天津市武清區(qū)楊村第四中學高三物理 23受力分析、共點力的平衡復習課件

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1、1.(20111.(2011寧德模擬寧德模擬) )下列有關物體在共點力作用下所處狀態(tài)下列有關物體在共點力作用下所處狀態(tài)的說法中正確的是的說法中正確的是( )( )A.A.物體的速度在某一時刻等于零物體的速度在某一時刻等于零, ,物體就一定處于平衡狀態(tài)物體就一定處于平衡狀態(tài)B.B.物體相對于另一物體保持靜止物體相對于另一物體保持靜止, ,物體一定處于平衡狀態(tài)物體一定處于平衡狀態(tài)C.C.物體所受合力為零物體所受合力為零, ,就一定處于平衡狀態(tài)就一定處于平衡狀態(tài)D.D.物體做勻加速運動時物體做勻加速運動時, ,物體處于平衡狀態(tài)物體處于平衡狀態(tài)【解析【解析】選選C.C.某一時刻速度為零的物體某一時刻速

2、度為零的物體, ,受力不一定為零受力不一定為零, ,故故不一定處于平衡狀態(tài)不一定處于平衡狀態(tài),A,A錯錯; ;物體相對于另一物體靜止時物體相對于另一物體靜止時, ,該物該物體不一定靜止體不一定靜止, ,如當另一物體做變速運動時如當另一物體做變速運動時, ,該物體也做變速該物體也做變速運動運動, ,此物體處于非平衡狀態(tài)此物體處于非平衡狀態(tài), ,故故B B錯錯;C;C選項符合平衡條件的選項符合平衡條件的判斷判斷, ,為正確選項為正確選項; ;物體做勻加速運動物體做勻加速運動, ,所受合力不為零所受合力不為零, ,故不故不是平衡狀態(tài)是平衡狀態(tài),D,D錯錯. .2.2.如圖所示，物體如圖所示，物體A

3、A、B B、C C疊放在水疊放在水平桌面上，力平桌面上，力F F作用在物體作用在物體C C上后，上后，各物體仍保持靜止狀態(tài)，則以下各物體仍保持靜止狀態(tài)，則以下說法正確的是（說法正確的是（ ）A.CA.C不受摩擦力作用不受摩擦力作用B.BB.B受向左的摩擦力作用受向左的摩擦力作用C.AC.A受各個摩擦力的合力為零受各個摩擦力的合力為零D.AD.A、B B、C C三個物體組成的整體所受摩擦力為零三個物體組成的整體所受摩擦力為零【解析【解析】選選C.C.各物體仍保持靜止狀態(tài)，說明各物體所受外力各物體仍保持靜止狀態(tài)，說明各物體所受外力的合力為零，的合力為零，C C必受水平向左的摩擦力的作用，必受水平向

4、左的摩擦力的作用，A A錯誤；通過錯誤；通過假設法可知假設法可知B B不可能受摩擦力作用，不可能受摩擦力作用，B B錯誤；對三個物體由整錯誤；對三個物體由整體法可知體法可知A A一定受地面向左的摩擦力，且大小等于一定受地面向左的摩擦力，且大小等于F F，C C對對A A的的摩擦力向右，大小為摩擦力向右，大小為F F，所以，所以A A所受摩擦力的合力為零，所受摩擦力的合力為零，C C正正確，確，D D錯誤錯誤. .3.3.如圖所示，物體如圖所示，物體m m靜止于傾靜止于傾斜角為斜角為的木板上，在的木板上，在緩慢緩慢增大直至物體開始滑動的過程增大直至物體開始滑動的過程中，下列說法中正確的是中，下列

5、說法中正確的是( )( )A.A.物體所受的摩擦力逐漸增大物體所受的摩擦力逐漸增大B.B.物體對木板的壓力逐漸增大物體對木板的壓力逐漸增大C.C.物體所受支持力和摩擦力的合力逐漸增大物體所受支持力和摩擦力的合力逐漸增大D.D.物體所受重力、支持力和摩擦力的合力逐漸增大物體所受重力、支持力和摩擦力的合力逐漸增大【解析【解析】選選A.A.物體在滑動之前，所受摩擦力為靜摩擦力，通物體在滑動之前，所受摩擦力為靜摩擦力，通過對重力分解為平行于斜面方向的分力和垂直于斜面方向的過對重力分解為平行于斜面方向的分力和垂直于斜面方向的分力可知，分力可知，f f靜靜=mgsin=mgsin，N=mgcosN=mgc

6、os，增大，增大，f f靜靜增大，增大，N N減小，減小，A A正確，正確，B B錯誤；物體處于平衡狀態(tài)，物體所受外力的錯誤；物體處于平衡狀態(tài)，物體所受外力的合力為零，物體所受支持力和摩擦力的合力大小等于物體的合力為零，物體所受支持力和摩擦力的合力大小等于物體的重力，方向豎直向上，大小不變，重力，方向豎直向上，大小不變，C C、D D錯誤錯誤. .4.(20114.(2011中山模擬中山模擬) )如圖所示，獵人非法獵猴，用兩根輕繩如圖所示，獵人非法獵猴，用兩根輕繩將猴子懸于空中，猴子處于靜止狀態(tài)將猴子懸于空中，猴子處于靜止狀態(tài). .以下相關說法正確的以下相關說法正確的是（是（ ）A.A.猴子受

7、到的三個力不是共點力猴子受到的三個力不是共點力B.B.繩拉猴子的力和猴子拉繩的力相互平衡繩拉猴子的力和猴子拉繩的力相互平衡C.C.地球對猴子的引力與猴子對地球的引力是一對作用力和反地球對猴子的引力與猴子對地球的引力是一對作用力和反作用力作用力D.D.人將繩子拉得越緊，猴子受到的合力越大人將繩子拉得越緊，猴子受到的合力越大【解析【解析】選選C.C.以猴子為研究對象，猴子自身的重力和兩根繩以猴子為研究對象，猴子自身的重力和兩根繩子的拉力在同一平面內平衡，屬于共點力，子的拉力在同一平面內平衡，屬于共點力，A A錯誤；繩拉猴錯誤；繩拉猴子的力和猴子拉繩的力是作用力和反作用力，地球對猴子的子的力和猴子拉

8、繩的力是作用力和反作用力，地球對猴子的引力和猴子對地球的引力也是一對相互作用力，引力和猴子對地球的引力也是一對相互作用力，B B錯誤，錯誤，C C正正確；繩子拉得越緊，猴子仍然處于靜止狀態(tài)，合力仍然為零，確；繩子拉得越緊，猴子仍然處于靜止狀態(tài)，合力仍然為零，D D錯誤錯誤. .5.5.如圖所示，用繩如圖所示，用繩ACAC和和BCBC吊起一重物，繩與豎直方向夾角分吊起一重物，繩與豎直方向夾角分別為別為3030和和6060，ACAC繩能承受的最大拉力為繩能承受的最大拉力為150 N150 N，而，而BCBC繩繩能承受的最大拉力為能承受的最大拉力為100 N100 N，求物體的最大重力不能超過多，求

9、物體的最大重力不能超過多少？少？【解析【解析】重物受力分析如圖所示，由重物靜止有：重物受力分析如圖所示，由重物靜止有：T TBCBCsinsin 60 60T TACACsinsin 30 300 0 T TACACcoscos 30 30T TBCBCcoscos 60 60G G0 0 由式由式可知可知T TACAC T TBCBC，當當T TBCBC100 N100 N時，時，T TACAC173.2 N173.2 N，ACAC將斷將斷. .而當而當T TACAC150 N150 N時，時，T TBCBC86.6 N100 N.86.6 N100 N.將將T TACAC150 N150

10、N，T TBCBC86.6 N86.6 N，代入式，代入式解得解得G G173.2 N173.2 N，所以重物的最大重力不能超過，所以重物的最大重力不能超過173.2 N.173.2 N.3一、物體受力分析一、物體受力分析1.1.受力分析：就是把研究對象在給定物理環(huán)境中所受到的力受力分析：就是把研究對象在給定物理環(huán)境中所受到的力全部找出來，并畫出相應的受力示意圖的過程全部找出來，并畫出相應的受力示意圖的過程. .2.2.受力分析的方法受力分析的方法3.3.受力分析的基本步驟受力分析的基本步驟（1 1）明確研究對象：即確定受力分析的物體，研究對象可）明確研究對象：即確定受力分析的物體，研究對象可

11、以是單個物體，也可以是多個物體組成的系統；以是單個物體，也可以是多個物體組成的系統；（2 2）隔離物體分析：將研究對象從周圍物體中隔離出來，）隔離物體分析：將研究對象從周圍物體中隔離出來，進而分析周圍有哪些物體對它施加了力的作用；進而分析周圍有哪些物體對它施加了力的作用；（3 3）畫受力示意圖：在找出力的同時，畫出受力示意圖，）畫受力示意圖：在找出力的同時，畫出受力示意圖，作用點一般畫在物體的重心上，并準確標出各力的方向；作用點一般畫在物體的重心上，并準確標出各力的方向；（4 4）驗證分析結果：檢查畫出的每一個力能否找出它的施）驗證分析結果：檢查畫出的每一個力能否找出它的施力物體，檢查分析結果

12、能否使研究對象處于題意所給的運動力物體，檢查分析結果能否使研究對象處于題意所給的運動狀態(tài)狀態(tài). . 在對物體進行受力分析時，要防止漏力或在對物體進行受力分析時，要防止漏力或添力添力. .（1 1）受力分析的順序一般應是先分析場力，再分析接觸力）受力分析的順序一般應是先分析場力，再分析接觸力. .（2 2）對分析出的每一個力都能找出施力物體）對分析出的每一個力都能找出施力物體. .【例證【例證1 1】（】（20112011濰坊模擬）如圖濰坊模擬）如圖所示，小車所示，小車M M在恒力在恒力F F作用下，沿水平作用下，沿水平地面做直線運動，由此可判斷（地面做直線運動，由此可判斷（ ）A.A.若地面光

13、滑，則小車一定受三個力作用若地面光滑，則小車一定受三個力作用B.B.若地面粗糙，則小車可能受三個力作用若地面粗糙，則小車可能受三個力作用C.C.若小車做勻速運動，則小車一定受四個力的作用若小車做勻速運動，則小車一定受四個力的作用D.D.若小車做加速運動，則小車一定受四個力的作用若小車做加速運動，則小車一定受四個力的作用 【解題指導【解題指導】由物體由物體M M的運動狀態(tài)，分析物體的受力情的運動狀態(tài)，分析物體的受力情況，平衡狀態(tài)時，物體所受的合外力必為零，非平衡狀態(tài)時，況，平衡狀態(tài)時，物體所受的合外力必為零，非平衡狀態(tài)時，物體必有加速度物體必有加速度. .反之，由物體的受力情況，確定其運動狀反之

14、，由物體的受力情況，確定其運動狀態(tài)，注意分析摩擦力存在與否的兩種情況態(tài)，注意分析摩擦力存在與否的兩種情況. .【自主解答【自主解答】選選C.C.先分析重力和已知力先分析重力和已知力F F，再分析彈力，由，再分析彈力，由于于F F的豎直分力可能等于重力，因此地面可能對物體無彈力的豎直分力可能等于重力，因此地面可能對物體無彈力作用，則作用，則A A錯；錯；F F的豎直分力可能小于重力，則一定有地面對的豎直分力可能小于重力，則一定有地面對物體的彈力存在，若地面粗糙，小車受摩擦力作用，共四個物體的彈力存在，若地面粗糙，小車受摩擦力作用，共四個力作用，力作用，B B錯；若小車做勻速運動，那么水平方向上所

15、受摩錯；若小車做勻速運動，那么水平方向上所受摩擦力和擦力和F F的水平分力平衡，這時小車一定受重力、恒力的水平分力平衡，這時小車一定受重力、恒力F F、地、地面彈力、摩擦力四個力作用，則面彈力、摩擦力四個力作用，則C C對；若小車做加速運動，對；若小車做加速運動，當地面光滑時，小車受重力和力當地面光滑時，小車受重力和力F F作用或受重力、力作用或受重力、力F F、地面、地面支持力作用，若地面粗糙支持力作用，若地面粗糙, ,可能還受摩擦力可能還受摩擦力, ,即加速運動時可即加速運動時可能受兩個、三個或四個力作用能受兩個、三個或四個力作用,D,D錯錯. .【變式訓練】（【變式訓練】（2011201

16、1揚州模擬）如圖所示，小車內有一固揚州模擬）如圖所示，小車內有一固定光滑的斜面，一個小球通過細繩與車頂相連，小車在水平定光滑的斜面，一個小球通過細繩與車頂相連，小車在水平面上做直線運動，細繩始終保持豎直，關于小球的受力情況，面上做直線運動，細繩始終保持豎直，關于小球的受力情況，下列說法正確的是（下列說法正確的是（ ）A.A.若小車靜止，繩對小球的拉若小車靜止，繩對小球的拉力可能為零力可能為零B.B.若小車靜止，斜面對小球的若小車靜止，斜面對小球的支持力一定為零支持力一定為零C.C.若小車向右運動，小球一定受兩個力的作用若小車向右運動，小球一定受兩個力的作用D.D.若小車向右運動，小球一定受三個

17、力的作用若小車向右運動，小球一定受三個力的作用【解析【解析】選選B.B.若小車靜止，則小球受力平衡，由于斜面光滑，若小車靜止，則小球受力平衡，由于斜面光滑，不受摩擦力，小球受重力、繩子的拉力，重力和拉力都沿豎不受摩擦力，小球受重力、繩子的拉力，重力和拉力都沿豎直方向；如果受斜面的支持力，則小球沒法達到平衡，因此直方向；如果受斜面的支持力，則小球沒法達到平衡，因此小車靜止時，斜面對小球的支持力一定為零，繩子的拉力大小車靜止時，斜面對小球的支持力一定為零，繩子的拉力大小等于重力大小，故小等于重力大小，故A A項錯誤，項錯誤，B B正確；若小車向右勻速運動，正確；若小車向右勻速運動，小球受重力和繩子

18、的拉力兩個力的作用；若小車向右做減速小球受重力和繩子的拉力兩個力的作用；若小車向右做減速運動，則一定受斜面的支持力，可能受繩子的拉力，也可能運動，則一定受斜面的支持力，可能受繩子的拉力，也可能不受繩子的拉力，故不受繩子的拉力，故C C、D D錯誤錯誤. .二、處理平衡問題常用的方法和解題步驟二、處理平衡問題常用的方法和解題步驟1.1.常用方法常用方法（1 1）力的合成法）力的合成法物體在三個共點力作用下處于平衡狀態(tài)，則任意兩個力的合物體在三個共點力作用下處于平衡狀態(tài)，則任意兩個力的合力一定與第三個力大小相等，方向相反力一定與第三個力大小相等，方向相反.“.“力的合成法力的合成法”是是解決三力平

19、衡問題的基本方法解決三力平衡問題的基本方法. .（2 2）正交分解法）正交分解法物體受到三個或三個以上力的作用時，常用正交分解法列平物體受到三個或三個以上力的作用時，常用正交分解法列平衡方程求解：衡方程求解：F Fx x=0=0，F Fy y=0.=0.為方便計算，建立坐標系時使盡可為方便計算，建立坐標系時使盡可能多的力落在坐標軸上能多的力落在坐標軸上. .（3 3）三角形法）三角形法對受三力作用而平衡的物體，將力的矢量圖平移使三力組成對受三力作用而平衡的物體，將力的矢量圖平移使三力組成一個首尾依次相接的封閉力三角形，進而處理物體平衡問題一個首尾依次相接的封閉力三角形，進而處理物體平衡問題的方

20、法叫做三角形法；力的三角形法在處理動態(tài)平衡問題時的方法叫做三角形法；力的三角形法在處理動態(tài)平衡問題時方便、直觀、容易方便、直觀、容易. .（4 4）相似三角形法）相似三角形法物體受到三個共點力的作用而處于平衡狀態(tài)，畫出其中任意物體受到三個共點力的作用而處于平衡狀態(tài)，畫出其中任意兩個力的合力與第三個力等值反向的平行四邊形，其中可能兩個力的合力與第三個力等值反向的平行四邊形，其中可能有力三角形與題設圖中的幾何三角形相似，進而力三角形與有力三角形與題設圖中的幾何三角形相似，進而力三角形與幾何三角形對應成比例，根據比值便可計算出未知力的大小幾何三角形對應成比例，根據比值便可計算出未知力的大小與方向與方

21、向. .（5 5）受力對稱法）受力對稱法研究對象所受力若具有對稱性，則求解時可把復雜的運算轉研究對象所受力若具有對稱性，則求解時可把復雜的運算轉化為簡單的運算，或者將復雜的圖形轉化為直觀而簡單的圖化為簡單的運算，或者將復雜的圖形轉化為直觀而簡單的圖形，所以在分析問題時，首先應明確物體受力是否具有對稱形，所以在分析問題時，首先應明確物體受力是否具有對稱性性. .2.2.解題步驟解題步驟（1 1）選取研究對象：根據題目要求，選取一個平衡體（單）選取研究對象：根據題目要求，選取一個平衡體（單個物體或系統，也可以是結點）作為研究對象個物體或系統，也可以是結點）作為研究對象. .（2 2）畫受力圖：對研

22、究對象進行受力分析，畫出受力示意）畫受力圖：對研究對象進行受力分析，畫出受力示意圖圖. .（3 3）建立坐標系：選取合適的方向建立直角坐標系）建立坐標系：選取合適的方向建立直角坐標系. .（4 4）列方程求解：根據平衡條件列出平衡方程，解平衡方）列方程求解：根據平衡條件列出平衡方程，解平衡方程，對結果進行討論程，對結果進行討論. . 處理平衡狀態(tài)的方法很多，至于采取什處理平衡狀態(tài)的方法很多，至于采取什么方法，要針對不同的物理問題靈活處理，不能死套方法么方法，要針對不同的物理問題靈活處理，不能死套方法. .【例證【例證2 2】（】（20112011深圳模擬）深圳模擬）如圖所示如圖所示, ,小圓環(huán)

23、小圓環(huán)A A吊著一個質量為吊著一個質量為m m2 2的物塊并套在另一個豎直放置的大的物塊并套在另一個豎直放置的大圓環(huán)上圓環(huán)上, ,有一細線一端拴在小圓環(huán)有一細線一端拴在小圓環(huán)A A上上, ,另一端跨過固定在大圓環(huán)最高點另一端跨過固定在大圓環(huán)最高點B B的一個小滑輪后吊著一個質量為的一個小滑輪后吊著一個質量為m m1 1的物塊的物塊. .如果小圓環(huán)、滑輪、繩子的大小和質量以及相互之如果小圓環(huán)、滑輪、繩子的大小和質量以及相互之間的摩擦都可以忽略不計間的摩擦都可以忽略不計, ,繩子又不可伸長繩子又不可伸長, ,若平衡時弦若平衡時弦ABAB所所對應的圓心角為對應的圓心角為,則兩物塊的質量比則兩物塊的質

24、量比m m1 1mm2 2應為（應為（ ） B.sinB.sinA.cos22C.2sin2D.2cos2 【解題指導【解題指導】根據物體所處平衡狀態(tài)，分析物體受力情根據物體所處平衡狀態(tài)，分析物體受力情況，然后選取解決平衡狀態(tài)的方法求解況，然后選取解決平衡狀態(tài)的方法求解. .【自主解答【自主解答】選選C.C.解法一：采取相似三角形法解法一：采取相似三角形法對小圓環(huán)對小圓環(huán)A A受力分析，如圖所示，受力分析，如圖所示，T T2 2與與N N的合力與的合力與T T1 1平衡，由矢量平衡，由矢量三角形與幾何三角形相似，可知三角形與幾何三角形相似，可知得得21m gm gR2Rsin2，12m2sin

25、m2解法二解法二：采用正交分解法：采用正交分解法建立如解法一中圖所示的坐標系，可知：建立如解法一中圖所示的坐標系，可知：T T2 2=N=m=N=m2 2g g 解得解得解法三：采用三力平衡的推論法解法三：采用三力平衡的推論法T T2 2與與N N的合力與的合力與T T1 1平衡，則平衡，則T T2 2與與N N所構成的平行四邊形為菱形，所構成的平行四邊形為菱形，有有T T2 2=m=m2 2g,Tg,T1 1=m=m1 1g g解得解得2112T sinTm g,212m2sinm2212T sinT212m2sinm2【變式訓練】如圖所示【變式訓練】如圖所示, ,質量為質量為M M的直角三

26、棱柱的直角三棱柱A A放在水平地放在水平地面上面上, ,三棱柱的斜面是光滑的三棱柱的斜面是光滑的, ,且斜面傾角為且斜面傾角為 .質量為質量為m m的的光滑球放在三棱柱和光滑豎直墻壁之間光滑球放在三棱柱和光滑豎直墻壁之間,A,A和和B B都處于靜止狀都處于靜止狀態(tài)態(tài), ,求地面對三棱柱的支持力和摩擦力各為多少求地面對三棱柱的支持力和摩擦力各為多少? ?【解析【解析】選取選取A A和和B B整體為研究對象整體為研究對象, ,它受它受到重力到重力(M+m)g(M+m)g, ,地面支持力地面支持力N,N,墻壁的彈力墻壁的彈力F F和地面的摩擦力和地面的摩擦力f f的作用如圖所示的作用如圖所示, ,處

27、于處于平衡狀態(tài)平衡狀態(tài). .根據平衡條件有根據平衡條件有:N-(M+m)g:N-(M+m)g=0=0，F=fF=f可得可得N=(M+m)gN=(M+m)g再以再以B B為研究對象為研究對象, ,它受到重力它受到重力mgmg、三棱柱對它的支持力、三棱柱對它的支持力F FABAB、墻壁對它的彈力墻壁對它的彈力F F的作用如圖所示的作用如圖所示, ,處于平衡狀態(tài)處于平衡狀態(tài), ,根據平衡根據平衡條件有條件有: :豎直方向上豎直方向上:F:FABABcoscos=mg=mg水平方向上水平方向上:F:FABABsinsin=F=F解得解得F=mgtanF=mgtan，所以，所以f=F=mgtanf=F=

28、mgtan. .答案答案: : (M+m)g mgtan (M+m)g mgtan三、動態(tài)平衡、臨界與極值問題三、動態(tài)平衡、臨界與極值問題1.1.動態(tài)平衡問題：通過控制某些物理量，使物體的狀態(tài)發(fā)生動態(tài)平衡問題：通過控制某些物理量，使物體的狀態(tài)發(fā)生緩慢的變化，而在這個過程中物體又始終處于一系列的平衡緩慢的變化，而在這個過程中物體又始終處于一系列的平衡狀態(tài)狀態(tài). .2.2.臨界問題：當某物理量變化時，會引起其他幾個物理量的臨界問題：當某物理量變化時，會引起其他幾個物理量的變化，從而使物體所處的平衡狀態(tài)變化，從而使物體所處的平衡狀態(tài)“恰好出現恰好出現”或或“恰好不恰好不出現出現”，在問題的描述中常用

29、，在問題的描述中常用“剛好剛好”、“剛能剛能”、“恰好恰好”等語言等語言. .3.3.極值問題：平衡物體的極值，一般指在力的變化過程中的極值問題：平衡物體的極值，一般指在力的變化過程中的最大值和最小值問題最大值和最小值問題. .4.4.解決動態(tài)平衡、臨界與極值問題的常用方法解決動態(tài)平衡、臨界與極值問題的常用方法 (1) (1)處理平衡中的臨界問題和極值問題時，處理平衡中的臨界問題和極值問題時，首先要正確地進行受力分析和變化過程分析，找出平衡的臨首先要正確地進行受力分析和變化過程分析，找出平衡的臨界點和極值點界點和極值點. .(2)(2)在高考命題中，常結合各種力考查平衡中的臨界問題和在高考命題

30、中，常結合各種力考查平衡中的臨界問題和極值問題，借此考查學生利用數學知識解決問題的能力以及極值問題，借此考查學生利用數學知識解決問題的能力以及綜合推理能力綜合推理能力. .【例證【例證3 3】如圖所示，光滑水平地面上放】如圖所示，光滑水平地面上放有截面為有截面為 圓周的柱狀物體圓周的柱狀物體A A，A A與墻面與墻面之間放一光滑的圓柱形物體之間放一光滑的圓柱形物體B B，對，對A A施加施加一水平向左的力一水平向左的力F F，整個裝置保持靜止，整個裝置保持靜止. .若將若將A A的位置向左移動稍許，整個裝置仍的位置向左移動稍許，整個裝置仍保持平衡，則以下說法錯誤的是保持平衡，則以下說法錯誤的是

31、A.A.水平外力水平外力F F增大增大B.B.墻對墻對B B的作用力減小的作用力減小C.C.地面對地面對A A的支持力不變的支持力不變D.BD.B對對A A的作用力減小的作用力減小14 【解題指導【解題指導】解答本題時可按以下思路分析：解答本題時可按以下思路分析：【標準解答【標準解答】選選A.A.（1 1）先用整體法分析）先用整體法分析. .把把A A、B B看做整體，看做整體，受力分析，可得地面對受力分析，可得地面對A A的支持力等于的支持力等于A A、B B兩物體的總重兩物體的總重力力.A.A的位置向左移動稍許后，地面對的位置向左移動稍許后，地面對A A的支持力不變，的支持力不變，C C正

32、確正確. .由整體法還可確定墻對由整體法還可確定墻對B B的彈力的彈力N N1 1和力和力F F相等相等. .（2 2）再用隔離法分析）再用隔離法分析. .以物體以物體B B為研究對象，受力分析如圖，為研究對象，受力分析如圖，則墻對則墻對B B的彈力的彈力N N1 1=Gtan=Gtan，A A的位置向左移動，的位置向左移動，減小，則減小，則N N1 1減小，減小，F F也減小，也減小，A A錯誤，錯誤，B B正確正確. . 減小，減小，N N減小，減小，D D正確正確. .GNcos，【變式訓練】（【變式訓練】（20112011南平模擬）如圖所示，傾角為南平模擬）如圖所示，傾角為的斜的斜面體

33、面體C C置于水平面上，置于水平面上，B B置于斜面置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與與A A相連接，連接相連接，連接B B的一段細繩與的一段細繩與斜面平行，斜面平行，A A、B B、C C都處于靜止都處于靜止狀態(tài)狀態(tài). .則（則（ ）A.BA.B受到受到C C的摩擦力一定不為零的摩擦力一定不為零B.CB.C受到水平面的摩擦力一定為零受到水平面的摩擦力一定為零C.C.水平面對水平面對C C的支持力與的支持力與B B、C C的總重力大小相等的總重力大小相等D.D.若將細繩剪斷，若將細繩剪斷，B B物體依然靜止在斜面上，水平面對物體依然靜止在斜面上，水平面對C C的

34、摩的摩擦力為零擦力為零【解析【解析】選選D.D.若繩對若繩對B B的拉力恰好與的拉力恰好與B B的重力沿斜面向下的分的重力沿斜面向下的分力相等，則力相等，則B B與與C C間的摩擦力為零，間的摩擦力為零，A A項錯誤；利用整體法判項錯誤；利用整體法判斷，斷，C C一定受到水平面向左的摩擦力，一定受到水平面向左的摩擦力，B B項錯誤；同理在豎直項錯誤；同理在豎直方向利用整體法判斷，水平面對方向利用整體法判斷，水平面對C C的支持力小于的支持力小于B B、C C的總重的總重力，力，C C項錯誤；將細繩剪斷后，利用整體法判斷項錯誤；將細繩剪斷后，利用整體法判斷BCBC系統在水系統在水平方向不受外力作

35、用，平方向不受外力作用，D D項正確項正確. .【例證【例證4 4】如圖所示，一根輕彈簧上端固定在】如圖所示，一根輕彈簧上端固定在O O點，下端拴一點，下端拴一個鋼球個鋼球P P，球處于靜止狀態(tài)，球處于靜止狀態(tài). .現對球施加一個方向向右的外力現對球施加一個方向向右的外力F F，使球緩慢偏移，在移動中的每個時刻，都可以認為鋼球，使球緩慢偏移，在移動中的每個時刻，都可以認為鋼球處于平衡狀態(tài)處于平衡狀態(tài). .若外力若外力F F的方向始終水平，移動中彈簧與豎直的方向始終水平，移動中彈簧與豎直方向的夾角方向的夾角9090且彈簧的伸長量不超過其彈性限度，則且彈簧的伸長量不超過其彈性限度，則圖中給出的彈簧

36、伸長量圖中給出的彈簧伸長量x x與與coscos的函數關系圖象中，最接近的函數關系圖象中，最接近的是的是【標準解答【標準解答】選選D.D.對鋼球受力分析，對鋼球受力分析，如圖所示，受重力如圖所示，受重力mgmg、水平拉力、水平拉力F F、彈簧彈力彈簧彈力kxkx，則水平拉力，則水平拉力F F與重力與重力mgmg的合力的合力F F1 1必與彈簧彈力必與彈簧彈力kxkx大小相等，大小相等，方向相反，可知方向相反，可知 即即x x與與coscos成反比關系，所以圖象成反比關系，所以圖象D D正確正確. .mgxkcos， 因思維定勢不能準確進行受力分析因思維定勢不能準確進行受力分析（20112011

37、三明模擬）如圖所示，物體三明模擬）如圖所示，物體A A靠在豎直的墻面靠在豎直的墻面C C上，在豎直向上的力上，在豎直向上的力F F作用下，作用下，A A、B B物體均保持靜止，則物體物體均保持靜止，則物體A A受力分析示意圖正確的是（受力分析示意圖正確的是（ ）【易錯分析【易錯分析】在解答本題時易犯錯誤具體分析如下：在解答本題時易犯錯誤具體分析如下：【正確解答【正確解答】先隔離先隔離B B進行受力分析，進行受力分析，B B保持靜止，所受合力保持靜止，所受合力為零，為零，B B受到自身重力受到自身重力G GB B和已知和已知F F作用時，還受作用時，還受A A給的垂直接給的垂直接觸面斜向下的彈力

38、觸面斜向下的彈力N NABAB, ,又又B B保持靜止，故保持靜止，故B B必受必受A A給的沿接觸面給的沿接觸面向下的摩擦力向下的摩擦力f fABAB. .受力分析圖如圖甲所示；再隔離分析受力分析圖如圖甲所示；再隔離分析A A，受，受到自身重力到自身重力G GA A和和B B給給A A的反作用力的反作用力N NBABA和和f fBABA. . 墻面墻面C C有沒有給有沒有給A A彈彈力作用，可以把力作用，可以把A A、B B視為一個整體，假設墻面視為一個整體，假設墻面C C對對A A、B B整體整體有彈力作用，則有彈力作用，則A A、B B整體不可能處于靜止狀態(tài)，因此假設是整體不可能處于靜止

39、狀態(tài)，因此假設是錯誤的錯誤的. .由于墻面由于墻面C C對對A A、B B整體沒有彈力作用整體沒有彈力作用, ,也不會有摩擦也不會有摩擦力作用力作用, ,據此分析據此分析A A正確正確. .正確答案：正確答案：A A1.1.（20112011紹興模擬）如圖所示，紹興模擬）如圖所示，a a、b b是兩個質量相同的球，是兩個質量相同的球，a a、b b間用細線連接，間用細線連接，a a球用細線掛在天花板上，球用細線掛在天花板上，b b球放在光滑球放在光滑斜面上，兩個小球在系統保持靜止時所處的位置在下列各圖斜面上，兩個小球在系統保持靜止時所處的位置在下列各圖中正確的是（中正確的是（ ）【解析【解析】

40、選選B.B.細線只能產生拉力，不能承受壓力或產生推力，細線只能產生拉力，不能承受壓力或產生推力，故故A A圖中的圖中的a a、b b兩球所受合力都不能為零，而兩球所受合力都不能為零，而C C、D D圖中圖中a a球受球受重力和兩繩的拉力，此時合力不等于零，重力和兩繩的拉力，此時合力不等于零，B B圖中的兩球所受圖中的兩球所受合力都可以為零，選合力都可以為零，選B.B.2.2.（20112011佛山模擬）用一輕繩將小球佛山模擬）用一輕繩將小球P P系于系于光滑墻壁上的光滑墻壁上的O O點，在墻壁和球點，在墻壁和球P P之間夾有一之間夾有一矩形物塊矩形物塊Q Q，如圖所示，如圖所示.P.P、Q Q

41、均處于靜止狀態(tài)，均處于靜止狀態(tài)，則下列相關說法正確的是（則下列相關說法正確的是（ ）A.PA.P物體受物體受5 5個力個力 B.QB.Q受到受到3 3個力個力C.C.若繩子變長，繩子的拉力將變小若繩子變長，繩子的拉力將變小D.D.若繩子變短，若繩子變短，Q Q受到的靜摩擦力將增大受到的靜摩擦力將增大【解析【解析】選選C.C.因墻壁光滑，故墻壁和因墻壁光滑，故墻壁和Q Q之間無摩擦力，之間無摩擦力，Q Q處于處于平衡狀態(tài)，一定受重力、平衡狀態(tài)，一定受重力、P P對對Q Q的壓力、墻壁對的壓力、墻壁對Q Q的彈力以及的彈力以及P P對對Q Q向上的靜摩擦力，而向上的靜摩擦力，而P P受重力、繩子的

42、拉力、受重力、繩子的拉力、Q Q對對P P的彈力、的彈力、Q Q對對P P的摩擦力的摩擦力. .把把P P、Q Q視為一整體，豎直方向有視為一整體，豎直方向有Fcos=(mFcos=(mQ Q+m+mP P)g)g，其中，其中為繩子和墻壁的夾角，為繩子和墻壁的夾角，F F為繩子的為繩子的拉力，易知，繩子變長，拉力變小，拉力，易知，繩子變長，拉力變小，P P、Q Q之間的靜摩擦力不之間的靜摩擦力不變變. .故選故選C.C.3.3.（20112011?？谀M）如圖所示，輕桿海口模擬）如圖所示，輕桿ABAB下端固定在豎直墻上，上端有一光滑下端固定在豎直墻上，上端有一光滑的輕質小滑輪，一根細繩一端的輕

43、質小滑輪，一根細繩一端C C系在墻系在墻上，繞過滑輪另一端系一質量為上，繞過滑輪另一端系一質量為m m的物的物體，當體，當C C端緩慢地上移過程中，桿對滑端緩慢地上移過程中，桿對滑輪的作用力將（輪的作用力將（ ）A.A.變小變小 B.B.變大變大C.C.不變不變 D.D.無法確定無法確定【解析【解析】選選A.A.桿對滑輪的作用力的大小等于兩段繩子上拉力桿對滑輪的作用力的大小等于兩段繩子上拉力的合力的大小，由于兩段繩子上拉力相等，都等于的合力的大小，由于兩段繩子上拉力相等，都等于G G，設繩，設繩子夾角為子夾角為，則，則F F合合= = 當當C C上移時，上移時，變大，則變大，則F F合合減減小

44、，桿對滑輪的作用力將減小，小，桿對滑輪的作用力將減小，A A正確正確. .2Gcos2，4.4.（20112011青島模擬）半圓柱體青島模擬）半圓柱體P P放放在粗糙的水平地面上，其右端有固在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的豎直擋板定放置的豎直擋板MN.MN.在在P P和和MNMN之間之間放有一個光滑均勻的小圓柱體放有一個光滑均勻的小圓柱體Q Q，整個裝置處于靜止狀態(tài)整個裝置處于靜止狀態(tài). .如圖所示是這個裝置的縱截面圖如圖所示是這個裝置的縱截面圖. .外外力使力使MNMN保持豎直，緩慢地向右移動，在保持豎直，緩慢地向右移動，在Q Q落到地面以前，發(fā)落到地面以前，發(fā)現現P P始終保持靜止始

45、終保持靜止. .在此過程中，下列說法中正確的是（在此過程中，下列說法中正確的是（ ）A.MNA.MN對對Q Q的彈力逐漸減小的彈力逐漸減小B.B.地面對地面對P P的摩擦力逐漸增大的摩擦力逐漸增大C.PC.P、Q Q間的彈力先減小后增大間的彈力先減小后增大D.QD.Q所受的合力逐漸增大所受的合力逐漸增大 【解析【解析】選選B.B.以整體為研究對象，以整體為研究對象，MNMN對對Q Q的彈力和地面對的彈力和地面對P P的的摩擦力是一對平衡力，以摩擦力是一對平衡力，以Q Q為對象畫受力分析圖，可知為對象畫受力分析圖，可知MNMN右右移時移時MNMN對對Q Q的彈力和的彈力和P P、Q Q間的彈力都

46、是增大的；間的彈力都是增大的；Q Q始終處于平始終處于平衡狀態(tài)，因此合力始終為零，故只有衡狀態(tài)，因此合力始終為零，故只有B B正確正確. .5.5.（20112011哈師大附中模擬）兩哈師大附中模擬）兩個相同的小球個相同的小球A A和和B B，質量均為，質量均為m m，用長度相同的兩根細線把用長度相同的兩根細線把A A、B B兩兩球懸掛在水平天花板上的同一點球懸掛在水平天花板上的同一點O O，并用長度相同的細線連接，并用長度相同的細線連接A A、B B兩小球，然后，用一水平兩小球，然后，用一水平方向的力方向的力F F作用在小球作用在小球A A上，此時三根細線均處于直線狀態(tài)，上，此時三根細線均處

47、于直線狀態(tài)，且且OBOB細線恰好處于豎直方向，如圖所示細線恰好處于豎直方向，如圖所示. .如果不考慮小球的如果不考慮小球的大小，兩小球均處于靜止狀態(tài)，則：大小，兩小球均處于靜止狀態(tài)，則：（1 1）OBOB繩對小球的拉力為多大？繩對小球的拉力為多大？（2 2）OAOA繩對小球的拉力為多大？繩對小球的拉力為多大？（3 3）作用力）作用力F F為多大？為多大？【解析【解析】（1 1）對）對B B分析分析, ,可知可知ABAB繩中張力為繩中張力為0 0，有，有mg-Tmg-TB B=0 =0 得得T TB B=mg=mg(2)(2)對球對球A A，受力分析如圖：，受力分析如圖：T TA Acos60c

48、os60-mg=0,-mg=0,T TA Asin60sin60-F=0,-F=0,得：得：T TA A=2mg=2mg（3 3）由以上各式可知：）由以上各式可知：F= mgF= mg答案：答案：（1 1）mg (2)2mg (3) mgmg (2)2mg (3) mg33一、選擇題（本大題共一、選擇題（本大題共1010小題，每小題小題，每小題7 7分，共分，共7070分分. .每小題每小題只有一個選項正確）只有一個選項正確）1.(20101.(2010廣東高考廣東高考) )如圖為節(jié)日里懸掛燈籠的一種方式，如圖為節(jié)日里懸掛燈籠的一種方式，A A、B B點等高，點等高，O O為結點，輕繩為結點，

49、輕繩AOAO、BOBO長度相等，拉力分別為長度相等，拉力分別為F FA A 、F FB B，燈籠受到的重力為，燈籠受到的重力為 G.G.下列表述正確的是（下列表述正確的是（ ）A.FA.FA A一定小于一定小于G GB.FB.FA A與與F FB B大小相等大小相等C.FC.FA A與與F FB B是一對平衡力是一對平衡力D.FD.FA A與與F FB B大小之和等于大小之和等于G G【解析【解析】選選B.B.對結點對結點O O進行受力分析進行受力分析. .拉力拉力F FA A、F FB B的合力與重的合力與重力力G G平衡，由于輕繩平衡，由于輕繩AOAO、OBOB等長且等長且A A、B B兩

50、點等高，由對稱性兩點等高，由對稱性可知可知F FA A與與F FB B大小相等，但由于大小相等，但由于AOBAOB大小未知，所以無法確定大小未知，所以無法確定F FA A與與G G的數量關系的數量關系.F.FA A與與F FB B的大小之和要大于的大小之和要大于G G，故只有，故只有B B正確正確. .2.2.如圖是一種測定風力的儀器的原理圖，質量為如圖是一種測定風力的儀器的原理圖，質量為m m的金屬球，的金屬球，固定在一細長的輕金屬絲下端，能繞懸點固定在一細長的輕金屬絲下端，能繞懸點O O在豎直平面內轉在豎直平面內轉動，無風時金屬絲自然下垂，有風時金屬絲將偏離豎直方向動，無風時金屬絲自然下垂

51、，有風時金屬絲將偏離豎直方向一定角度一定角度，角，角的大小與風力的大小與風力F F的大小有關，下列關于風的大小有關，下列關于風力力F F與與的關系式正確的是（的關系式正確的是（ ）A.FA.FmgtanmgtanB.FB.FmgsinmgsinC.FC.FmgcosmgcosD.FD.Fmg/cosmg/cos【解析【解析】選選A.A.金屬球受三個力，重力、繩子的拉力、水平風金屬球受三個力，重力、繩子的拉力、水平風力，由三力平衡作出受力示意圖，由力的合成或分解可得出力，由三力平衡作出受力示意圖，由力的合成或分解可得出風力與重力關系是風力與重力關系是F Fmgmgtantan，A A正確正確.

52、.3.3.（20112011蕪湖模擬）如圖所示，長木板蕪湖模擬）如圖所示，長木板L L的一端固定在鉸的一端固定在鉸鏈上，物塊放在木板上，開始木板鏈上，物塊放在木板上，開始木板位于水平位置位于水平位置. .在木板向下轉動，在木板向下轉動，角逐漸增大的過程中，摩擦力角逐漸增大的過程中，摩擦力f f的大小隨的大小隨角變化最有可能的角變化最有可能的是圖中（是圖中（ ）【解析【解析】選選B.B.當當較小時物塊與木板間的摩擦力為靜摩擦力，較小時物塊與木板間的摩擦力為靜摩擦力，摩擦力大小與物塊重力沿板方向的分力大小相等，其大小為：摩擦力大小與物塊重力沿板方向的分力大小相等，其大小為：f=mgsinf=mgs

53、in，按正弦規(guī)律變化；當，按正弦規(guī)律變化；當較大時物塊與木較大時物塊與木板間的摩擦力為滑動摩擦力，摩擦力大小為：板間的摩擦力為滑動摩擦力，摩擦力大小為：f=mgcosf=mgcos，按余弦規(guī)律變化，故選按余弦規(guī)律變化，故選B.B.4.4.完全相同的直角三角形滑塊完全相同的直角三角形滑塊A A、B B如圖所示疊放，設如圖所示疊放，設A A、B B接接觸的斜面光滑，觸的斜面光滑，A A與桌面的動摩擦因數為與桌面的動摩擦因數為，現在，現在B B上施加一上施加一水平推力水平推力F F，恰好使，恰好使A A、B B保持相對靜止且一起勻速運動，則保持相對靜止且一起勻速運動，則A A對桌面的動摩擦因數對桌面

54、的動摩擦因數跟斜面傾角跟斜面傾角的關系為（的關系為（ ）A.=tanA.=tanB.B.=2tan=2tanC. C. D.D.與與無關無關1tan2 【解析【解析】選選C.C.設兩三角形滑塊的質量均設兩三角形滑塊的質量均為為m m，對整體有：，對整體有：F=F=2mg=2mg.2mg=2mg.滑塊滑塊B B受力如圖所示，則對受力如圖所示，則對B B有：有：NcosNcos=mg=mg，NsinNsin=F=F，可解得，可解得1tan .2 5.5.如圖所示，質量分別為如圖所示，質量分別為m m1 1、m m2 2的兩個物體通過輕彈簧連接，的兩個物體通過輕彈簧連接，在力在力F F的作用下一起沿

55、水平方向做勻速直線運動（的作用下一起沿水平方向做勻速直線運動（m m1 1在地面，在地面，m m2 2在空中），力在空中），力F F與水平方向成與水平方向成角，則角，則m m1 1所受支持力所受支持力N N和摩和摩擦力擦力f f正確的是（正確的是（ ）A.N=mA.N=m1 1g-Fsing-FsinB.N=mB.N=m1 1g+mg+m2 2g-Fcosg-FcosC.f=FcosC.f=FcosD.f=FsinD.f=Fsin【解析【解析】選選C.C.本題可通過整體法對系統進行受力分析，則本題可通過整體法對系統進行受力分析，則m m1 1所受支持力所受支持力N=mN=m1 1g+mg+m2

56、 2g-Fsing-Fsin，地面的摩擦力，地面的摩擦力f=Fcosf=Fcos，C C正正確確. .6.6.如圖所示，輕質光滑滑輪兩側用細繩連著兩個物體如圖所示，輕質光滑滑輪兩側用細繩連著兩個物體A A與與B B，物體物體B B放在水平地面上，放在水平地面上，A A、B B均靜止均靜止. .已知已知A A和和B B的質量分別為的質量分別為m mA A、m mB B，繩與水平方向的夾角為，繩與水平方向的夾角為，則（，則（ ）A.A.物體物體B B受到的摩擦力可能為受到的摩擦力可能為0 0B.B.物體物體B B受到的摩擦力為受到的摩擦力為m mA AgsingsinC.C.物體物體B B對地面的

57、壓力可能為對地面的壓力可能為0 0D.D.物體物體B B對地面的壓力為對地面的壓力為m mB Bg gm mA Agsingsin【解析【解析】選選D.D.對對B B受力分析如圖所示，受力分析如圖所示，則水平方向上：則水平方向上：f fTcosTcos，由于，由于T Tm mA Ag g，所以，所以f fm mA Agcosgcos，故，故A A、B B錯；錯；豎直方向上：豎直方向上：N NB BTsinTsinm mB Bg g. .所以所以N NB Bm mB Bg gTsinTsinm mB Bg gm mA Agsingsin，故故C C錯錯D D對對. .7.(20117.(2011

58、莆田模擬莆田模擬) )如圖所示如圖所示, ,勻強電場方向與傾斜的天花勻強電場方向與傾斜的天花板垂直板垂直, ,一帶正電的物體在天花板上處于靜止狀態(tài)一帶正電的物體在天花板上處于靜止狀態(tài), ,則下列判則下列判斷正確的是斷正確的是( )( )A.A.天花板與物體間的彈力一定不為零天花板與物體間的彈力一定不為零B.B.天花板對物體的摩擦力可能為零天花板對物體的摩擦力可能為零C.C.物體受到天花板的摩擦力隨物體受到天花板的摩擦力隨電場強度電場強度E E的增大而增大的增大而增大D.D.逐漸增大電場強度逐漸增大電場強度E E時時, ,物體有可能會運動物體有可能會運動【解析【解析】選選A.A.物體受力如圖物體

59、受力如圖, ,由于物體靜止由于物體靜止, ,由平衡條件知由平衡條件知, ,沿天花板方向沿天花板方向:f=mgsin:f=mgsin, ,所以所以A A對對,B,B、C C錯錯. .垂直于天花板方垂直于天花板方向向:qE=mgcos+N:qE=mgcos+N, ,當當E E增大時增大時,N,N增大增大, ,物體仍靜止不動物體仍靜止不動,D,D錯錯, ,故選故選A.A.8.8.如圖所示，頂端裝有定滑輪的粗糙斜面體放在水平地面上，如圖所示，頂端裝有定滑輪的粗糙斜面體放在水平地面上，A A、B B兩物體通過細繩連接，并處于靜止狀態(tài)兩物體通過細繩連接，并處于靜止狀態(tài)( (不計繩的質量不計繩的質量和繩與滑

60、輪間的摩擦和繩與滑輪間的摩擦) )，現用水平向右的力，現用水平向右的力F F作用于物體作用于物體B B上，上，緩慢拉開一小角度，此過程中斜面體與物體緩慢拉開一小角度，此過程中斜面體與物體A A仍然靜止，在仍然靜止，在此過程中下列說法錯誤的是（此過程中下列說法錯誤的是（ ）A.A.水平力水平力F F增大增大B.B.斜面體所受地面的支持力一定不變斜面體所受地面的支持力一定不變C.C.物體物體A A所受斜面體的摩擦力一定變大所受斜面體的摩擦力一定變大D.D.地面對斜面體的摩擦力一定變大地面對斜面體的摩擦力一定變大【解析【解析】選選C.C.設在水平向右的力設在水平向右的力F F作用下，物體作用下，物體

61、B B所受繩子的所受繩子的拉力與豎直方向成拉力與豎直方向成角，則由角，則由F=GF=GB Btantan可知，水平拉力可知，水平拉力F F隨隨角增大而增大，角增大而增大，A A正確；由于斜面體與物體正確；由于斜面體與物體A A始終靜止，則始終靜止，則系統合外力為零，即在豎直方向地面對斜面體支持力大小為系統合外力為零，即在豎直方向地面對斜面體支持力大小為（G GA A+G+GB B），地面對斜面體摩擦力的大小），地面對斜面體摩擦力的大小等于等于F F的大小，在增大，的大小，在增大，B B、D D正確；正確；由于由于A A所受斜面體摩擦力方向未知，所受斜面體摩擦力方向未知，物體物體A A所受斜面體

62、的摩擦力有可能變大，所受斜面體的摩擦力有可能變大，也可能變小，也可能變小，C C錯誤錯誤. .9.(20109.(2010安徽高考安徽高考)L)L型木板型木板P P（上表面光滑）放在固定斜面上，（上表面光滑）放在固定斜面上，輕質彈簧一端固定在木板上，另輕質彈簧一端固定在木板上，另一端與置于木板上表面的滑塊一端與置于木板上表面的滑塊Q Q相連，如圖所示相連，如圖所示. .若若P P、Q Q一起沿斜面勻速下滑，不計空氣阻一起沿斜面勻速下滑，不計空氣阻力力. .則木板則木板P P 的受力個數為（的受力個數為（ ）A.3 B.4 C.5 D.6A.3 B.4 C.5 D.6【解析【解析】選選C.PC.

63、P、Q Q一起沿斜面勻速下滑時，由于木板一起沿斜面勻速下滑時，由于木板P P上表上表面光滑，滑塊面光滑，滑塊Q Q受到重力、受到重力、P P的支持力和彈簧沿斜面向上的彈的支持力和彈簧沿斜面向上的彈力力. .木板木板P P受到重力、斜面的支持力、斜面對它的摩擦力、受到重力、斜面的支持力、斜面對它的摩擦力、Q Q的壓力和彈簧沿斜面向下的彈力，所以選項的壓力和彈簧沿斜面向下的彈力，所以選項C C正確正確. .10.10.如圖所示，如圖所示，A A、B B兩物體的質量分別為兩物體的質量分別為m mA A、m mB B，且，且m mA Am mB B，整個系統處于靜止狀態(tài)整個系統處于靜止狀態(tài). .滑輪的

64、質量和一切摩擦均不計，如滑輪的質量和一切摩擦均不計，如果繩一端由果繩一端由Q Q點緩慢地向左移到點緩慢地向左移到P P點，整個系統重新平衡后，點，整個系統重新平衡后，物體物體A A的高度和兩滑輪間繩與水平方向的夾角的高度和兩滑輪間繩與水平方向的夾角的變化情況的變化情況是（是（ ）A.A.物體物體A A的高度升高的高度升高B.B.物體物體A A的高度降低的高度降低C.C.角變大角變大D.D.角變小角變小 【解題提示【解題提示】本題的處理關鍵點是能分析出繩的一本題的處理關鍵點是能分析出繩的一端由端由Q Q點緩慢移到點緩慢移到P P點過程中，繩子的張力大小不變這一隱含點過程中，繩子的張力大小不變這一

65、隱含條件，再利用動滑輪共點力平衡條件，用豎直方向的合力為條件，再利用動滑輪共點力平衡條件，用豎直方向的合力為零判斷夾角零判斷夾角的變化情況，至于物體的變化情況，至于物體A A的升降通過觀察容易的升降通過觀察容易判斷出來判斷出來. .【解析【解析】選選A.A.最終平衡時，繩的拉力最終平衡時，繩的拉力F F大小仍為大小仍為m mA Ag g，由二力，由二力平衡可得平衡可得2Fsin2Fsinm mB Bg g，故，故角不變，但因懸點由角不變，但因懸點由Q Q到到P P，左，左側部分繩子變長，故側部分繩子變長，故A A應升高，所以應升高，所以A A正確正確. .二、非選擇題（本大題共二、非選擇題（本

66、大題共2 2小題，共小題，共3030分，要有必要的文字分，要有必要的文字說明和解題步驟，有數值計算的要注明單位）說明和解題步驟，有數值計算的要注明單位）11.11.（1414分）（分）（20112011汕頭模擬）如圖所示，小球被輕質細汕頭模擬）如圖所示，小球被輕質細繩系住斜吊著放在靜止的光滑斜面上，設小球質量繩系住斜吊著放在靜止的光滑斜面上，設小球質量m=1 kgm=1 kg，斜面傾角斜面傾角=30=30，懸線與豎直方向夾角，懸線與豎直方向夾角=30=30，光滑斜面，光滑斜面的質量為的質量為3 kg3 kg，置于粗糙水平面上，置于粗糙水平面上，g=10 m/sg=10 m/s2 2. .求：求：（1 1）懸線對小球拉力的大?。揖€對小球拉力的大小. .（2 2）地面對斜面的摩擦力的）地面對斜面的摩擦力的大小和方向大小和方向. .【解析【解析】（1 1）以小球為研究對象，受力分析如圖）以小球為研究對象，受力分析如圖. .由平衡條件可得由平衡條件可得F=mg F=mg （2 2分）分）2Tcos302Tcos30=F =F （2 2分）分）解得解得 （3 3分）分）mg10 3T N2co