2019-2020年高考物理 6年高考母題精解精析專題04 曲線運動、萬有引力與天體運動.doc
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2019-2020年高考物理 6年高考母題精解精析專題04 曲線運動、萬有引力與天體運動 【xx高考】 （xx上海）12．如圖，斜面上a、b、c三點等距，小球從a點正上方O點拋出，做初速為v0的平拋運動，恰落在b點。若小球初速變?yōu)関，其落點位于c，則 （ ） （xx安徽）16.如圖所示，在豎直平面內有一半徑為的圓弧軌道，半徑水平、豎直，一個質量為的小球自的正上方點由靜止開始自由下落，小球沿軌道到達最高點時恰好對軌道沒有壓力。已知=2,重力加速度為，則小球從到的運動（xx江蘇）6. 如圖所示,相距l(xiāng) 的兩小球A、B 位于同一高度h(l,h 均為定值). 將A 向B 水平拋出的同時, B 自由下落. A、B 與地面碰撞前后,水平分速度不變,豎直分速度大小不變、方向相反. 不計空氣阻力及小球與地面碰撞的時間,則 (A) A、B 在第一次落地前能否相碰,取決于A 的初速度 (B) A、B 在第一次落地前若不碰,此后就不會相碰 (C) A、B 不可能運動到最高處相碰 (D) A、B 一定能相碰 （xx浙江）18、由光滑細管組成的軌道如圖所示，其中AB段是半徑為R的四分之一圓弧，軌道固定在豎直平面內。一質量為m的小球，從距離水平地面高為H的管口D處靜止釋放，最后能夠從A端水平拋出落到地面上。下列說法正確的是 A. 小球落到地面相對于A點的水平位移值為 B. 小球落到地面相對于A點的水平位移值為 C. 小球能從細管A端水平拋出的條件是H>2R D. 小球能從細管A端水平拋出的最小高度 【答案】：BC 【解析】：由機械能守恒定律知：,平拋運動時間,，故B正確；由于是管子模型，允許小球在A點時速度為零，所以只需滿足H>2R即可，C正確。 【考點定位】機械能守恒、動能定律、平拋運動 （xx全國新課標卷）15.如圖，x軸在水平地面內，y軸沿豎直方向。圖中畫出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個小球a、b和c的運動軌跡，其中b和c是從同一點拋出的，不計空氣阻力，則 （xx北京）22．（16分） 如圖所示，質量為m的小物塊在粗糙水平桌面上做直線運動，經距離l后以速度v飛離桌面，最終落在水平地面上。已知l =1.4m，v =3.0m/s，m = 0.10kg，物塊與桌面間的動摩擦因數u =0.25，桌面高h =0.45m。不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。求 （1）小物塊落地點距飛出點的水平距離s （2）小物塊落地時的動能Ek （3）小物塊的初速度大小v0 【答案】：（1）0.90m （2）0.90J （3）4.0m/s 【解析】：解：（1）物塊飛離桌面后做平拋運動，根據平拋運動規(guī)律可得： 水平方向：s = vt 豎直方向：h = gt2 解得：s = v = 0.90m （2）物塊從飛離桌面到落地過程中機械能守恒，根據機械能守恒定律得： Ek = mv2 + mgh = 0.90J （3）物塊在水平桌面上運動時，由動能定理得： -μmgl = mv2 - m 解得：v0 = = 4.0 m/s 【考點定位】本題屬于力學綜合題，考查平拋運動的規(guī)律，機械能守恒，動能定理。 （xx四川）22．（17分） （xx天津）10．（16分）如圖所示，水平地面上固定有高為h的平臺，臺面上有固定的光滑坡道，坡道頂端距臺面高度也為h，坡道底端與臺面相切。小球A從坡道頂端由靜止開始滑下，到達水平光滑的臺面與靜止在臺面上的小球B發(fā)生碰撞，并粘連在一起，共同沿臺面滑行并從臺面邊緣飛出，落地點與飛出點的水平距離恰好為臺高的一半，兩球均可視為質點，忽略空氣阻力，重力加速度為g。求 （1）小球A剛滑至水平臺面的速度vA； （2）A、B兩球的質量之比mA：mB。 （xx大綱版全國卷）26.（20分）（注意：在試題卷上作答無效） 一探險隊員在探險時遇到一山溝，山溝的一側豎直，另一側的坡面呈拋物線形狀。此隊員從山溝的豎直一側，以速度v0沿水平方向跳向另一側坡面。如圖所示，以溝底的O點為原點建立坐標系Oxy。已知，山溝豎直一側的高度為2h，坡面的拋物線方程為y=x2，探險隊員的質量為m。人視為質點，忽略空氣阻力，重力加速度為g。 （1） 求此人落到坡面時的動能； （2） 此人水平跳出的速度為多大時，他落在坡面時的動能最?。縿幽艿淖钚≈禐槎嗌?？ 【考點定位】考查平拋運動規(guī)律、動能定理及其相關知識。 （xx山東）22．（15分）如圖所示，一工件置于水平地面上，其AB段為一半徑的光滑圓弧軌道，BC段為一長度的粗糙水平軌道，二者相切與B點，整個軌道位于同一豎直平面內，P點為圓弧軌道上的一個確定點。一可視為質點的物塊，其質量，與BC間的動摩擦因數。工件質，與地面間的動摩擦因數。（取 ①求F的大小 ②當速度時，使工件立刻停止運動（即不考慮減速的時間和位移），物塊飛離圓弧軌道落至BC段，求物塊的落點與B點間的距離。 【考點定位】平拋運動、動能定理 （xx?重慶）冥王星與其附近的另一星體卡戎可視為雙星系統，質量比約為7∶1，同時繞它們連線上某點O做勻速圓周運動．由此可知，冥王星繞O點運動的( ) A．軌道半徑約為卡戎的 B．角速度大小約為卡戎的 C．線速度大小約為卡戎的7倍 D．向心力大小約為卡戎的7倍 【答案】A 【解析】雙星系統內的兩顆星運動的角速度相同，B錯誤；雙星的向心力為二者間的萬有引力，所以向心力大小也相同，D錯誤；根據m1ω2r1＝m2ω2r2，得＝＝，A正確；根據v＝ωr，得＝＝，C錯誤． 【考點定位】圓周運動和萬有引力 （xx廣東）21.如圖6所示，飛船從軌道1變軌至軌道2。若飛船在兩軌道上都做勻速圓周運動，不考慮質量變化，相對于在軌道1上，飛船在軌道2上的 ( ) （xx山東）15．2012年11月3日，“神州八號”飛船與“天宮一號”目標飛行器成功實施了首次交會對接。任務完成后“天宮一號”經變軌升到更高的軌道，等待與“神州九號”交會對接。變軌前和變軌完成后“天宮一號”的運行軌道均可視為圓軌道，對應的軌道半徑分別為R1、R2，線速度大小分別為、。則等于（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】 萬有引力提供向心力有，得，所以，選項B正確。 【考點定位】萬有引力和天體運動 （xx安徽）14.我國發(fā)身的“天宮一號”和“神州八號”在對接前，“天宮一號”的運行軌道高度為350km, “神州八號”的運行軌道高度為343km.它們的運行軌道均視為圓周，則 （ ） A．“天宮一號”比“神州八號”速度大 B．“天宮一號”比“神州八號”周期長 C．“天宮一號”比“神州八號”角速度大 D．“天宮一號”比“神州八號”加速度大 【答案】B 【解析】根據衛(wèi)星運行模型知越高則周期越大，線速度越小，，加速度與萬有引力加速度相同，也越小。 【考點定位】萬有引力和天體運動 11. （xx海南）地球同步衛(wèi)星到地心的距離r可用地球質量M、地球自轉周期T與引力常量G表示為r= 。 （xx福建）20、【原題】：如圖，置于圓形水平轉臺邊緣的小物塊隨轉臺加速轉動，當轉速達到某一數值時，物塊恰好滑離轉臺開始做平拋運動?，F測得轉臺半徑R=0.5 m,離水平地面的高度H=0.8m,物塊平拋落地過程水平位移的大小s=0.4m。設物塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g=10m/s2 求： （1）物塊做平拋運動的初速度大小V0； （2）物塊與轉臺間的動摩擦因數。 （xx福建）16、【原題】：一衛(wèi)星繞某一行星表面附近做勻速圓周運動，其線速度大小為假設宇航員在該行星表面上用彈簧測力計測量一質量為m的物體重力，物體靜止時，彈簧測力計的示數為，已知引力常量為G,則這顆行星的質量為 A． B. C． D. （xx江蘇）8. xx 年8 月,“嫦娥二號冶成功進入了環(huán)繞“日地拉格朗日點冶的軌道,我國成為世界上第三個造訪該點的國家. 如圖所示,該拉格朗日點位于太陽和地球連線的延長線上,一飛行器處于該點,在幾乎不消耗燃料的情況下與地球同步繞太陽做圓周運動,則此飛行器的 (A) 線速度大于地球的線速度 (B) 向心加速度大于地球的向心加速度 (C) 向心力僅由太陽的引力提供 (D) 向心力僅由地球的引力提供 （xx浙江）15、如圖所示，在火星與木星軌道之間有一小行星帶。假設該帶中的小行星只受到太陽的引力，并繞太陽做勻速圓周運動。下列說法正確的是 （xx天津）3． 一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，假如該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運動，動能減小為原來的，不考慮衛(wèi)星質量的變化，則變軌前后衛(wèi)星的 A．向心加速度大小之比為4：1 B．角速度大小之比為2：1 C．周期之比為1：8 D．軌道半徑之比為1：2 （xx四川）15．今年4月30日，西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射的中圓軌道衛(wèi)星，其軌道半徑為2.8m，它與另一顆同質量的同步軌道衛(wèi)星（軌道半徑為4.2m）相比 A．向心力較小 B．動能較大 C．發(fā)射速度都是第一宇宙速度 D．角速度較小 【答案】：B 【解析】：根據萬有引力定律F 可知，半徑越小萬有引力越大，A錯誤。衛(wèi)星繞地球做圓周運動，則，可得衛(wèi)星的線速度v，半徑越小線速度越大，則動能越大，B正確。第一宇宙速度是最小發(fā)射速度，以第一宇宙速度發(fā)射的衛(wèi)星軌道半徑為地球半徑6.4km，中圓軌道衛(wèi)星和同步衛(wèi)星發(fā)射速度都大于第一宇宙速度，C錯誤。由，可得衛(wèi)星的角速度，半徑越小角速度越大，D錯誤。 【考點定位】本題考查人造衛(wèi)星的發(fā)射，衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的線速度、角速度和向心力。 （xx北京）18．關于環(huán)繞地球運動的衛(wèi)星，下列說法正確的是 A．分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期 B．沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率 C．在赤道上空運行的兩顆地球同步衛(wèi)星，它們的軌道半徑有可能不同 D．沿不同軌道經過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合 （xx全國新課標卷）21.假設地球是一半徑為R、質量分布均勻的球體。一礦井深度為d。已知質量分布均勻的球殼對殼內物體的引力為零。礦井底部和地面處的重力加速度大小之比為 A. B. C. D. 【答案】 A 【解析】本題難度較大，關鍵如何認識與理解“質量分布均勻的球殼對殼內物體的引力為零”。根據萬有引力定律，在地球表面，F=mg1＝G可得：g1＝G ① M1=V球=R3② 根據題意，在礦井底部，地球的有效質量為：M2=V =（R-d）3③ 則F=mg2＝G可得：g2＝G ④ 綜上所述、聯立①②③④可得g2/ g1=，答案為A。 【考點定位】本考點主要考查萬有引力定律及其計算以及題目信息的提取與理解。 （xx全國新課標卷）14.伽利略根據小球在斜面上運動的實驗和理想實驗，提出了慣性的概念，從而奠定了牛頓力學的基礎。早期物理學家關于慣性有下列說法，其中正確的是 A.物體抵抗運動狀態(tài)變化的性質是慣性 B.沒有力作用，物體只能處于靜止狀態(tài) C.行星在圓周軌道上保持勻速率運動的性質是慣性 D.運動物體如果沒有受到力的作用，將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運動 （xx上海）22．（B組）人造地球衛(wèi)星做半徑為r，線速度大小為v的勻速圓周運動。當其角速度變?yōu)樵瓉淼谋逗?，運動半徑為___________________，線速度大小為___________________。 【答案】 2r，v 【解析】根據，整理得： ； ；則 【考點定位】萬有引力和天體運動 【xx高考】 1.（天津）如圖所示，A、B兩物塊疊放在一起，在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻減速直線運動，運動過程中B受到的摩擦力 A．方向向左，大小不變 B．方向向左，逐漸減小 C．方向向右，大小不變 D．方向向右，逐漸減小 【解析】考查牛頓運動定律處理連接體問題的基本方法，簡單題。對于多個物體組成的物體系統，若系統內各個物體具有相同的運動狀態(tài)，應優(yōu)先選取整體法分析，再采用隔離法求解。取A、B系統整體分析有，a=μg，B與A具有共同的運動狀態(tài)，取B為研究對象，由牛頓第二定律有：，物體B做速度方向向右的勻減速運動，故而加速度方向向左。 【答案】A 2．（北京）“蹦極”就是跳躍者把一端固定的長彈性繩綁在踝關節(jié)等處，從幾十米高處跳下的一種極限運動。某人做蹦極運動，所受繩子拉力F的大小隨時間t變化的情況如圖所示。將蹦極過程近似為在豎直方向的運動，重力加速度為g。據圖可知，此人在蹦極過程中最大3.（四川）如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過程可簡化為： 打開降落傘一段時間后，整個裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動，則 A.火箭開始噴氣瞬間傘繩對返回艙的拉力變小 B.返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是空氣阻力 C返回艙在噴氣過程中所受合外力可能做正功 D.返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài) 【答案】A 【解析】在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動，加速度方向向上，返回艙處于超重狀態(tài)，動能減小，返回艙所受合外力做負功，返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是緩沖火箭向下噴氣而獲得向上的反沖力?；鸺_始噴氣前勻速下降拉力等于重力減去返回艙受到的空氣阻力，火箭開始噴氣瞬間反沖力直接對返回艙作用因而傘繩對返回艙的拉力變小。 4.如圖，在光滑水平面上有一質量為m1的足夠長的木板，其上疊放一質量為m2的木塊。假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等?，F給木塊施加一隨時間t增大的水平力F=kt（k是常數），木板和木塊加速度的大小分別為a1和a2，下列反映a1和a2變化的圖線中正確的是（A） 5．（上海）受水平外力F作用的物體，在粗糙水平面上作直線運動，其 圖線如圖所示，則 (A)在秒內，外力大小不斷增大 (B)在時刻，外力為零 (C)在秒內，外力大小可能不斷減小 (D)在秒內，外力大小可能先減小后增大 【答案】CD. 【解析】秒內，Ｆ加速運動，，從圖像斜率看，這段時間內的加速度減小，所以，秒內，Ｆ不斷減小，A錯誤；從圖像斜率看在時刻，加速度為零，B錯誤；在秒內減速運動，若開始時Ｆ的方向與ａ一致，則，從圖像斜率看加速度逐漸增大，因此Ｆ不斷減小，C正確，當Ｆ減小到零，反向之后，，當Ｆ增大時，加速度ａ逐漸增大，D正確． 6．（福建）（19分）如圖為某種魚餌自動投放器中的投餌管裝置示意圖，其下半部AB是一長為2R的豎直細管，上半部BC是半徑為R的四分之一圓弧彎管，管口沿水平方向， AB管內有一原長為R、下端固定的輕質彈簧。投餌時，每次總將彈簧長度 壓縮到0.5R后鎖定，在彈簧上段放置一粒魚餌，解除鎖定，彈簧可將魚餌 彈射出去。設質量為m的魚餌到達管口C時，對管壁的作用力恰好為零。 不計魚餌在運動過程中的機械能損失，且鎖定和解除鎖定時，均不改變 彈簧的彈性勢能。已知重力加速度為g。求： 質量為m的魚餌到達管口C時的速度大小v1; 彈簧壓縮到0.5R時的彈性勢能Ep; 已知地面與水面相距1.5R，若使該投餌管繞AB管的中軸線OO’在角的范圍內來回緩慢轉動，每次彈射時只放置一粒魚餌，魚餌的質量在到m之間變化，且均能落到水面。持續(xù)投放足夠長時間后，魚餌能夠落到水面的最大面積S是多少？ 7（北京）（18分） 利用電場和磁場，可以將比荷不同的離子分開，這種方法在化學分析和原子核技術等領域有重要的應用。 如圖所示的矩形區(qū)域ACDG(AC邊足夠長)中存在垂直于紙面的勻強磁場，A處有一狹縫。離子源產生的離子，經靜電場加速后穿過狹縫沿垂直于GA邊且垂直于磁場的方向射入磁場，運動到GA邊，被相應的收集器收集。整個裝置內部為真空。 已知被加速的兩種正離子的質量分別是m1和m2(m1>m2)，電荷量均為q。加速電場的電勢差為U，離子進入電場時的初速度可以忽略。不計重力，也不考慮離子間的相互作用。 (1)求質量為m1的離子進入磁場時的速率v1； (2)當磁感應強度的大小為B時，求兩種離子在GA邊落點的間距s； (3)在前面的討論中忽略了狹縫寬度的影響，實際裝置中狹縫具有一定寬度。若狹縫過寬， 可能使兩束離子在GA邊上的落點區(qū)域交疊，導致兩種離子無法完全分離。 設磁感應強度大小可調，GA邊長為定值L，狹縫寬度為d，狹縫右邊緣在A處。離子可以從狹縫各處射入磁場，入射方向仍垂直于GA邊且垂直于磁場。為保證上述兩種離子能落在GA邊上并被完全分離，求狹縫的最大寬度。 解析：（1）動能定理 得 （2）由牛頓第二定律 ，利用式得 離子在磁場中的軌道半徑為別為 ， 兩種離子在GA上落點的間距 （3）質量為m1的離子，在GA邊上的落點都在其入射點左側2R1處，由于狹縫的寬度為d，因此落點區(qū)域的寬度也是d。同理，質量為m2的離子在GA邊上落點區(qū)域的寬度也是d。 為保證兩種離子能完全分離，兩個區(qū)域應無交疊，條件為 利用式，代入式得 R1的最大值滿足 得 求得最大值 8（安徽）（16分） 如圖所示，在以坐標原點O為圓心、半徑為R的半圓形區(qū)域內，有相互垂直的勻強電場和勻強磁場，磁感應強度為B，磁場方向垂直于xOy平面向里。一帶正電的粒子（不計重則 ③ （2）僅有電場時，帶電粒子在勻強電場中作類平拋運動 在y方向位移 ④ 由②④式得 ⑤ 設在水平方向位移為x，因射出位置在半圓形區(qū)域邊界上，于是 又有 ⑥ 得 ⑦ 所以 9（安徽）（20分） M m v0 O P L 如圖所示，質量M=2kg的滑塊套在光滑的水平軌道上，質量m=1kg的小球通過長L=0.5m的輕質細桿與滑塊上的光滑軸O連接，小球和輕桿可在豎直平面內繞O軸自由轉動，開始輕桿處于水平狀態(tài)，現給小球一個豎直向上的初速度v0=4 m/s，g取10m/s2。 （1）若鎖定滑塊，試求小球通過最高點P時對輕桿的作用力大小和方向。 （2）若解除對滑塊的鎖定，試求小球通過最高點時的速度大小。 （3）在滿足（2）的條件下，試求小球擊中滑塊右側軌道位置點與小球起始位置點間的距離。 離為s2，任意時刻小球的水平速度大小為v3，滑塊的速度大小為V/。由系統水平方向的動量守恒，得 ⑦ 將⑧式兩邊同乘以，得 ⑨ 因⑨式對任意時刻附近的微小間隔都成立，累積相加后，有 又 由式得 10．（北京）（16分） 如圖所示，長度為l的輕繩上端固定在O點，下端系一質量為m的小球（小球的大小可以忽略）。 （1）在水平拉力F的作用下，輕繩與豎直方向的夾角為α，小球保持靜止。畫出此時小球的受力圖，并求力F的大??； （2）由圖示位置無初速釋放小球，求當小球通過最低點時的速度大小及輕繩對小球的 11．（上海）如圖，質量的物體靜止于水平地面的A處，A、B間距L=20m。用大小為30N，沿水平方向的外力拉此物體，經拉至B處。(已知，。取) (1)求物體與地面間的動摩擦因數μ； (2)用大小為30N，與水平方向成37的力斜向上拉此物體，使物體從A處由靜止開始運動并能到達B處，求該力作用的最短時間t。 （2）另解：設力作用的最短時間為t，相應的位移為s，物體到達B處速度恰為0，由動能定理 ∴ 由牛頓定律 ∴ ∵ 【答案】⑴0.5 ⑵1.03s 12．（福建）（15分） 反射式速調管是常用的微波器械之一，它利用電子團在電場中的振蕩來產生微波，其振蕩原理與下述過程類似。如圖所示，在虛線兩側分別存在著方向相反的兩個勻強電場，一帶電微粒從A點由靜止開始，在電場力作用下沿直線在A、B兩點間往返運動。已知電場強度的大小分別是N/C和N/C，方向如圖所示，帶電微粒質量，帶電量,A點距虛線的距離，不計帶電微粒的重力，忽略相對論效應。求： 【xx高考】 1．（xx全國卷Ⅰ）如右圖，輕彈簧上端與一質量為m的木塊1相連，下端與另一質量為M的木塊2相連，整個系統置于水平放置的光滑木板上，并處于靜止狀態(tài)?，F將木板沿水平方向突然抽出，設抽出后的瞬間，木塊1、2的加速度大小分別為、。重力加速度大小為g。則有 2．(xx上海物理)將一個物體以某一速度從地面豎直向上拋出，設物體在運動過程中所受空氣阻力大小不變，則物體 （A）剛拋出時的速度最大 （B）在最高點的加速度為零 （C）上升時間大于下落時間 （D）上升時的加速度等于下落時的加速度 【答案】A 【解析】，，所以上升時的加速度大于下落時的加速度，D錯誤；根據，上升時間小于下落時間，C錯誤，B也錯誤，本題選A。 3．(xx海南物理)下列說法正確的是 A．若物體運動速率始終不變，則物體所受合力一定為零 B．若物體的加速度均勻增加，則物體做勻加速直線運動 C．若物體所受合力與其速度方向相反，則物體做勻減速直線運動 D．若物體在任意的相等時間間隔內位移相等，則物體做勻速直線運動 【答案】D 【解析】物體運動速率不變但方向可能變化，因此合力不一定為零，A錯；物體的加速度均勻增加，即加速度在變化，是非勻加速直線運動，B錯；物體所受合力與其速度方向相反，只能判斷其做減速運動，但加速度大小不可確定，C錯；若物體在任意的相等時間間隔內位移相等，則物體做勻速直線運動，D對。 4．(xx海南物理)在水平的足夠長的固定木板上，一小物塊以某一初速度開始滑動，經一段時間t后停止．現將該木板改置成傾角為45的斜面，讓小物塊以相同的初速度沿木板上滑．若小物塊與木板之間的動摩擦因數為．則小物塊上滑到最高位置所需時間與t之比為 A． B． C． D． 【答案】A 【解析】木板水平時，小物塊的加速度，設滑行初速度為，則滑行時間為；木板改成后，小物塊上滑的加速度，滑行時間，因此，A項正確。 6．(xx海南物理)雨摘下落時所受到的空氣阻力與雨滴的速度有關，雨滴速度越大，它受到的空氣阻力越大：此外，當雨滴速度一定時，雨滴下落時所受到的空氣阻力還與雨滴半徑的次方成正比()．假設一個大雨滴和一個小雨滴從同一云層同時下落，最終它們都_______（填“加速”、“減速”或”勻速”）下落．______（填“大”或“小”）雨滴先落到地面；接近地面時，______（填“大”或“小”）雨滴的速度較小． 【答案】勻速(2分) 大(1分) 小(1分) 【解析】由于雨滴受到的空氣阻力與速度有關，速度越大阻力越大，因此最終當阻力增大到與重力平衡時都做勻速運動；設雨滴半徑為，則當雨滴勻速下落時受到的空氣阻力，而重力，由于，因此半徑大的勻速運動的速度大，先落地且落地速度大，小雨滴落地速度小。 7．(xx海南物理)圖l中，質量為的物塊疊放在質量為的足夠長的木板上方右側，木板放在光滑的水平地面上，物塊與木板之間的動摩擦因數為＝0.2．在木板上施加一水平向右的拉力F，在0~3s內F的變化如圖2所示，圖中F以為單位，重力加速度．整個系統開始時靜止． (1)求1s、1.5s、2s、3s末木板的速度以及2s、3s末物塊的速度； (2)在同一坐標系中畫出0~3s內木板和物塊的圖象，據此求0~3s內物塊相對于木板滑過的距離。 【xx高考】 8.（09全國卷Ⅱ15）兩物體甲和乙在同一直線上運動，它們在0～0.4s時間內的v-t圖象如圖所示。若僅在兩物體之間存在相互作用，則物體甲與乙的質量之比和圖中時間t1分別為 （ ） A．和0.30s B．3和0.30s C．和0.28s D．3和0.28s 答案：B 解析：本題考查圖象問題.根據速度圖象的特點可知甲做勻加速,乙做勻減 9.（09廣東物理8）某人在地面上用彈簧秤稱得體重為490N。他將彈簧秤移至電梯內稱其體重，至時間段內，彈簧秤的示數如圖所示，電梯運行的v-t圖可能是（取電梯向上運動的方向為正） （ ） 10.（09江蘇物理9）如圖所示，兩質量相等的物塊A、B通過一輕質彈簧連接，B足夠長、放置在水平面上，所有接觸面均光滑。彈簧開始時處于原長，運動過程中始終處在彈性限度內。在物塊A上施加一個水平恒力，A、B從靜止開始運動到第一次速度相等的過程中，下列說法中正確的有 （ ） A．當A、B加速度相等時，系統的機械能最大 B．當A、B加速度相等時，A、B的速度差最大 C．當A、B的速度相等時，A的速度達到最大 D．當A、B的速度相等時，彈簧的彈性勢能最大 11.（09廣東理科基礎4）建筑工人用圖所示的定滑輪裝置運送建筑材料。質量為70.0kg的工 人站在地面上，通過定滑輪將20.0kg的建筑材料以0．500m／s2的加速度拉升，忽略繩子和定滑輪的質量及定滑輪的摩擦，則工人對地面的壓力大小為(g取lOm／s2) （ ） A．510 N B．490 N C．890 N D．910 N 答案：B 解析：對建筑材料進行受力分析。根據牛頓第二定律有,得繩子的拉力大小等于F=210N,然后再對人受力分析由平衡的知識得,得FN=490N,根據牛頓第三定律可知人對地面間的壓力為490N.B對。 12.（09廣東理科基礎15）搬運工人沿粗糙斜面把一個物體拉上卡車，當力沿斜面向上，大小為F時，物體的加速度為a1；若保持力的方向不變，大小變?yōu)?F時，物體的加速度為a2，則 （ ） A．al=a2 B．a1
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- 2019-2020年高考物理 6年高考母題精解精析專題04 曲線運動、萬有引力與天體運動 2019 2020 年高 物理 考母題精解精析 專題 04 曲線運動 萬有引力 天體 運動
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