2020高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第14講 動(dòng)能 動(dòng)能定理課件 新人教版.ppt

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,教材知識(shí)梳理│考點(diǎn)互動(dòng)探究│教師備用習(xí)題,一、物體的動(dòng)能1.動(dòng)能:物體由于而具有的能量叫作動(dòng)能;物體的動(dòng)能跟物體的和有關(guān).2.表達(dá)式:Ek=,式中v為瞬時(shí)速度;動(dòng)能的單位是.3.矢標(biāo)性:動(dòng)能是(選填“矢量”或“標(biāo)量”).4.相對(duì)性:動(dòng)能具有相對(duì)性,物體動(dòng)能的大小與的選擇有關(guān),一般取地面為參考系.5.動(dòng)能是(選填“狀態(tài)”或“過(guò)程”)量,動(dòng)能的變化量是(選填“狀態(tài)”或“過(guò)程”)量.,,運(yùn)動(dòng),質(zhì)量,速度,焦耳(J),標(biāo)量,參考系,狀態(tài),過(guò)程,二、動(dòng)能定理1.內(nèi)容:(合)力在一個(gè)過(guò)程中對(duì)物體所做的功,等于物體在這個(gè)過(guò)程中的變化.2.表達(dá)式:W=.3.意義:動(dòng)能定理指出了外力對(duì)物體所做的總功與物體之間的關(guān)系,即合外力做的功是物體變化的量度.4.適用范圍:(1)動(dòng)能定理既適用于直線運(yùn)動(dòng),也適用于運(yùn)動(dòng);(2)既適用于恒力做功,也適用于做功;(3)力可以是各種性質(zhì)的力,既可以同時(shí)作用,也可以不同時(shí)作用.,,動(dòng)能,動(dòng)能的變化,動(dòng)能,曲線,變力,,【辨別明理】(1)選擇不同的參考系時(shí),動(dòng)能可能為負(fù)值.()(2)一定質(zhì)量的物體動(dòng)能變化時(shí),速度一定變化,但速度變化時(shí),動(dòng)能不一定變化.()(3)動(dòng)能不變的物體一定處于平衡狀態(tài).()(4)如果物體所受的合外力為零,那么合外力對(duì)物體做功一定為零.()(5)物體在合外力作用下做變速運(yùn)動(dòng)時(shí),動(dòng)能一定變化.()(6)根據(jù)動(dòng)能定理,合外力做的功就是動(dòng)能的變化.()(7)重力做功和摩擦力做功都與物體運(yùn)動(dòng)的路徑無(wú)關(guān).(),,,[答案](1)()(2)(√)(3)()(4)(√)(5)()(6)()(7)(),考點(diǎn)一動(dòng)能定理的理解,1.對(duì)“外力”的兩點(diǎn)理解:(1)“外力”可以是重力、彈力、摩擦力、電場(chǎng)力、磁場(chǎng)力等,它們可以同時(shí)作用,也可以不同時(shí)作用.(2)“外力”既可以是恒力,也可以是變力.2.公式中“=”體現(xiàn)的三個(gè)關(guān)系:,3.矢標(biāo)性動(dòng)能是標(biāo)量,功也是標(biāo)量,所以動(dòng)能定理是一個(gè)標(biāo)量式,不存在方向的選取問(wèn)題.當(dāng)然動(dòng)能定理也就不存在分量的表達(dá)式.例如,以相同大小的初速度不管向什么方向拋出,在最終落到地面上速度大小相同的情況下,所列的動(dòng)能定理的表達(dá)式都是一樣的.4.高中階段動(dòng)能定理中的位移和速度必須相對(duì)于同一個(gè)參考系,一般以地面或相對(duì)地面靜止的物體為參考系.,,例1(多選)如圖14-1所示,電梯質(zhì)量為M,在它的水平地板上放置一質(zhì)量為m的物體.電梯在鋼索的拉力作用下豎直向上加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)電梯的速度由v1增加到v2時(shí),上升高度為H,重力加速度為g,則在這個(gè)過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是(),,,圖14-1,,[答案]CD,變式題1(多選)關(guān)于動(dòng)能定理的表達(dá)式W=Ek2-Ek1,下列說(shuō)法正確的是()A.公式中的W為不包含重力的其他力做的總功B.公式中的W為包含重力在內(nèi)的所有力做的功,也可通過(guò)以下兩種方式計(jì)算:先求每個(gè)力的功,再求功的代數(shù)和,或者先求合外力,再求合外力的功C.公式中的Ek2-Ek1為動(dòng)能的增量,當(dāng)W>0時(shí),動(dòng)能增加,當(dāng)W<0時(shí),動(dòng)能減少D.動(dòng)能定理適用于直線運(yùn)動(dòng),但不適用于曲線運(yùn)動(dòng),適用于恒力做功,但不適用于變力做功,,,[答案]BC,變式題2如圖14-2所示,質(zhì)量為M的木塊靜止在光滑的水平面上,質(zhì)量為m的子彈以速度v0沿水平方向射入木塊,并最終留在木塊中與木塊一起以速度v運(yùn)動(dòng).已知當(dāng)子彈相對(duì)木塊靜止時(shí),木塊前進(jìn)的距離為L(zhǎng),子彈進(jìn)入木塊的深度為s.若木塊對(duì)子彈的阻力F視為恒定,則下列關(guān)系式中錯(cuò)誤的是(),,,圖14-2,,[答案]B,考點(diǎn)二動(dòng)能定理的應(yīng)用,1.應(yīng)用動(dòng)能定理解題時(shí),應(yīng)對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體受力情況和運(yùn)動(dòng)情況進(jìn)行分析,在分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程時(shí)不需要深究物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中狀態(tài)變化的細(xì)節(jié),只需考慮整個(gè)過(guò)程中有哪些力對(duì)物體做功,做正功還是負(fù)功,以及運(yùn)動(dòng)過(guò)程初、末狀態(tài)物體的動(dòng)能.,2.應(yīng)用動(dòng)能定理解題基本步驟,例2[2019合肥調(diào)研]一質(zhì)量m=1kg的物塊從傾角θ=37的固定斜面底端以初速度v0=10m/s沿斜面上滑,到達(dá)斜面的頂端后又返回至斜面底端.已知物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5,重力加速度g取10m/s2,求:(1)斜面的長(zhǎng)度;(2)物塊滑回底端時(shí)的動(dòng)能.,,圖14-3,,[答案](1)5m(2)10J,變式題1(多選)如圖14-4所示,質(zhì)量為m的小車(chē)在水平恒力F推動(dòng)下從山坡(粗糙)底部A處由靜止起運(yùn)動(dòng)至高為h的坡頂B,獲得速度為v,A、B之間的水平距離為x,重力加速度為g.下列說(shuō)法正確的是(),,,圖14-4,,[答案]ABD,,,,[答案]C,■要點(diǎn)總結(jié),,(1)動(dòng)能定理往往用于單個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程,由于不涉及加速度及時(shí)間,所以比動(dòng)力學(xué)研究方法要簡(jiǎn)便.(2)動(dòng)能定理表達(dá)式是一個(gè)標(biāo)量式,在某個(gè)方向上應(yīng)用動(dòng)能定理沒(méi)有任何依據(jù).(3)當(dāng)物體的運(yùn)動(dòng)包含多個(gè)不同過(guò)程時(shí),可分段應(yīng)用動(dòng)能定理求解;當(dāng)所求解的問(wèn)題不涉及中間的速度時(shí),也可以全過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理求解.(4)應(yīng)用動(dòng)能定理時(shí),必須明確各力做功的正負(fù).當(dāng)一個(gè)力做負(fù)功時(shí),可設(shè)物體克服該力做功為W,則該力做功為-W,也可以直接用字母W表示該力做功,使其字母本身含有負(fù)號(hào).,考點(diǎn)三動(dòng)能定理與圖像結(jié)合問(wèn)題,解決物理圖像問(wèn)題的基本步驟,,例3如圖14-5甲所示,長(zhǎng)為4m的水平軌道AB與半徑為R=0.6m的豎直半圓軌道BC在B處相連接,有一質(zhì)量為1kg的滑塊(大小不計(jì))從A處由靜止開(kāi)始受水平力F作用,F隨位移變化的關(guān)系如圖乙所示,滑塊與AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.25,與BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)未知,g取10m/s2.(水平向右為力F的正方向)(1)求滑塊到達(dá)B處時(shí)的速度大小;(2)求滑塊在水平軌道AB上運(yùn)動(dòng)前2m過(guò)程所用的時(shí)間;(3)若到達(dá)B點(diǎn)時(shí)撤去力F,滑塊沿半圓軌道內(nèi)側(cè)上滑,并恰好能到達(dá)最高點(diǎn)C,則滑塊在半圓軌道上克服摩擦力所做的功是多少?,,圖14-5,,,變式題質(zhì)量m=2kg的物塊放在粗糙水平面上,在水平拉力作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),物塊動(dòng)能Ek與其位移x之間的關(guān)系如圖14-6所示.已知物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2,g取10m/s2,則下列說(shuō)法中不正確的是()A.x=1m時(shí)物塊的速度大小為2m/sB.x=3m時(shí)物塊的加速度大小為1.25m/s2C.在前2m的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物塊所經(jīng)歷的時(shí)間為2sD.在前4m的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中拉力對(duì)物塊做的功為25J,,,圖14-6,,[答案]A,考點(diǎn)四動(dòng)能定理解決單體多過(guò)程問(wèn)題,(1)由于多過(guò)程問(wèn)題的受力情況、運(yùn)動(dòng)情況比較復(fù)雜;從動(dòng)力學(xué)的角度分析多過(guò)程問(wèn)題往往比較復(fù)雜,但是,用動(dòng)能定理分析問(wèn)題,是從總體上把握其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的變化,并不需要從細(xì)節(jié)上了解.因此,動(dòng)能定理的優(yōu)越性就明顯地表現(xiàn)出來(lái)了,分析力的作用是看力做的功,也只需把所有的力做的功累加起來(lái)即可.(2)運(yùn)用動(dòng)能定理解決問(wèn)題時(shí),有兩種思路:一種是全過(guò)程列式,另一種是分段列式.,(3)全過(guò)程列式時(shí),涉及重力、彈簧彈力、大小恒定的阻力或摩擦力做功時(shí),要注意運(yùn)用它們的功能特點(diǎn):①重力做的功取決于物體的初、末位置,與路徑無(wú)關(guān);②大小恒定的阻力或摩擦力做的功等于力的大小與路程的乘積;③彈簧彈力做功與路徑無(wú)關(guān).,例4(16分)如圖14-7所示的裝置由AB、BC、CD三段軌道組成,軌道交接處均由很小的圓弧平滑連接,其中軌道AB、CD段是光滑的,水平軌道BC的長(zhǎng)度s=5m,軌道CD足夠長(zhǎng)且傾角θ=37,A、D兩點(diǎn)離軌道BC的高度分別為h1=4.3m、h2=1.35m.現(xiàn)讓質(zhì)量為m的小滑塊從A點(diǎn)由靜止釋放.已知小滑塊與軌道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5,重力加速度g取10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,求:(1)小滑塊第一次到達(dá)D點(diǎn)時(shí)的速度大小;(2)小滑塊第一次與第二次通過(guò)C點(diǎn)的時(shí)間間隔;(3)小滑塊最終停止的位置與B點(diǎn)的距離.,,,,,圖14-7,【規(guī)范步驟】(1)小滑塊在A→B→C→D過(guò)程中,由動(dòng)能定理得(2分)解得vD=m/s(1分)(2)小滑塊在A→B→C過(guò)程中,由動(dòng)能定理得(2分)解得vC=m/s(1分)小滑塊沿CD段上滑的加速度大小a=m/s2(2分)小滑塊沿CD段上滑到最高點(diǎn)的時(shí)間t1=s(2分),,,,,由對(duì)稱(chēng)性可知,小滑塊從最高點(diǎn)滑回C點(diǎn)的時(shí)間t2=s(1分)故小滑塊第一次與第二次通過(guò)C點(diǎn)的時(shí)間間隔t=s(1分)(3)設(shè)小滑塊在水平軌道上運(yùn)動(dòng)的總路程為s總.對(duì)小滑塊運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程,由動(dòng)能定理得(2分)解得s總=m(1分)故小滑塊最終停止的位置與B點(diǎn)的距離為2s-s總=m.(1分),,,,,,,,,,變式題如圖14-8所示,AB是傾角為θ=30的粗糙直軌道,BCD是光滑的圓弧軌道,AB恰好在B點(diǎn)與圓弧相切,圓弧的半徑為R.一個(gè)質(zhì)量為m的物體(可以看作質(zhì)點(diǎn))從直軌道上的P點(diǎn)由靜止釋放,而后在兩軌道上做往返運(yùn)動(dòng).已知P點(diǎn)與圓弧的圓心O等高,物體做往返運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中在AB軌道上通過(guò)的路程為s.(重力加速度為g)(1)求物體與軌道AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ.(2)最終當(dāng)物體通過(guò)圓弧軌道最低點(diǎn)E時(shí),求物體對(duì)圓弧軌道的壓力大小.(3)為使物體能順利到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)D,釋放點(diǎn)距B點(diǎn)的距離L至少為多大?,,圖14-8,,,,■要點(diǎn)總結(jié),,1.(多選)物體沿直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示,已知在第1s內(nèi)合力對(duì)物體做的功為W,則()A.從第1s末到第3s末合力做功為4WB.從第3s末到第5s末合力做功為-2WC.從第5s末到第7s末合力做功為WD.從第3s末到第4s末合力做功為-0.75W,,[答案]CD,,[答案]D,3.如圖甲所示,“滑滑梯”是小朋友喜愛(ài)的游戲活動(dòng),可以將小朋友在室內(nèi)“滑滑梯”的運(yùn)動(dòng)簡(jiǎn)化成小物體從靜止出發(fā),先沿斜板下滑,再進(jìn)入室內(nèi)水平木板的過(guò)程,如圖乙所示.假設(shè)斜板長(zhǎng)度一定,斜板與水平木板的傾角θ可調(diào),且房間高度足夠,斜板最高點(diǎn)在地板的垂點(diǎn)到房間右側(cè)墻面的長(zhǎng)度為斜板長(zhǎng)度的2倍.某次游戲中,一位小朋友(可視為質(zhì)點(diǎn))從斜板頂端由靜止出發(fā)后在到達(dá)房間右側(cè)墻面時(shí)剛好停下,已知小朋友與斜板及水平木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ,不計(jì)小朋友從斜板進(jìn)入水平木板時(shí)的能量損失,則θ與μ應(yīng)滿(mǎn)足()A.sinθ=μB.sinθ=2μC.sinθ=3μD.sinθ=4μ,,,,[答案]B,4.[2019衡水中學(xué)摸底]水平面上有質(zhì)量相等的a、b兩物體,水平推力F1、F2分別作用在a、b上.各作用一段時(shí)間后撤去推力,物體將繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后停下來(lái).撤去推力時(shí)兩物體速度相等,它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示,圖中AB∥CD,整個(gè)過(guò)程中()A.水平推力F1、F2的大小相等B.a、b與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等C.a、b克服摩擦力做的功相等D.水平推力F1、F2所做的功可能相等,,[答案]B,5.[2018安徽江淮十校三聯(lián)]如圖所示,一輕彈簧左端與豎直的墻連接,右端與質(zhì)量為m的物塊接觸,開(kāi)始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng),彈簧的勁度系數(shù)為k.現(xiàn)用恒力F向左推物塊,當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到最左端時(shí),推力做的功為W.重力加速度為g,物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,整個(gè)過(guò)程彈簧的形變?cè)趶椥韵薅葍?nèi).(1)求物塊向左移動(dòng)過(guò)程中克服摩擦力做的功;(2)物塊運(yùn)動(dòng)到最左端時(shí),撤去推力,彈簧能將物塊彈開(kāi),則物塊從最左端起向右能運(yùn)動(dòng)多遠(yuǎn)?,,,6.[2016天津卷]我國(guó)將于2022年舉辦冬奧會(huì),跳臺(tái)滑雪是其中最具觀賞性的項(xiàng)目之一.如圖所示,質(zhì)量m=60kg的運(yùn)動(dòng)員從長(zhǎng)直助滑道AB的A處由靜止開(kāi)始以加速度a=3.6m/s2勻加速滑下,到達(dá)助滑道末端B時(shí)速度vB=24m/s,A與B的豎直高度差H=48m.為了改變運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)方向,在助滑道與起跳臺(tái)之間用一段彎曲滑道銜接,其中最低點(diǎn)C處附近是一段以O(shè)為圓心的圓弧.助滑道末端B與滑道最低點(diǎn)C的高度差h=5m,運(yùn)動(dòng)員在B、C間運(yùn)動(dòng)時(shí)阻力做功W=-1530J,g取10m/s2.(1)求運(yùn)動(dòng)員在AB段下滑時(shí)受到阻力f的大小;(2)若運(yùn)動(dòng)員能夠承受的最大壓力為其所受重力的6倍,則C點(diǎn)所在圓弧的半徑R至少應(yīng)為多大?,,[答案](1)144N(2)12.5m,,7.[2018海南八校聯(lián)考]如圖所示,斜面傾角θ=30,一輕質(zhì)彈簧一端固定于斜面底部,彈簧自然伸長(zhǎng)時(shí),另一端位于斜面上的O點(diǎn),O點(diǎn)上方斜面粗糙,下方斜面光滑.質(zhì)量m=0.4kg的物體(可視為質(zhì)點(diǎn))從P點(diǎn)由靜止釋放,沿斜面滑下,壓縮彈簧后被彈回,上滑至OP中點(diǎn)時(shí)速度為零.已知O、P兩點(diǎn)間距離x=10cm,當(dāng)彈簧的壓縮量Δl=2cm時(shí),物體的速度達(dá)到最大,此時(shí)彈簧具有的彈性勢(shì)能Ep=0.04J,g取10m/s2.求:(1)彈簧的勁度系數(shù)k;(2)此過(guò)程中物體具有的最大動(dòng)能Ekm.,,[答案](1)100N/m(2)0.13J,