京津瓊2019高考物理總復習專用優(yōu)編提分練：選擇題專練一.doc

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選擇題專練(一) 1．下列論述中正確的是(　　) A．開普勒根據(jù)萬有引力定律得出行星運動規(guī)律 B．愛因斯坦的狹義相對論，全面否定了牛頓的經典力學規(guī)律 C．普朗克把能量子引入物理學，正確地破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念 D．玻爾提出的原子結構假說，成功地解釋了各種原子光譜的不連續(xù)性 答案　C 解析　開普勒通過研究第谷的行星觀測數(shù)據(jù)，得出了行星運動規(guī)律，A錯誤；愛因斯坦的狹義相對論，并沒有全面否定牛頓的經典力學，B錯誤；普朗克把能量子引入物理學，正確地破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，C正確；玻爾提出的原子結構假說，不能解釋復雜原子，如氦原子核光譜的不連續(xù)性，D錯誤． 2.如圖1，放置在光滑的水平地面上足夠長的斜面體，下端固定有擋板，用外力將輕質彈簧壓縮在小木塊和擋板之間，彈簧的彈性勢能為100 J．撤去外力，木塊開始運動，離開彈簧后，沿斜面向上滑到某一位置后，不再滑下，則(　　) 圖1 A．木塊重力勢能的增加量為100 J B．木塊運動過程中，斜面體的支持力對木塊做功不為零 C．木塊、斜面體和彈簧構成的系統(tǒng)，機械能守恒 D．最終，木塊和斜面體以共同速度向右勻速滑行 答案　B 解析　因為到達最高點后，木塊不再下滑，所以木塊必受斜面的摩擦力作用，斜面體受到木塊的斜向右上的摩擦力作用，該力在水平方向上有一個分力，故斜面體向右運動，木塊相對地面在水平方向上有位移，斜面體對木塊的支持力與水平位移夾角不垂直，故斜面體的支持力對木塊做功不為零，木塊、斜面體和彈簧構成的系統(tǒng)，有摩擦力做功，所以機械能不守恒，B正確，C錯誤；將彈簧、木塊和斜面體看成一個整體，整體在水平方向上受力為零，所以系統(tǒng)水平方向動量守恒，釋放彈簧前系統(tǒng)水平方向動量為零，故釋放彈簧后系統(tǒng)水平方向動量仍舊為零，即木塊和斜面體最后靜止，彈簧的彈性勢能轉化為系統(tǒng)的內能(克服摩擦力做功)以及木塊的重力勢能，故木塊重力勢能的增加量小于100 J，A、D錯誤． 3．如圖2所示，a為放在地球赤道上隨地球一起轉動的物體，b、c、d為在圓軌道上運行的衛(wèi)星，軌道平面均在地球赤道面上，其中b是近地衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星．若a、b、c、d的質量相同，地球表面附近的重力加速度為g，則下列說法中正確的是(　　) 圖2 A．b衛(wèi)星轉動的線速度大于7.9 km/s B．a、b、c、d的周期大小關系為Ta，g為重力加速度．從拋出到第一次碰撞筒壁，不計空氣阻力，則下列說法正確的是(　　) 圖5 A．三小球運動時間之比tA∶tB∶tC＝∶2∶1 B．三小球下落高度之比hA∶hB∶hC＝2∶∶1 C．重力對三小球做功之比WA∶WB∶WC＝3∶4∶1 D．重力的平均功率之比PA∶PB∶PC＝2∶3∶1 答案　AC 解析　因為三個小球都碰壁，說明沒有下落到底部，小球在水平方向上做勻速直線運動，根據(jù)幾何知識可知三個球的水平位移xA＝2R＝R，xB＝2R，xC＝2R＝R，而所用時間tA∶tB∶tC＝∶∶＝∶2∶1，A正確；在豎直方向上做自由落體運動，三小球下落高度之比hA∶hB∶hC＝gtA2∶gtB2∶gtC2＝3∶4∶1，B錯誤；重力對小球做功WG＝mgh，故WA∶WB∶WC＝hA∶hB∶hC＝3∶4∶1，C正確；重力的平均功率P＝，故PA∶PB∶PC＝∶∶＝∶∶＝∶2∶1，D錯誤． 7．圖6(a)中理想變壓器的原線圈依次接入如圖(b)所示的甲、乙兩個正弦交流電源．接電源甲后，調節(jié)滑動變阻器滑片位置使小燈泡A正常發(fā)光，小燈泡的功率及電流頻率分別為P1、f1；保持滑片位置不變，改用電源乙，小燈泡的功率及電流頻率分別為P2、f2，則(　　) 　 圖6 A．f1∶f2＝3∶2 B．P1∶P2＝2∶1 C．若將變阻器滑片向左移動，電源乙可能使小燈泡正常發(fā)光 D．若將變壓器動片P向下移動，電源乙可能使小燈泡正常發(fā)光 答案　AD 解析　變壓器不改變交流電的頻率，從題圖b中可知3T1＝2T2，即＝，所以＝，A正確；從題圖b中可知甲、乙兩個電源的電動勢最大值之比為2∶1，兩種情況下副線圈兩端的電壓有效值之比為2∶1，所以兩種情況下通過燈泡的電流之比為2∶1，根據(jù)P＝I2R可知＝，B錯誤；若將變阻器滑片向左移動，滑動變阻器接入電路的電阻增大，通過燈泡的電流減小，所以電源乙不可能使小燈泡正常發(fā)光，C錯誤；若將變壓器動片P向下移動，即減小，根據(jù)＝可知U2增大，即副線圈兩端電壓增大，故電源乙可能使小燈泡正常發(fā)光，D正確． 8．兩個完全相同的平行板電容器C1、C2水平放置，如圖7所示．開關S閉合時，兩電容器中間各有一油滴A、B剛好處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)將S斷開，將C2下極板向上移動少許，然后再次閉合S，則下列說法正確的是(　　) 圖7 A．兩油滴的質量相等，電性相反 B．斷開開關，移動C2下極板過程中，B所在位置的電勢不變 C．再次閉合S瞬間，通過開關的電流可能從上向下 D．再次閉合開關后，A向下運動，B向上運動 答案　BCD 解析　當S閉合時，左邊電容的上極板和右邊電容的下極板相連，即兩個極板的電勢相等，又因為其他兩個極板都接地，電勢相等，故兩極板間的電勢差的絕對值相等，根據(jù)mg＝q，由于不知道兩油滴的電荷量，故兩個油滴的質量不一定相等，若C1上極板帶正電，則C1電場方向豎直向下，A液滴應受到豎直向上的電場力，故帶負電，C2下極板帶正電，則C2電場方向豎直向上，B滴液應受到豎直向上的電場力，所以帶正電，電性相反；若C1上極板帶負電，則C1電場方向豎直向上，A液滴應受到豎直向上的電場力，故帶正電，C2下極板帶負電，則C2電場方向豎直向下，B滴液應受到豎直向上的電場力，所以帶負電，電性相反，總之，兩油滴的電性相反，A錯誤；斷開開關，移動C2下極板過程中，兩極板所帶電荷量相等，根據(jù)C＝，C＝，E＝聯(lián)立可得E＝，兩極板間的電場強度大小和兩極板間的距離無關，故電場強度恒定，所以B的受力不變，故仍處于靜止狀態(tài)，到上極板(零電勢)的距離不變，根據(jù)U＝Ed可知B點的電勢不變，B正確；S斷開，將C2下極板向上移動少許，根據(jù)C＝可知C2增大，根據(jù)C＝可知U減小，即C2下極板電勢降低，再次閉合S瞬間，C1上極板的電勢大于C2下極板電勢，通過開關的電流可能從上向下，穩(wěn)定后，根據(jù)E＝可知C1兩極板間的電勢差減小，電場強度減小，A向下運動，C2兩極板間的電勢差增大，電場強度增大，B向上運動，C、D正確．