2019版高考物理一輪復(fù)習(xí) 高頻考點(diǎn)強(qiáng)化（六）電場(chǎng)及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題練習(xí).doc

《2019版高考物理一輪復(fù)習(xí) 高頻考點(diǎn)強(qiáng)化（六）電場(chǎng)及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題練習(xí).doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019版高考物理一輪復(fù)習(xí) 高頻考點(diǎn)強(qiáng)化（六）電場(chǎng)及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題練習(xí).doc（10頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

高頻考點(diǎn)強(qiáng)化(六)電場(chǎng)及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題 (45分鐘　100分) 一、選擇題(本題共12小題,每小題6分,共72分。1～8題為單選題,9～12題為多選題) 1.關(guān)于靜電場(chǎng)下列說法中正確的是 (　　) A.將負(fù)電荷由電勢(shì)低的地方移到電勢(shì)高的地方,電勢(shì)能一定增加 B.無論是正電荷還是負(fù)電荷,從電場(chǎng)中某點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處時(shí),靜電力做的正功越多,電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能越大 C.在同一個(gè)等勢(shì)面上的各點(diǎn),場(chǎng)強(qiáng)的大小必然是相等的 D.電勢(shì)下降的方向就是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向 【解析】選B。根據(jù)Ep=qφ,將負(fù)電荷由電勢(shì)低的地方移到電勢(shì)高的地方,電勢(shì)能減小,故A錯(cuò)誤;無論是正電荷還是負(fù)電荷,從電場(chǎng)中某點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處時(shí),靜電力做的正功越多,因無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)能為零,因此電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能越大,故B正確;在等勢(shì)面上,電勢(shì)處處相等,場(chǎng)強(qiáng)不一定相等,故C錯(cuò)誤;電勢(shì)下降最快的方向才是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向,故D錯(cuò)誤。 2.(2018宜春模擬)兩個(gè)固定的等量異種電荷,在它們連線的垂直平分線上有a、b、c三點(diǎn),如圖所示,下列說法正確的是 (　　) A.a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)電勢(shì)高 B.a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相同,a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比b點(diǎn)小 C.一帶電粒子(不計(jì)重力),在a點(diǎn)無初速度釋放,則它將在a、b線上運(yùn)動(dòng) D.正負(fù)電荷連線上c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大 【解析】選B。等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線, a點(diǎn)電勢(shì)與b點(diǎn)電勢(shì)相等,故A錯(cuò)誤;根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直可知,a、b、c三點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向都與兩電荷連線平行,方向相同,根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度矢量合成可知,a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比b點(diǎn)小,故B正確;a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向向右,一帶電粒子(不計(jì)重力)在a點(diǎn)受電場(chǎng)力向左或向右,無初速度釋放將向左或向右運(yùn)動(dòng),不可能在a、b線上運(yùn)動(dòng),故C錯(cuò)誤;正負(fù)電荷連線上c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最小,故D錯(cuò)誤。 3.(2016江蘇高考)一金屬容器置于絕緣板上,帶電小球用絕緣細(xì)線懸掛于容器中,容器內(nèi)的電場(chǎng)線分布如圖所示。容器內(nèi)表面為等勢(shì)面,A、B為容器內(nèi)表面上的兩點(diǎn),下列說法正確的是 (　　) A.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)的大 B.小球表面的電勢(shì)比容器內(nèi)表面的低 C.B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向與該處內(nèi)表面垂直 D.將檢驗(yàn)電荷從A點(diǎn)沿不同路徑移到B點(diǎn),電場(chǎng)力所做的功不同 【解題指導(dǎo)】解答本題應(yīng)注意以下四點(diǎn): (1)電場(chǎng)線的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。 (2)順著電場(chǎng)線的方向,電勢(shì)一定依次降低。 (3)等勢(shì)面始終與電場(chǎng)線垂直。 (4)靜電力做的功等于電勢(shì)能的減少量:WAB=EpA-EpB=q(φA-φB)=qUAB。 【解析】選C。B點(diǎn)的電場(chǎng)線比A點(diǎn)的電場(chǎng)線密,所以B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大,A錯(cuò)誤;比較電勢(shì)高低看電場(chǎng)線的方向,沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低,所以B項(xiàng)錯(cuò)誤;容器內(nèi)表面為等勢(shì)面,電場(chǎng)線與等勢(shì)面永遠(yuǎn)垂直,C項(xiàng)正確;電場(chǎng)力做功與路徑無關(guān),取決于初末兩點(diǎn)電勢(shì)差,所以將檢驗(yàn)電荷從A點(diǎn)沿不同路徑移到B點(diǎn),電場(chǎng)力所做的功相同,D項(xiàng)錯(cuò)誤。 4.(2018邯鄲模擬)帶電粒子射入一固定的帶正電的點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中,沿圖中實(shí)線軌跡從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn),a、b兩點(diǎn)到點(diǎn)電荷Q的距離分別為ra、rb(ra>rb),b點(diǎn)為運(yùn)動(dòng)軌跡上到Q最近的點(diǎn),不計(jì)粒子所受的重力,則可知 (　　) A.粒子帶負(fù)電 B.b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)可能等于a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng) C.從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中,靜電力對(duì)粒子不做功 D.從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中,粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變 【解析】選D。由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可以知道,帶電粒子受到的電場(chǎng)力為斥力,所以粒子與點(diǎn)電荷Q為同種電荷,為正電荷,故A錯(cuò)誤;由于ra>rb,且Q為帶正電的點(diǎn)電荷,由點(diǎn)電荷的電場(chǎng)可知,b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng),故B錯(cuò)誤;a到b的過程中,電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功,故C錯(cuò)誤;粒子在運(yùn)動(dòng)過程中,只有電場(chǎng)力做功,粒子的動(dòng)能與電勢(shì)能之和保持不變,故D正確。 5.平行板電容器A、B兩板加上如圖所示的交變電壓,開始A板電勢(shì)比B板高,這時(shí)兩極板中間原來靜止的電子在電場(chǎng)力作用下開始運(yùn)動(dòng),設(shè)電子運(yùn)動(dòng)不與極板相碰,以下說法正確的是(不計(jì)電子的重力) (　　) A.先向A運(yùn)動(dòng),然后向B運(yùn)動(dòng),再返回A板做周期性來回運(yùn)動(dòng) B.一直向A板運(yùn)動(dòng) C.一直向B板運(yùn)動(dòng) D.先向B運(yùn)動(dòng),然后向A運(yùn)動(dòng),再返回B板做周期性來回運(yùn)動(dòng) 【解析】選B。在前半個(gè)周期內(nèi),A板的電勢(shì)高,電場(chǎng)的方向向左,電子受到的電場(chǎng)力方向水平向右,向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng),第二個(gè)半周期內(nèi),電子所受的電場(chǎng)力水平向左,電子向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng),0.5 s末速度減為零,然后重復(fù)之前的運(yùn)動(dòng),可知電子一直向A運(yùn)動(dòng),位移一直增大,故選項(xiàng)B正確,A、C、D錯(cuò)誤。 6.(2018黃岡模擬)如圖所示,一電荷量為q的帶電粒子以一定的初速度由P點(diǎn)射入勻強(qiáng)電場(chǎng),入射方向與電場(chǎng)線垂直,粒子從Q點(diǎn)射出電場(chǎng)時(shí),其速度方向與電場(chǎng)線夾角為30。已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)的寬度為d,P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)差為U,不計(jì)重力作用,設(shè)P點(diǎn)的電勢(shì)為零。則下列說法正確的是 (　　) A.帶電粒子在Q點(diǎn)的電勢(shì)能為qU B.帶電粒子帶負(fù)電 C.此勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E= D.此勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E= 【解析】選C。由題圖看出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡向上,則所受的電場(chǎng)力向上,與電場(chǎng)方向相同,所以該粒子帶正電,故B錯(cuò)誤;粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn),電場(chǎng)力做正功,為W=qU,則粒子的電勢(shì)能減少了qU,P點(diǎn)的電勢(shì)為零,則知帶電粒子在Q點(diǎn)的電勢(shì)能為-Uq,故A錯(cuò)誤;設(shè)帶電粒子在P點(diǎn)時(shí)的速度為v0,在Q點(diǎn)建立直角坐標(biāo)系,垂直于電場(chǎng)線為x軸,平行于電場(chǎng)線為y軸,由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和幾何知識(shí)求得粒子在y軸方向的分速度為vy=v0,粒子在y軸方向上的平均速度為=v0,粒子在y軸方向上的位移為y0,粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,則豎直方向有y0=t= v0t,水平方向有d=v0t,可得y0=,所以場(chǎng)強(qiáng)E=,聯(lián)立得E=,故C正確,D錯(cuò)誤。 【加固訓(xùn)練】 如圖所示,左側(cè)為加速電場(chǎng),右側(cè)為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),加速電場(chǎng)的加速電壓是偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓的k倍。有一初速度為零的電荷經(jīng)加速電場(chǎng)加速后,從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板正中間垂直電場(chǎng)方向射入,且正好能從極板下邊緣穿出電場(chǎng),不計(jì)電荷的重力,則偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)長(zhǎng)寬之比的值為 (　　) A.　　B.　　C.　　D. 【解析】選B。設(shè)加速電壓為U1,偏轉(zhuǎn)電壓為U2,因?yàn)閝U1=m,電荷離開加速電場(chǎng)時(shí)的速度v0=;在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中=t2,解得t=d,水平距離l=v0t=d=d=d,所以=,B正確。 7.如圖所示,將平行板電容器兩極板分別與電池正、負(fù)極相接,兩板間一帶電液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)貼著下板迅速插入一定厚度的金屬板,則在插入過程中 (　　) A.電路將有逆時(shí)針方向的短暫電流 B.電容器的帶電量減小 C.帶電液滴仍將靜止 D.帶電液滴將向下做加速運(yùn)動(dòng) 【解析】選A。插入一金屬板相當(dāng)于極板間距離變小了,根據(jù)決定式C=可知 電容增大,電勢(shì)差不變,由Q=CU知,電容器帶電量增大,電路中有逆時(shí)針方向的短 暫電流,故A正確,B錯(cuò)誤;電勢(shì)差不變,d減小,則電場(chǎng)強(qiáng)度增大,帶電液滴所受的電場(chǎng)力增大,大于重力,將向上做加速運(yùn)動(dòng),故C、D錯(cuò)誤。 【加固訓(xùn)練】 電源、開關(guān)、平行板電容器連成如圖電路。閉合開關(guān)S,電源對(duì)電容器充電后,電容器帶電量為Q,板間電壓為U,板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E。則下列說法正確的是 (　　) A.若將A板下移少許,Q增大,U減小,E不變 B.若將A板下移少許,Q不變,U減小,E減小 C.若斷開開關(guān),將A板下移少許,Q增大,U不變,E增大 D.若斷開開關(guān),將A板下移少許,Q不變,U減小,E不變 【解析】選D。閉合開關(guān)S,則極板間電壓U不變,若將A板下移少許,即減小極板間距,由C=可知,電容器的電容增大;由Q=UC可知,Q增大,由E=可知,E變大,故A、B錯(cuò)誤;給電容器充電后與電源斷開,電量不變,若將A板下移少許,即減小極板間距,由C=可知,C增大,由Q=UC可知,U減小,而E===,則E不變,故C錯(cuò)誤,D正確。 8.(2018煙臺(tái)模擬)直線mn是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線,方向如圖所示。一帶正電的粒子只在電場(chǎng)力的作用下由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn),軌跡為一拋物線,φa、φb分別為a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)。下列說法中正確的是 (　　) A.可能有φa<φb B.該電場(chǎng)可能為點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng) C.帶電粒子在b點(diǎn)的動(dòng)能一定大于在a點(diǎn)的動(dòng)能 D.帶電粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過程中電勢(shì)能一定一直減小 【解析】選C。粒子運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線,則該粒子所受電場(chǎng)力為恒力,該電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度方向一定是由m指向n,則φa>φb,故A、B錯(cuò)誤;帶電粒子從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中,電場(chǎng)力的方向與ab連線方向之間的夾角是銳角,所以電場(chǎng)力做正功,動(dòng)能增加,故C正確;粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡是拋物線,且開口向右,帶電粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過程中電勢(shì)能先增大后減小,故D錯(cuò)誤。 9.如圖,兩電荷量分別為Q(Q>0)和-Q的點(diǎn)電荷對(duì)稱地放置在x軸上原點(diǎn)O的兩側(cè),a點(diǎn)位于x軸上O點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q之間,b點(diǎn)位于y軸O點(diǎn)上方。取無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零。下列說法正確的是 (　　) A.b點(diǎn)電勢(shì)為零,電場(chǎng)強(qiáng)度也為零 B.正的試探電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于零,所受電場(chǎng)力方向向右 C.將正的試探電荷從O點(diǎn)移到a點(diǎn),克服電場(chǎng)力做功 D.將同一正的試探電荷先后從O、b兩點(diǎn)移到a點(diǎn),后者電勢(shì)能的變化較大 【解題指導(dǎo)】解答本題應(yīng)注意以下兩點(diǎn): (1)先根據(jù)等量異種電荷電場(chǎng)線的特點(diǎn)判斷a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)。 (2)再通過W=qU結(jié)合功能關(guān)系判斷電勢(shì)能的變化。 【解析】選B、C。因?yàn)榈攘慨惙N電荷在其連線的中垂線為等勢(shì)線,因?yàn)橹写咕€延伸到無窮遠(yuǎn)處,所以中垂線的電勢(shì)為零,故b點(diǎn)的電勢(shì)為零,但是電場(chǎng)強(qiáng)度不為零,A錯(cuò)誤;等量異種電荷連線上,電場(chǎng)方向由正電荷指向負(fù)電荷,方向水平向右,在中點(diǎn)O處電勢(shì)為零,O點(diǎn)左側(cè)電勢(shì)為正,右側(cè)電勢(shì)為負(fù),又知道正電荷在正電勢(shì)處電勢(shì)能為正,故B正確;O點(diǎn)的電勢(shì)低于a點(diǎn)的電勢(shì),將正的試探電荷從O點(diǎn)移到a點(diǎn),電場(chǎng)力做負(fù)功,所以克服電場(chǎng)力做功,C正確;O點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢(shì)相等,所以先后從O、b兩點(diǎn)移到a點(diǎn),電場(chǎng)力做功相等,電勢(shì)能變化相同,D錯(cuò)誤。故選B、C。 10.如圖所示,有一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的油滴,被置于豎直放置的兩平行金屬板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。設(shè)油滴是從兩板中間位置,并以初速度為零進(jìn)入電場(chǎng)的,可以判定 (　　) A.油滴在電場(chǎng)中做拋物線運(yùn)動(dòng) B.油滴在電場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng) C.油滴打在極板上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間只取決于電場(chǎng)強(qiáng)度和兩板間距離 D.油滴打在極板上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不僅取決于電場(chǎng)強(qiáng)度和兩板間距離,還取決于油滴的比荷 【解析】選B、D。油滴從靜止開始,受重力和電場(chǎng)力作用,兩個(gè)力都是恒力,所以合力是恒力,油滴在恒力作用下做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),故選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;水平方向上電場(chǎng)力產(chǎn)生水平方向的加速度,則有qE=ma,解得a=,水平方向由s=at2得t=,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確。 11.(2018鷹潭模擬)如圖所示,兩塊等大、板面水平正對(duì)的、帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N放置于真空中。兩板間有一帶電微粒以速度v0沿直線由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),當(dāng)微粒運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí),將N板迅速向下平移一小段距離后,再經(jīng)過時(shí)間Δt,微粒落到某一極板上。則在Δt時(shí)間內(nèi)(　　) A.微粒做曲線運(yùn)動(dòng)　　 B.微粒一定帶負(fù)電 C.微粒的動(dòng)能不變 D.微粒的電勢(shì)能增大 【解析】選C、D。當(dāng)微粒運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí),迅速將N板下移一小段距離,由電容的決定式C=、定義式C=以及E=得,板間場(chǎng)強(qiáng)E=,所以知電場(chǎng)強(qiáng)度不變,粒子受到的電場(chǎng)力也不變,微粒的運(yùn)動(dòng)方向不變,仍沿軌跡做直線運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;根據(jù)共點(diǎn)力的平衡可知,微粒受到的電場(chǎng)力和重力平衡,電場(chǎng)力方向向上,所以微粒帶正電,B錯(cuò)誤;微粒受力情況不變,一直做勻速直線運(yùn)動(dòng),則其動(dòng)能不變,故C正確;微粒克服電場(chǎng)力做功,電勢(shì)能增加,故D正確。 12.如圖甲,兩水平金屬板間距為d,板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時(shí)刻,質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線射入兩板間,0～時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng),T時(shí)刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出,微粒運(yùn)動(dòng)過程中未與金屬板接觸,重力加速度的大小為g。關(guān)于微粒在0～T時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的描述,正確的是 (　　) A.末速度大小為v0 B.末速度沿水平方向 C.重力勢(shì)能減少了mgd D.克服電場(chǎng)力做功為mgd 【解題指導(dǎo)】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下三點(diǎn): (1)前時(shí)間重力等于電場(chǎng)力。 (2)中間時(shí)間合力為mg。 (3)后面時(shí)間合力也等于mg,但是方向向上。 【解析】選B、C。因?yàn)橹虚g與后面時(shí)間加速度等大反向,所以離開電容器時(shí),豎直速度為零,只有水平速度v0,A錯(cuò)誤,B正確;中間時(shí)間和后面時(shí)間豎直方向的平均速度相等,所以豎直位移也相等,因?yàn)樨Q直方向總位移是,所以后面時(shí)間內(nèi)豎直位移是,克服電場(chǎng)力做功W=2qE0=2mg=mgd,D錯(cuò)誤。重力勢(shì)能減少量等于重力做功mg,C正確。 二、計(jì)算題(本題共2小題,共28分。需寫出規(guī)范的解題步驟) 13.(12分)(2015全國卷Ⅱ)如圖,一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng),A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn),已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0,方向與電場(chǎng)方向的夾角為60,它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度方向與電場(chǎng)方向的夾角為30,不計(jì)重力,求A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。 【解析】粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0,在豎直方向上的速度分量為v0sin60,當(dāng)它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí),豎直方向上的速度分量為vBsin30,粒子在豎直方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng),故 v0sin60=vBsin30 vB=v0 由動(dòng)能定理可得qUAB=m-m UAB= 答案: 【加固訓(xùn)練】 如圖所示,在豎直平面內(nèi)固定一光滑圓弧軌道AB,軌道半徑為R=0.4 m,軌道最高點(diǎn)A與圓心O等高。有一傾角θ=30的斜面,斜面底端C點(diǎn)在圓弧軌道B點(diǎn)正下方。圓弧軌道和斜面均處于場(chǎng)強(qiáng)E=100 N/C、豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。現(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為m=0.02 kg、帶電量為q=+210-3 C的帶電小球從A點(diǎn)靜止釋放,小球通過B點(diǎn)離開圓弧軌道沿水平方向飛出,當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到斜面上D點(diǎn)時(shí)速度方向恰與斜面垂直,并剛好與一個(gè)以一定初速度v0從斜面底端上滑的物塊相遇。若物塊與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=,空氣阻力不計(jì),g取10 m/s2,小球和物塊都可視為質(zhì)點(diǎn)。求: (1)小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力。 (2)B、D兩點(diǎn)間電勢(shì)差。 (3)物塊上滑初速度v0滿足的條件? 【解析】(1)設(shè)小球到達(dá)B點(diǎn)的速度為vB, 由動(dòng)能定理有 mgR+qER=m-0 ① 在B點(diǎn),由牛頓第二定律得: F′NB-(mg+qE)=m ② 由牛頓第三定律得: F′NB=-FNB ③ 聯(lián)立①②③解得: FNB=1.2 N,方向豎直向下。 ④ (2)設(shè)小球由B點(diǎn)到D點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,加速度為a,下落高度為h,有 =tan θ ⑤ Eq+mg=ma ⑥ h=at2 ⑦ UBD=Eh ⑧ 聯(lián)解①⑤⑥⑦⑧得:UBD=120 V⑨ (3)作出小球與物塊的運(yùn)動(dòng)示意圖如圖所示, 設(shè)C、D間的距離為x,由幾何關(guān)系有 x= ⑩ 設(shè)物塊上滑加速度為a′,由牛頓運(yùn)動(dòng)定律有: mgsin θ+μmgcos θ=ma′ 根據(jù)題意,要物塊與小球相遇, 有≥x 聯(lián)立⑩解得: v0≥ m/s≈5.06 m/s 答案:(1)1.2 N,方向豎直向下　(2)120 V (3)v0≥5.06 m/s 14.(16分)如圖甲所示,熱電子由陰極飛出時(shí)的初速度忽略不計(jì),電子發(fā)射裝置的加速電壓為U0。電容器板長(zhǎng)和板間距離均為L(zhǎng)=10 cm,下極板接地。電容器右端到熒光屏的距離也是L=10 cm。在電容器兩極板間接一交變電壓,上極板的電勢(shì)隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示。(每個(gè)電子穿過平行板的時(shí)間極短,可以認(rèn)為電壓是不變的) (1)在t=0.06 s時(shí)刻進(jìn)入的電子打在熒光屏上的何處? (2)熒光屏上有電子打到的區(qū)間有多長(zhǎng)? 【解析】(1)由圖知t=0.06 s時(shí)偏轉(zhuǎn)電壓為U=1.8U0 ,設(shè)電子質(zhì)量為m,電荷量為e,電子在加速電場(chǎng)中加速過程,由動(dòng)能定理得: qU0=m 電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)做類平拋運(yùn)動(dòng),則: L=v0t y=t2 聯(lián)立解得:y=0.45L=4.5 cm 設(shè)電子打在屏上偏離O點(diǎn)的距離為Y,則因?yàn)榱Ｗ与x開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)速度的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過偏轉(zhuǎn)極板中軸線的中點(diǎn),根據(jù)相似三角形得: =, 代入數(shù)據(jù)解得:Y=13.5 cm 故打在屏上的點(diǎn)距O點(diǎn)13.5 cm (2)電子的最大側(cè)移是0.5L, 解得:Umax=2.0U0 所以熒光屏上電子的最大側(cè)移為 Y=tanθ=15 cm 能打到的區(qū)間長(zhǎng)為:2Y=3L=30 cm 答案:(1)13.5 cm　(2)30 cm 【總結(jié)提升】帶電粒子在交變電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題的主要求解方法 (1)受力分析:受力分析是基礎(chǔ),在受力分析時(shí)是否考慮重力必須注意題目條件。 (2)運(yùn)動(dòng)分析:在運(yùn)動(dòng)過程分析中應(yīng)注意物體做直線運(yùn)動(dòng)、曲線運(yùn)動(dòng)及圓周運(yùn)動(dòng)、類平拋運(yùn)動(dòng)。 (3)規(guī)律選擇:根據(jù)不同的運(yùn)動(dòng)過程及物理模型選擇合適的物理規(guī)律列方程求解。 (4)常用規(guī)律:共點(diǎn)力的平衡條件、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)能定理、能量守恒定律、功能關(guān)系、圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式等。 (5)思維方法:常用到力的合成與分解、運(yùn)動(dòng)的合成與分解、等效法、假設(shè)法、類比法等。