv-2mv 解得Q=32 J 答案:(1)8 A (2)32 J 8.[2019湖南宜章模擬]如圖,一質(zhì)量為m,邊長為h的正方形金屬線框abcd自某一高度由靜止下落,依次經(jīng)過兩勻強磁場區(qū)域,且金屬線框bc邊的初始位置離磁場B1的上邊界的高度為,兩磁場的磁感應(yīng)強度分別為B1和B2,且B1=2B0,B2=B0(B0已知),兩磁場的間距為H(H未知,但H>h),線框進入磁場B1時,恰好做勻速運動,速度為v1(v1已知),從磁場B1中穿出后又以v2勻速通過寬度也為h的磁場B2. (1)求v1與v2的比值; (2)寫出H與h的關(guān)系式; (3)若地面離磁場B2的下邊界的高度為h,求金屬線框下落到地面所產(chǎn)生的熱量.(用m、h、g表示) 解析:(1)金屬線框分別進入磁場B1和B2后,做勻速運動,由平衡條件有BIh=mg① 又金屬線框切割磁感線,則I=② 聯(lián)立①②得v= 所以==.③ (2)金屬線框進入磁場B1前和離開磁場B1后到進入磁場B2前,都是做只在重力作用下的運動,由運動學(xué)公式有 v=2g④ v-v=2g(H-h(huán))⑤ 聯(lián)立③④⑤得H=.⑥ (3)產(chǎn)生的熱量等于克服安培力做功,Q=BIh4h⑦ 聯(lián)立①⑦得Q=4mgh. 答案:(1)1:4 (2)H= (3)4mgh 9.[2019山東濟寧模擬]如圖甲所示,彎折成90角的兩根足夠長金屬導(dǎo)軌平行放置,形成左右兩導(dǎo)軌平面,左導(dǎo)軌平面與水平面成53角,右導(dǎo)軌平面與水平面成37角,兩導(dǎo)軌相距L=0.2 m,導(dǎo)軌電阻不計.質(zhì)量均為m=0.1 kg的金屬桿ab、cd與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路.其中金屬桿ab的電阻R=0.2 Ω,金屬桿cd的電阻忽略不計,兩金屬桿與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.5,整個裝置處于磁感應(yīng)強度大小B=1.0 T,方向平行于左導(dǎo)軌平面且垂直右導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中.t=0時刻開始,對ab桿施加一垂直ab桿且平行右導(dǎo)軌平面向下的力F,使ab桿以初速度v1沿右導(dǎo)軌平面勻速下滑.t=1 s后,使ab做勻加速直線運動,t=2 s后,又使ab桿沿導(dǎo)軌平面勻速下滑.整個過程中cd桿運動的v-t圖象如圖乙所示(其中第1 s、第3 s內(nèi)圖線為直線).兩桿下滑過程均保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好,取g=10 m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8.求: (1)在第1秒內(nèi)cd桿受到的安培力的大小; (2)ab桿的初速度v1及第2 s末的速度v2; (3)若第2 s內(nèi)力F所做的功為9 J,求第2 s內(nèi)ab桿所產(chǎn)生的焦耳熱. 解析:(1)對cd桿,由v-t圖象得:a1==3 m/s2, 由牛頓第二定律得mgsin53-μ(mgcos53+F安)=ma1. 解得F安=0.4 N. (2)對ab桿,感應(yīng)電動勢E=BLv1, 電流I=,cd桿的安培力F安=BIL, 解得v1=2 m/s, 由題意得第3 s內(nèi)cd的加速度a2=-3 m/s2, 對cd桿,由牛頓第二定律得 mgsin53-μ=ma2, 解得v2=8 m/s. (3)由運動學(xué)知識得第2 s內(nèi)ab桿的位移x2=t=5 m, 由動能定理得WF+WG+Wf+W安=mv-mv,又WF=9 J,WG=mgx2sin37, Wf=-μmgx2cos37,-W安=Qab,解得:Qab=7 J. 答案:(1)0.4 N (2)2 m/s 8 m/s (3)7 J- 1.請仔細閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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