《高三物理高考二輪專(zhuān)題復(fù)習(xí)專(zhuān)題達(dá)標(biāo)測(cè)試專(zhuān)題4《功能關(guān)系的應(yīng)用》》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《高三物理高考二輪專(zhuān)題復(fù)習(xí)專(zhuān)題達(dá)標(biāo)測(cè)試專(zhuān)題4《功能關(guān)系的應(yīng)用》（29頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、專(zhuān)題達(dá)標(biāo)測(cè)試專(zhuān)題達(dá)標(biāo)測(cè)試一、選擇題一、選擇題 (每小題每小題5分分,共共60分分)1.(2009遼寧省普通高校招生統(tǒng)一考試測(cè)試遼寧省普通高校招生統(tǒng)一考試測(cè)試)如圖如圖4-1 所示所示,斜面體固定在水平地面上斜面體固定在水平地面上,用一根輕繩跨過(guò)定用一根輕繩跨過(guò)定 滑輪連接甲、乙兩滑塊滑輪連接甲、乙兩滑塊,使其靜止于兩斜面等高處使其靜止于兩斜面等高處, 輕繩均與斜面平行輕繩均與斜面平行.甲、乙可看成質(zhì)點(diǎn)甲、乙可看成質(zhì)點(diǎn),不計(jì)一切摩不計(jì)一切摩 擦擦.若剪斷輕繩若剪斷輕繩(sin 37=0.6,sin 53=0.8) ( )A.甲、乙落地時(shí)的速度大小相等甲、乙落地時(shí)的速度大小相等B.甲、乙落地時(shí)的動(dòng)
2、能之比為甲、乙落地時(shí)的動(dòng)能之比為4 3C.甲、乙落地時(shí)重力的功率之比為甲、乙落地時(shí)重力的功率之比為1 1D.甲、乙在下滑過(guò)程中重力做功相等甲、乙在下滑過(guò)程中重力做功相等圖圖4-1答案答案ABC解析解析 m m甲甲g gsin 37=m m乙乙g gsin 53, m m甲甲= m m乙乙,3m m甲甲=4m m乙乙,由機(jī)械能守恒定律知由機(jī)械能守恒定律知A、B正確正確, ,D錯(cuò)錯(cuò); ;由由于于P P=mgmgv vsin得得 ,C正確正確.5354153sin37sin乙乙甲甲甲甲mmPP乙2.如圖如圖4-2所示所示,表面粗糙的斜面固定于地面上表面粗糙的斜面固定于地面上,并處并處 于方向垂直紙面
3、向外、強(qiáng)度為于方向垂直紙面向外、強(qiáng)度為B B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,質(zhì)質(zhì) 量為量為m m、帶電荷量為、帶電荷量為+Q Q的小滑的小滑 塊從斜面頂端由靜止下滑塊從斜面頂端由靜止下滑.在滑在滑 塊下滑的過(guò)程中塊下滑的過(guò)程中,下列判斷正確下列判斷正確 的是的是 ( )圖圖4-2A.滑塊受到的摩擦力不變滑塊受到的摩擦力不變B.滑塊到達(dá)地面時(shí)的動(dòng)能與滑塊到達(dá)地面時(shí)的動(dòng)能與B B的大小無(wú)關(guān)的大小無(wú)關(guān)C.滑塊受到的洛倫茲力方向垂直斜面向下滑塊受到的洛倫茲力方向垂直斜面向下D.B B很大時(shí)很大時(shí),滑塊可能靜止于斜面上滑塊可能靜止于斜面上解析解析 滑塊下滑的過(guò)程中滑塊下滑的過(guò)程中, ,受力分析如受力分析如右圖
4、所示右圖所示, ,C對(duì)對(duì); ;摩擦力摩擦力F Ff=F FN,而而F FN=G G2+F F洛洛=G G2+q qv vB B,由于由于G G2不變不變,v v增大增大, ,故故F FN增大增大, ,F Ff增大增大,A錯(cuò)錯(cuò); ;由于摩擦力的大小與由于摩擦力的大小與B B有關(guān)有關(guān), ,而滑塊到達(dá)地面時(shí)的而滑塊到達(dá)地面時(shí)的動(dòng)能與重力做功和摩擦力做功有關(guān)動(dòng)能與重力做功和摩擦力做功有關(guān), ,故故B錯(cuò)錯(cuò); ;若若B B很大很大時(shí)時(shí), ,摩擦力增大較快摩擦力增大較快, ,當(dāng)摩擦力增大到當(dāng)摩擦力增大到F Ff=G G1之后之后, ,滑塊滑塊將保持勻速將保持勻速, ,不可能靜止于斜面上不可能靜止于斜面上,
5、,D錯(cuò)錯(cuò). .答案答案 C3.(2009杭州市模擬三杭州市模擬三)如圖如圖4-3所示所示, 下端固定在地面上的豎直輕彈簧下端固定在地面上的豎直輕彈簧,從從 它的正上方它的正上方H H高處有一物塊自由落高處有一物塊自由落 下下,落到彈簧上后將彈簧壓縮落到彈簧上后將彈簧壓縮.如果如果 分別從分別從H H1和和H H2(H H1H H2)高處釋放物塊高處釋放物塊,物塊落到彈物塊落到彈 簧上將彈簧壓縮的過(guò)程中獲得的最大動(dòng)能分別是簧上將彈簧壓縮的過(guò)程中獲得的最大動(dòng)能分別是 E Ek1和和E Ek2,在具有最大動(dòng)能時(shí)刻的重力勢(shì)能分別是在具有最大動(dòng)能時(shí)刻的重力勢(shì)能分別是 E Ep1和和E Ep2(以地面為參
6、照系以地面為參照系),那么有那么有 ( )圖圖4-3A.E Ek1=E Ek2,E Ep1=E Ep2 B.E Ek1E Ek2,E Ep1E Ep2C.E Ek1E Ek2,E Ep1=E Ep2 D.E Ek1E Ek2,E Ep1mgmg,功率功率P PF FT Tmgmgv vsin,D錯(cuò)錯(cuò). .11.如圖如圖4-11所示所示,虛線(xiàn)虛線(xiàn)EFEF的下方存在著正交的勻強(qiáng)電的下方存在著正交的勻強(qiáng)電 場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度為電場(chǎng)強(qiáng)度為E E,磁感應(yīng)磁感應(yīng) 強(qiáng)度為強(qiáng)度為B B.一帶電微粒自離一帶電微粒自離EFEF為為h h的的 高處由靜止下落高處由靜止下落,從從B B點(diǎn)進(jìn)入場(chǎng)區(qū)點(diǎn)進(jìn)入
7、場(chǎng)區(qū), 做了一段勻速圓周運(yùn)動(dòng)做了一段勻速圓周運(yùn)動(dòng),從從D D點(diǎn)射點(diǎn)射 出出.下列說(shuō)法正確的是下列說(shuō)法正確的是 ( ) A.微粒受到的靜電力的方向一定豎直向上微粒受到的靜電力的方向一定豎直向上 B.微粒做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為微粒做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為 C.從從B B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D D點(diǎn)的過(guò)程中微粒的電勢(shì)能先增大點(diǎn)的過(guò)程中微粒的電勢(shì)能先增大 后減小后減小 D.從從B B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D D點(diǎn)的過(guò)程中微粒的電勢(shì)能和重力點(diǎn)的過(guò)程中微粒的電勢(shì)能和重力 勢(shì)能之和在最低點(diǎn)勢(shì)能之和在最低點(diǎn)C C最小最小圖圖4-11ghBE2答案答案 ABC解析解析 由由v v2=2ghgh,得到得到粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)粒子做勻速
8、圓周運(yùn)動(dòng), ,可以判斷可以判斷qEqE=mgmg,可得可得根據(jù)洛倫茲力提供向心力根據(jù)洛倫茲力提供向心力可以推出圓周運(yùn)動(dòng)半徑為可以推出圓周運(yùn)動(dòng)半徑為根據(jù)靜電力向上根據(jù)靜電力向上, ,所以從所以從B B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D D點(diǎn)的過(guò)程中微粒點(diǎn)的過(guò)程中微粒的電勢(shì)能先增大后減小的電勢(shì)能先增大后減小; ;電勢(shì)能加重力勢(shì)能再加粒子電勢(shì)能加重力勢(shì)能再加粒子的動(dòng)能守恒的動(dòng)能守恒, ,所以所以B B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D D點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能和重點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能和重力勢(shì)能之和不變力勢(shì)能之和不變. .2ghv gqEm rvv2mBqghBE212.(2009福建福建18)如圖如圖4-12所示所示,固定放置在同一水固定放
9、置在同一水 平面內(nèi)的兩根平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌的間距為平面內(nèi)的兩根平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌的間距為d d,其右其右 端接有阻值為端接有阻值為R R的電阻的電阻,整個(gè)裝置處在豎直向上磁整個(gè)裝置處在豎直向上磁 感應(yīng)強(qiáng)度大小為感應(yīng)強(qiáng)度大小為B B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.一質(zhì)量為一質(zhì)量為m m(質(zhì)量質(zhì)量 分布均勻分布均勻)的導(dǎo)體桿的導(dǎo)體桿abab垂直于導(dǎo)軌放置垂直于導(dǎo)軌放置,且與兩導(dǎo)且與兩導(dǎo) 軌保持良好接觸軌保持良好接觸,桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為. 現(xiàn)桿在水平向左、垂直于桿的恒力現(xiàn)桿在水平向左、垂直于桿的恒力F F作用下從靜止作用下從靜止 開(kāi)始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離開(kāi)始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離l l時(shí)時(shí)
10、,速度速度 恰好達(dá)到最大恰好達(dá)到最大(運(yùn)動(dòng)過(guò)程中桿運(yùn)動(dòng)過(guò)程中桿 始終與導(dǎo)軌保持垂直始終與導(dǎo)軌保持垂直).設(shè)桿接設(shè)桿接 入電路的電阻為入電路的電阻為r r,導(dǎo)軌電阻不導(dǎo)軌電阻不 計(jì)計(jì),重力加速度大小為重力加速度大小為g g.則此過(guò)程則此過(guò)程 ( )圖圖4-12A.桿的速度最大值為桿的速度最大值為B.流過(guò)電阻流過(guò)電阻R R的電量為的電量為C.恒力恒力F F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動(dòng)能的變做的功與摩擦力做的功之和等于桿動(dòng)能的變 化量化量D.恒力恒力F F做的功與安培力做的功之和大于桿動(dòng)能的變做的功與安培力做的功之和大于桿動(dòng)能的變 化量化量22)(dBRmgFrRBdl答案答案 BD解析解析 當(dāng)
11、當(dāng)v v最大時(shí)有最大時(shí)有F F=F Ff+F F安安,即即F F=mgmg+ ,v v= ;通過(guò)電阻通過(guò)電阻R R的電量的電量q q= ;由動(dòng)能定理有由動(dòng)能定理有WWF+WWf+WWF F安安=E Ek,其中其中WWf0,WWF安安0,故故B、D對(duì)對(duì). .rRv22dB22)(dBrRmgFrRBdlrR二、解答題二、解答題(每小題每小題10分分,共共40分分)13.一靜止的物體所受到的合外力一靜止的物體所受到的合外力 隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖4-13所所 示示,圖中圖中F F1、F F2未知未知,已知物體已知物體 從從t t=0時(shí)刻出發(fā)時(shí)刻出發(fā),在在3t t0時(shí)刻恰又時(shí)刻恰又
12、 返回到出發(fā)點(diǎn)返回到出發(fā)點(diǎn).試求試求: (1)t t0時(shí)刻物體的速度時(shí)刻物體的速度v v1與與3t t0時(shí)刻物體的速度時(shí)刻物體的速度v v2 之比之比. (2)F F1與與F F2之比之比.圖圖4-13解析解析 (1)由圖可知由圖可知F F1作用時(shí)間為作用時(shí)間為t t0,物體做勻加速運(yùn)動(dòng)物體做勻加速運(yùn)動(dòng), ,然后改為反向然后改為反向F F2作用時(shí)間為作用時(shí)間為2t t0,物體先減速再反向物體先減速再反向加速至出發(fā)點(diǎn)加速至出發(fā)點(diǎn).設(shè)設(shè)F F1作用下物體的位移為作用下物體的位移為s s,則有則有 F F2作用下物體的位移為作用下物體的位移為-s-s,有有 聯(lián)立聯(lián)立可得可得 (2)對(duì)于對(duì)于F F1作
13、用的過(guò)程作用的過(guò)程, ,根據(jù)動(dòng)能定理有根據(jù)動(dòng)能定理有 對(duì)于對(duì)于F F2作用的過(guò)程作用的過(guò)程, ,根據(jù)動(dòng)能定理有根據(jù)動(dòng)能定理有 由由得得012tsv02122）-（tsvv 3221vv21121vmsF212222121vvmmsF5421FF答案答案 (1)2 3 (2)4 514.(2009大連市第二次模擬大連市第二次模擬)如圖如圖4-14所示所示,一個(gè)半徑一個(gè)半徑 為為R R=0.3 m的半圓形輕質(zhì)彎管上固定有兩個(gè)小球的半圓形輕質(zhì)彎管上固定有兩個(gè)小球 A A、B B,C C為彎管的圓心為彎管的圓心,ACACOBOB,彎管可以繞左端轉(zhuǎn)彎管可以繞左端轉(zhuǎn) 軸軸O O在豎直平面內(nèi)無(wú)摩擦自由轉(zhuǎn)動(dòng)在
14、豎直平面內(nèi)無(wú)摩擦自由轉(zhuǎn)動(dòng).已知已知m mA A=2 kg, m mB B=1 kg,取取g g=10 m/s2,由靜止開(kāi)始釋放此裝置由靜止開(kāi)始釋放此裝置,則則 (1)當(dāng)當(dāng)B B球擺到最低點(diǎn)時(shí)系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能是球擺到最低點(diǎn)時(shí)系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能是 多大多大? (2)當(dāng)當(dāng)A A球擺到最低點(diǎn)時(shí)球擺到最低點(diǎn)時(shí),A A的動(dòng)能是多大的動(dòng)能是多大?圖圖4-14解析解析 (1)B B球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí), ,系統(tǒng)減少的機(jī)械能系統(tǒng)減少的機(jī)械能E E=m mA AghghA A1 1+m mB BghghB B1 1h hA A1 1、h hB B1 1分別為分別為A A、B B兩球下落的高度兩球下落的高
15、度, ,因?yàn)橐驗(yàn)閔 hA A1=2R R,h hB B1=2R R所以所以E E=18 J(2)A A球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí), ,由系統(tǒng)機(jī)械能守恒得由系統(tǒng)機(jī)械能守恒得m mA AghghA A2+m mB BghghB B2= m mA Av vA A2+ m mB Bv vB B2A A、B B具有相同的角速度具有相同的角速度, ,轉(zhuǎn)動(dòng)半徑轉(zhuǎn)動(dòng)半徑 ,r ,rB B= =2 2R R所以所以 v vA A=v vB BA A、B B下落的高度分別為下落的高度分別為 ，可得可得E EkA A= m mA Av vA A29.3 J2121RrA22RRhA22RhB22答案答案 (1)1
16、8 J (2)9.3 J2115.(2009成都市第三次診斷性檢測(cè)成都市第三次診斷性檢測(cè)) )如圖如圖4-15所示所示,兩兩 條足夠長(zhǎng)的平行光滑導(dǎo)軌條足夠長(zhǎng)的平行光滑導(dǎo)軌MNMN和和PQPQ之間的寬度為之間的寬度為L(zhǎng) L, 處于同一豎直平面內(nèi)處于同一豎直平面內(nèi),MPMP間接有阻值為間接有阻值為R R的電阻的電阻. 輕質(zhì)金屬桿輕質(zhì)金屬桿abab長(zhǎng)為長(zhǎng)為2L L,緊貼導(dǎo)軌豎直放置并與導(dǎo)軌緊貼導(dǎo)軌豎直放置并與導(dǎo)軌 接觸良好接觸良好,離離a a端端 處固定有質(zhì)量為處固定有質(zhì)量為m m的小球的小球(可視可視 為質(zhì)點(diǎn)為質(zhì)點(diǎn)),整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B B并與導(dǎo)軌平并與導(dǎo)軌平 面垂
17、直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,當(dāng)當(dāng)abab桿由靜止開(kāi)始緊貼導(dǎo)軌桿由靜止開(kāi)始緊貼導(dǎo)軌 繞繞a a端固定軸向右倒下至水端固定軸向右倒下至水 平位置時(shí)平位置時(shí),球的速度為球的速度為v v.若導(dǎo)若導(dǎo) 軌及金屬桿電阻不計(jì)軌及金屬桿電阻不計(jì),忽略各忽略各 處的摩擦處的摩擦,重力加速度為重力加速度為g g,則則2L圖圖4-15在金屬桿在金屬桿b b端即將脫離導(dǎo)軌端即將脫離導(dǎo)軌MNMN的瞬間的瞬間.求求:(1)小球的速度大小小球的速度大小.(2)電阻電阻R R的電功率的電功率.解析解析 (1)設(shè)設(shè)b b端即將脫離端即將脫離MNMN時(shí)的速度為時(shí)的速度為v v0.在金屬在金屬桿的桿的b b端即將脫離端即將脫離
18、MNMN至至abab桿倒下至水平位置的過(guò)程桿倒下至水平位置的過(guò)程中中, ,以小球?yàn)檠芯繉?duì)象以小球?yàn)檠芯繉?duì)象, ,由題中條件可知由題中條件可知:b b端即將脫離端即將脫離導(dǎo)軌導(dǎo)軌MNMN時(shí)時(shí), ,abab桿與桿與PQPQ的夾角為的夾角為30根據(jù)機(jī)械能守恒有根據(jù)機(jī)械能守恒有mgLmgLsin30+ m mv v02= m mv v2解得解得(2)因?yàn)闂U和球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同因?yàn)闂U和球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同所以所以,b b端即將脫離導(dǎo)軌端即將脫離導(dǎo)軌MNMN時(shí)時(shí), ,桿中點(diǎn)的速度桿中點(diǎn)的速度212121220gLvvv v1=2v v0=感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E E=2BLBLv v1功率功率222gLvRg
19、LLBRLBREP)2(16422221222vv16.(2009山東調(diào)研山東調(diào)研)如圖如圖4-16所示所示,PRPR是一長(zhǎng)是一長(zhǎng)L L=0.64 m 的絕緣平板的絕緣平板,且固定在水平地面上且固定在水平地面上,擋板擋板R R固定在平板固定在平板 的右端的右端.整個(gè)空間有一個(gè)平行于整個(gè)空間有一個(gè)平行于PRPR的勻強(qiáng)電場(chǎng)的勻強(qiáng)電場(chǎng)E E,在板在板 的右半部分有一個(gè)垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的右半部分有一個(gè)垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B B,磁場(chǎng)磁場(chǎng) 的寬度的寬度d d=0.32 m.一個(gè)質(zhì)量一個(gè)質(zhì)量m m=0.5010-3 kg、電荷、電荷 量量q q=5.010-2 C的小物體的小物體,從板的從板的P
20、P端由靜止開(kāi)始向端由靜止開(kāi)始向 右做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)右做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),從從D D點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)后恰能做勻速點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)后恰能做勻速 直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).當(dāng)物體碰到擋板當(dāng)物體碰到擋板R R后被彈回后被彈回,若在碰撞瞬間若在碰撞瞬間 撤去電場(chǎng)撤去電場(chǎng)(不計(jì)撤掉電場(chǎng)對(duì)原磁場(chǎng)的影響不計(jì)撤掉電場(chǎng)對(duì)原磁場(chǎng)的影響),物體返回物體返回 答案答案 (1) (2)gL212vRgLLB)2(16222v時(shí)在磁場(chǎng)中仍做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)在磁場(chǎng)中仍做勻速運(yùn)動(dòng),離開(kāi)磁場(chǎng)后做減速運(yùn)動(dòng)離開(kāi)磁場(chǎng)后做減速運(yùn)動(dòng),停停在在C C點(diǎn)點(diǎn),已知已知 .若物體與平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)若物體與平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.20(g g取取10 m/s2).4LPC
21、圖圖4-16(1)判斷電場(chǎng)的方向及物體帶正電還是帶負(fù)電判斷電場(chǎng)的方向及物體帶正電還是帶負(fù)電.(2)求磁感應(yīng)強(qiáng)度求磁感應(yīng)強(qiáng)度B B的大小的大小.(3)求物體與擋板碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能求物體與擋板碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能.解析解析 (1)物體由靜止開(kāi)始向右做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)物體由靜止開(kāi)始向右做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng), ,證證明靜電力向右且大于摩擦力明靜電力向右且大于摩擦力. .進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速直線(xiàn)進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng), ,說(shuō)明它受的摩擦力增大說(shuō)明它受的摩擦力增大, ,證明它受的洛倫茲力證明它受的洛倫茲力垂直平板向下垂直平板向下. .由左手定則判斷由左手定則判斷, ,物體一定帶負(fù)電物體一定帶負(fù)電. .
22、物體帶負(fù)電而所受靜電力方向向右物體帶負(fù)電而所受靜電力方向向右, ,所以電場(chǎng)的方向所以電場(chǎng)的方向一定水平向左一定水平向左. .(2)設(shè)物體被擋板彈回后做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度為設(shè)物體被擋板彈回后做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度為v v2,從離開(kāi)磁場(chǎng)到停在從離開(kāi)磁場(chǎng)到停在C C點(diǎn)的過(guò)程中點(diǎn)的過(guò)程中, ,物體在摩擦力的作物體在摩擦力的作用下做減速運(yùn)動(dòng)用下做減速運(yùn)動(dòng), ,直至靜止直至靜止, ,根據(jù)動(dòng)能定理有根據(jù)動(dòng)能定理有-mg mg =0- m mv v22,解得解得v v2=0.80 m/s.物體與擋板碰撞瞬間撤去電場(chǎng)后物體與擋板碰撞瞬間撤去電場(chǎng)后, ,物體返回時(shí)在磁場(chǎng)物體返回時(shí)在磁場(chǎng)4L21中做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中做勻
23、速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng), ,根據(jù)受力平衡可有根據(jù)受力平衡可有mgmg=q qv v2B B,解得解得B B=0.125 T.(3)設(shè)從設(shè)從D D點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v v1,根據(jù)動(dòng)能定理有根據(jù)動(dòng)能定理有qEqE L L-mgmg L L= m mv v12物體從物體從D D到到R R做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)受力平衡有做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)受力平衡有qEqE=(mgmg+q qv v1B B)解得解得v v1=1.6 m/s所以物體與擋板碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能為所以物體與擋板碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能為E E= m mv v12- m mv v22解得解得E E=4.810-4 J2121212121答案答案 (1)電場(chǎng)方向水平向左電場(chǎng)方向水平向左 帶負(fù)電帶負(fù)電 (2)0.125 T(3)4.810-4 J返回
高三物理高考二輪專(zhuān)題復(fù)習(xí)專(zhuān)題達(dá)標(biāo)測(cè)試專(zhuān)題4《功能關(guān)系的應(yīng)用》
