2019-2020年高三物理第一輪復習《第十三章 交變電流 電磁場和電磁波》教案.doc

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2019-2020年高三物理第一輪復習《第十三章 交變電流 電磁場和電磁波》教案 備課指要 教學建議 1、對正弦交變電流的產(chǎn)生過程的研究過程實際上就是對電磁感應知識的應用過程。 2、正弦交變電流的產(chǎn)生過程是理解正弦交變電流規(guī)律的基礎，正弦交變規(guī)律是理解交變電流的描述的基礎。 3、復習正弦交變電流的規(guī)律時要注意將公式，圖象以及具體產(chǎn)生過程相結合。 4、要注意交變電流的瞬時值、最大值、有效值的定義以及實際意義，尤其是在有效值的定義中要體會用到的等效思想。 5、注意區(qū)別交變電流的瞬時值，有效值以及平均值的具體含義及用法。 案例導入 例1 一個面積為S的矩形圈在勻強磁場中以其一條邊為轉(zhuǎn)軸做勻速轉(zhuǎn)動，磁場方向與轉(zhuǎn)軸垂直。線圈中感應電動熱e與時間t的關系如圖13-45-1所示。感應電動勢最大值和周期可由圖中讀出，則磁感應強度B= 。在t=時刻，線圈平面與磁感應強度的夾角等于 。 【分析】由交變電流規(guī)律知，不論線圈從何處旋轉(zhuǎn)，都是在中性面處電動勢為零，在與中性面垂直處電動勢最大，最大值為Em=NBSω。由圖可知t=0時刻，線圈在與中性面垂直處，所以瞬時感應電動勢的表達式應為 e=Emcosωt= NBSωcosωt。 根據(jù)這個規(guī)律，即可求解。 【解答】（1）由Em=NBSω及知B=，這里N=1，故正確答案為。 （2）如圖13-45-2所示，t=時，線圈轉(zhuǎn)過的角度， 即θ=30（答150也算對）。 【答案】（1）；（2）30（或150） 【歸納】該題的解題基礎是正弦交變電流的產(chǎn)生原理。通過本題可以很好的復習正弦交變電流的產(chǎn)生過程及規(guī)律。 例2 一阻恒定的電阻器，當兩端加上10V的直流電壓時，測得它的功率為P；當兩端加上某一正弦交變電流壓時，測得它的功率為。由此可知該交變電流電壓的有效值為 V，最大值為 V。 【分析】直流電的功率可以直接用功率公式，而正弦交變電流在計算功率時要用電流的有效值。 【解答】由題意可得，電阻器兩端加上直流電時 ； 加上交變電流時 。 由以上兩式解得 U有效=。 而 U有效=， 所以 U最大=最大=10V。 【答案】，10。 【歸納】本題考察的主要目的是交變電流的有效值的意義以及正弦交變電流的有效值和最大值之間的關系。 知識梳理 1、正弦交變電流的規(guī)律 正弦交變電流的電動勢、電壓和電流隨時間的變化規(guī)律分別為 e=Emsinωt. ① u= Umsinωt. ② i= Imsinωt. ③ 對以上三個關系式，應注意： （1）角頻率ω等于線圈轉(zhuǎn)動的角速度，且ω=2πn（n為轉(zhuǎn)速） （2）最大值Em=NBωS（N為線圈匝數(shù)、S為線圈面積） （3）是從中性面位置開始計時的。 平面線圈在勻強磁場中旋轉(zhuǎn)，當線圈平面垂直于磁感線時，各邊都不切割磁感線，線圈中感生電動勢為零，這個位置叫中性面。 線圈位于中性面時，穿過線圈的磁通量最大，磁通量的變化率為零，感生電動勢為零。 線圈經(jīng)過中性面時，內(nèi)部電流方向要發(fā)生改變。 （4）交變電流的變化規(guī)律及Em與線圈的形狀以及轉(zhuǎn)動軸處于線圈平面內(nèi)的位置無關（注意：要求轉(zhuǎn)軸與磁場方向垂直） 2、表征交變電流的物理量 （1）瞬時值： 交變電流的瞬時值反映的是不同時刻交變電流的大小和方向，瞬時值是時間的函數(shù)，其關系如1中①②③式。 （2）最大值： 交變電流的最大值反映的是交變電流大小的變化范圍，當線圈平面與磁感線平行時，交變電流動勢最大，Em= NBSω，瞬時值與最大值的關系是－Em≤e≤Em。 （3）有效值： 交變電流的有效值是根據(jù)電流的熱效應來規(guī)定的，即在同一時間內(nèi)，跟某一交變電流能使用一電阻產(chǎn)生相等熱量的直流電的數(shù)值叫做該交變電流的有效值。 正弦交變電流的有效值與最大值的關系是 交變電流的有效值用得很廣泛，交變電流銘牌上標明的額定電壓、額定電流是指有效值。不加特別說明時，交變電流、電壓、電動勢均指有效值。 重、難、疑點剖析 1、注意理解交變電流的有效值的物理意義或定義方法 公式僅適用于正弦交變電流。而對于其他交流電，要從有效值的物理意義出發(fā)去推導。 2、注意區(qū)別交變電流的有效值與平均值 交變電流的有效值是從電流做功的角度來定義的，具體內(nèi)容見“知識梳理”中的講解。 交變電流的平均值是從通過電荷量的角度來定義的。交變電流圖象中波形與橫軸（t軸）所圍的面積跟時間的比值，其數(shù)值可用計算。要注意，某段時間內(nèi)變電流的平均值不等于這段時間始、終時刻瞬時值的算術平均值。例如：在時間內(nèi)。 例1 如圖13-45-3甲分別表示交變電流隨時間變化的圖象，則這兩個交變電流的有效值分別是 A和 A。 【分析】根據(jù)有效值的定義，可以選擇計算交變電流一個周期之內(nèi)在某電阻R上產(chǎn)生的熱量，然后計算多大的直流電在該電阻上相等時間內(nèi)產(chǎn)生相等的熱量，該直流電的值就是交變電流的有效值。 【解答】對于圖甲，設將該電流通到某一純電阻R上在一個周期T內(nèi)產(chǎn)生熱量為Q，則 =［（4）2+］R 令Q=I2RT，依有效值定義可知，式中I即為有效值。故 將圖乙所示交變電流通過電阻R，在一個周期內(nèi)產(chǎn)生熱量為Q，則 T 令Q= I2RT，式中I為有效值，故 A 【答案】5A，1A 【歸納】對于物理概念和規(guī)律，一定要理解其物理涵義，才能正確地、靈活地進行運用。 例2 如圖13-45-4所示，邊長為a的單匝正方形線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中，以OO′邊為軸勻速運動，角速度為ω，轉(zhuǎn)軸與磁場方向垂直，線圈電阻為R，求： （1）線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中產(chǎn)生的熱量Q； （2）線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中通過線圈某截面的電荷量q。 【分析】線圈中產(chǎn)生的熱量需從轉(zhuǎn)運過程中交變電流的有效值考慮；通過線圈截面的電荷量需從交變電流的平均值考慮。 【解答】（1）線圈轉(zhuǎn)動中感應電動勢的峰值 Em=Bωa2 感應電流的有效值為 。 線圈轉(zhuǎn)過的時間， 所以在轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的熱量為 R=。 （2）線圈轉(zhuǎn)過過程中的感應電動勢和感應電流的平均值分別為 所以，在轉(zhuǎn)動過程中流過導體截面的電荷量為 q= 【答案】（1）；（2） 【歸納】注意電流的有效值和平均值的具體意義。 備用題 例3 一矩形線圈與勻強磁場垂直的中心軸OO′按如圖13-45-5所示逆時針方向旋轉(zhuǎn)。引出線的兩端與互相絕緣的半圓銅環(huán)連接，兩個半圓分別與固定電刷A、B滑動接觸，電刷間接有電阻R，在線圈轉(zhuǎn)運過程中，通過R的電流（ ） A.大小和方向都不斷變化 B.大小不斷變化，方向從A→R→B C.大小和方向都不變 D.大小不斷變化，方向從B→R→ 【分析】與固定電刷A、B滑動接觸的兩個半圓環(huán)起到了換向器的作用。 【答案】D 【歸納】應比較交變電流動機和直流電動機的結構和原理。 考題回放 1、交變電流的產(chǎn)生原理是高考考察的重點，需要真正掌握交變電流的產(chǎn)生原理以及交變電流的相關概念。 例1 一小型發(fā)電機內(nèi)的矩形線圈在勻強磁場中以恒定的角速度，繞垂直于磁場方向的固定軸轉(zhuǎn)動。線圈匝數(shù)n=100。穿過每匝線圈的磁圈的磁通量Φ隨時間按正弦規(guī)律變化，如圖13-45-6所示。發(fā)電機內(nèi)阻r=5.0Ω，外電阻電阻R=95Ω。已知感應電動勢的最大值Em=nωΦm；其中Φm為穿過每匝線圈磁通量的最大值。求串聯(lián)在外電路中的交流電流表（內(nèi)阻不計）的讀數(shù)。 【分析】從題給的Φ-t圖象可以讀出Φm和T（可計算角速度），從而可以計算感應電動勢的最大值，再結合全電路歐姆定律就可以計算電路的最大電流，最后根據(jù)正弦交變電流最大值和有效值的關系計算交變電流電流的有效值（即交變電流流表的讀數(shù)）。 【解答】已知感應電動勢的最大值 Em=nωΦm ① 設線圈在磁場中轉(zhuǎn)動周期為T，則有 ② 根據(jù)歐姆定律，電路中電流的最大值為 ③ 設交變電流流表的讀數(shù)為I，它是電流的有效值，根據(jù)有效值與最大值的關系，有 ④ 由題給的Φ-t圖線可讀得 。 解以上各式，并代入數(shù)據(jù)，得 I=1.4A ⑤ 【答案】I=1.4A 【反思】本題主要考察交變電流的產(chǎn)生原理，也考察了全電路歐姆定律和周期與角速度的關系，以及交變電流流表讀數(shù)的含義，屬于一道綜合題，但只要掌握了相應的基礎知識，解答本題還是比較容易的。 2、高考中常常將交變電流的產(chǎn)生原理與實際過程相結合，考察學生掌握知識的深刻程度。 例2 磁鐵在電器有中廣泛的應用，如發(fā)電機，如圖13-45-7所示。已知一臺單相發(fā)電機轉(zhuǎn)子導線框共有N匝，線框長為l1，寬為l2，轉(zhuǎn)子的轉(zhuǎn)動角速度為ω，磁極間的磁感強度為B，試導出發(fā)電機的瞬時電動勢E的表達式。 現(xiàn)在知道有一種強水磁材料鈦鐵硼，用它制成發(fā)電機磁極時，磁感應強度可增大到原來的k倍，如果保持發(fā)電機結構尺寸，轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)動角速度，需產(chǎn)生的電動勢都不變，那么這時轉(zhuǎn)子上的導線框需要多少匝？ 【分析】根據(jù)導體切割磁感應線產(chǎn)生感應電動勢的規(guī)律求解。 【解答】線框在磁場中的位置、尺寸及轉(zhuǎn)動方向如圖13-45-8所示。 如圖13-45-9所示，取軸Ox垂直于磁感應強度，線框從Ox（中性面）處經(jīng)時間t轉(zhuǎn)過的角度為θ。 ① 一根長邊產(chǎn)生的感應電動勢為（Bsinθ）l1，一匝導線框所產(chǎn)生的感應電動勢應為2（Bsinθ）l1即 E1= l1 l2ωBsinθ ② 又有，故N匝線框產(chǎn)生的電動勢應為 EN=NE1=N l1 l2ωBsinθωT ③ 磁極換成鈦鐵硼水磁體時，設匝數(shù)為N′，則有 EN′=N′E1=N l1 l2ωBsinθωT ④ 由EN = EN′，可得 ⑤ 【反思】平時學習物理規(guī)律時，要注意掌握規(guī)律的推導過程，很多時候，題目的解題過程實際上就是公式推導過程的體現(xiàn)。 探究延伸 例 如圖13-45-10所示，OACO為置于水平面內(nèi)的光滑閉合金屬導軌，O、C處分發(fā)別接有短電阻絲（圖中用粗線表示），R1=4Ω，R2=8Ω（導軌及其他電阻不計），導軌OAC的形狀滿足方程（單位：m），磁感應強度B=0.2T的勻強磁場垂直于導軌平面。一足夠長的金屬棒在水平外力作用下，以恒定的速率v=5.0m/s水平向右在導軌上從O點滑動到C點，棒與導軌接觸良好且始終保持與OC導軌垂直，不計棒的電阻，求： （1）外力F的最大值； （2）金屬棒在導軌上運動時電阻絲R1上消耗的最大功率； （3）在滑動過程中通過金屬棒的電流I與時間t的關系。 【答案】（1）金屬棒勻速運動 F外=F安。 E=BLv。 ∴ （2）。 （3）金屬棒與導軌接觸間的長度隨時間變化 且x=vt,E=Blv。 ∴ 【答案】（1）0.3N；（2）1W；（3）I= 【點評】本題是2003年高考上海卷第22題，考查交變電流規(guī)律知識，考查考生對知識的遷移能力。 隨堂闖關 1、一矩形圈繞垂直于勻強磁場并位于線圈平面內(nèi)的固定軸轉(zhuǎn)動，線圈中的感應電動勢e隨時間t的變化如圖13-45-11所示，則（ D ） A.t1時刻通過線圈的磁通量為零 B.t2時刻通過線圈的磁通量絕對值最大 C.t2時刻通過線圈的磁通量變化率絕對值最大 D.每當e變換方向時，通過線圈的磁通量絕對值都最大 【提示】對照線圈的轉(zhuǎn)動過程可知，t1、t2時刻對應中性面，由此易判斷D對。 2、某交流發(fā)電裝置產(chǎn)生的感應電動勢與時間的關系如圖13-45-12所示，如果其他條件不變，僅使線圈轉(zhuǎn)速加倍，則交變電流動勢的最大值和周期分別變?yōu)椋?B ） A.400V，0.02s B.200V，0.02s C.400V，0.08s D.200V，0.08s 【提示】由e=NBSωsinωt可知，僅轉(zhuǎn)速加倍，則ω加倍，得Em=NBSω加倍。 3、如圖13-45-13所示一交變電流的電流隨時間而變化的圖象，則此交變電流的有效值是（ B ） A.A B.5A C. D.3.5A 【提示】由有效值的定義可得 解得 I=5A 4、如圖13-45-14所示矩形線圈面積為S，匝數(shù)為N，電阻為r，繞OO′軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，當從圖示位置轉(zhuǎn)過90的過程中，通過電阻的電荷量為，外力做的功為；當從圖示位置轉(zhuǎn)過360的過程中，通過電阻的電荷量為 0 ，外力做的功為。 【提示】電荷量應用平均電流計算，即 ， 而。 可得 當轉(zhuǎn)過90時 當轉(zhuǎn)過360時 外力做的功等于產(chǎn)生的電能，應該用有效值計算。 即 而。 當轉(zhuǎn)過90時， 當轉(zhuǎn)過360時，W′=4W = 5、在一氖管兩端加上電壓u=311sin(314r)V的交變電流如圖13-45-15所示u-t圖象，當氖管兩端的電壓達220V時才開始發(fā)光，則此氖管在1s內(nèi)發(fā)光的總時間為多少？ 【提示】根據(jù)u=311sin314t； 。 0~內(nèi) 由220V=311sin314tV。 得 每秒內(nèi)發(fā)光次數(shù) n=2f， 所以 t=2f△t=0.5(s)。 【答案】0.5s 6、如圖13-45-16所示，匝數(shù)為N，面積為S，總電阻為R的矩形閉合線圈，在磁感應強度為B的勻強磁場中按圖示方向（俯視逆時針）以角速度ω繞軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，t=0時線圈平面與磁感線垂直，規(guī)定abcda的方向為電流的正方向，求： （1）線圈轉(zhuǎn)動過程中感應電動勢的瞬時值表達式； （2）線圈從圖示位置開始到轉(zhuǎn)過90的過程中的平均電動勢； （3）線圈轉(zhuǎn)動與圖示位置成60角時的瞬時電流； （4）線圈轉(zhuǎn)動一周過程中外力做的功。 【提示】（1）由交變電流規(guī)律易得 e=NBSωsinωt； （2）； （3）； （4）W= 【答案】(1) e=NBSωsinωt； （2） （3） （4）W 課后測試 一、選擇題 1、一個平面矩形圈在繞垂直于磁場的軸轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生的交變感應電動勢最大的情況是（B、D） A.線圈平面垂直于磁場 B.線圈平面平行于磁場 C.磁通量最大時 D.磁通量為零時 【提示】從交變電流的產(chǎn)生原理中可知，線圈平面平行于磁場時，感應電動勢最大，此時，穿過線圈的磁通量為零。 2、如圖13-45-17電路中，已知交變電流源電壓U=sin100πtV，電阻R=100Ω。電流表和電壓表讀數(shù)分別為（ B ） A.1.41A,200V B.1.41A,141V C.2A,200V D.2A,141V 【提示】交流電流表和電壓表的示數(shù)均為有效值。 3、如圖13-45-18是在R=100Ω的電阻兩端所加電壓隨時間變化的圖象，則該電阻消耗的平均電功率為（ A ） A.W B. W C. W D. W 【提示】P=。 4、交流發(fā)電機在工作時的電動勢為e=E0sinωt，若將電其樞的轉(zhuǎn)速提高1倍，其他條件不變，則其電動勢變?yōu)椋?D ） A. E0sin B.2E0sin C.E0sin2ωt D. 2E0sin2ωt 【提示】轉(zhuǎn)速提高一倍，則原式中“ω”應抽象為“2ω”，而E0=NBSω，則E0應換為2 E0。 5、如圖13-45-19所示，一矩形線圈abcd處在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向與ab垂直，當線圈以角速度ω繞ab轉(zhuǎn)動時，感應電動勢的最大值為E1，線圈受到的最大磁力矩為M1；當以角速度ω繞中心軸OO轉(zhuǎn)動時，感應電動勢的最大值為E2，最大磁力矩為M2，則M1∶M2和M2∶M2分別為（ A ） A.1∶1，1∶∶ B. 1∶1，1∶2 C.1∶2，1∶1 D.1∶2，1∶2 【提示】感應電動勢最大值為E=NBSω，磁力矩的最大值為M=NBIS。它們均與轉(zhuǎn)軸的具體位置無關。 6、一束帶電粒子以初速度v0平行電容器極沿中心軸線射入，兩極板間加u=U0sinωt的電壓，帶電粒子可能出現(xiàn)的全部區(qū)域用斜線表示，在圖13-45-20，可以肯定不正確的是（A、C、D） 【提示】交變電流在電容器兩極間提供偏轉(zhuǎn)電場。 二、填空題 7、兩個完全相同的電熱器，分別通過如圖13-45-21（a）、（b）所示的電流最大值相等的方波交變電流和正弦交變電流，則這兩個電熱器的電功率之比Pa∶Pb= 2∶1 。 【提示】（a）中，有效值為In=Im；（b）中，有效值為Ib=。 8、一個匝數(shù)為n、面積為S的矩形線圈，繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動的過程中，線圈中感應電動勢e隨時間t的變化關系如圖13-45-22所示，感應電動勢最大值與周期均從圖中讀出，則磁場的磁感應強度B為，在0~T時間內(nèi)，有時刻線圈平面與磁場的夾角為60。 【提示】由Em=nBSω和可得B=。 9、一阻值恒定的電阻器，當兩端加上10V的直流電壓時，測得它的功率為P；當兩端加上某一正弦交變電流壓時，測得它的功率為。由此可知交變電流壓的有效值為V，最大值為10V。 【提示】由P=，=得=V，Um==10V。 三、解答題 10、如圖13-45-23所示為直線加速器的原理示意圖，n個長度逐漸增大的金屬圓筒和一個靶，它們沿軸線排成一串，各筒和靶相間連接在頻率為f，最大電壓為U的正弦交電流源兩端，整個裝置放在高真空的容器中，圓筒的兩底面中心開有小孔，帶電荷量為1、質(zhì)量為m的正率子沿軸線射入圓筒，并將在圓筒間及圓筒與靶間的縫隙處受到電場力的作用而不斷加速，為使打到靶上的離子獲得最大能量，各筒長度應滿足什么條件？ 【提示】設帶電粒子通過第n個圓筒的速度為v0，該筒長度為Ln，而帶電粒子通過第n+1個圓筒的速度為vn+1，該筒長度為L n+1，則 ① 再由能量守恒，每經(jīng)過一次加速，粒子動能增加qU，故 ② ③ 綜合①~③得 【答案】 46課時 變壓器 電能的輸送 備課指要 教學建議 1、講解變壓器原線圈、副線圈的電壓和電流規(guī)律時，要注重規(guī)律的推導過程。 2、電能的輸送要在明白電能輸送過程的基礎上，分析涉及到的物理規(guī)律與各物理量的對應關系。 3、變壓器與電路結合的問題有一定的難度，要從物理量之間的關系的角度去分析問題。 案例導入 例1 如圖13-46-1所示，一理想變壓器的原線圈匝數(shù)n1=1000匝，副線圈匝數(shù)n2=200匝，交流電源的電動勢e=311 sin (100πt)V，電阻R=88Ω。電流表和電壓表對電路的影響可忽略不計（ ） A.A1的示數(shù)均為0.10A B.V1的示數(shù)均為311V C.A 2的示數(shù)均為0.75A D.V 2的示數(shù)均為44V 【分析】根據(jù)正弦交變電流的最大值與有效值的關系得知，該交電流源的電動勢的有效值等于220V。電壓表V1接在原線圈的兩端，它的訊數(shù)指示的是交變電流源的電動勢，也就是加在變壓器原線圈兩端的電壓的有效值。因而電壓表V1的示數(shù)為220V，故B選項是錯誤的。題中所給為理想變壓器，由理想變壓器的電壓比公式得到副線圈兩端的電壓的有效值約為44V。電壓表V2接在副線圈的兩端，它的讀數(shù)指示的是加在變壓器副線圈兩端的電壓的有效值，故D選是正確的。由于題干中說明電流表和電壓表對電路的影響可忽略不計，因而副線圈電路中的電流也就是通過電流表A2的電流，有效值約為，電流表A1的示數(shù)為=0.10A，所以A選項正確而C選項不正確。 【答案】A、D 【歸納】本題主要考查正弦交變電流的有效值與最大值的關系，以及交變電流壓表和電流表的示數(shù)是交變電流壓表和電流表的有效值；是否理解理想變壓器的電壓比關系和電流比關系，并能運用來求解有關問題。 例2 水電站給遠處山村送電的輸出功率是100kW，用2000V電壓輸電，線路上損失的功率是2.5104W，如果改用20000V高壓輸電，線路上損失的功率是 W。 【分析】送電功率一定，電壓越大，電流越小，輸電線上的功率損失也將變小。 【解答】由P=UI，P損=I2R得，P損=。 由此可見，線路上的功率與輸送電壓成反比，所以P損′=P損=250W 【答案】250W 【歸納】通過本題，可以知道功率、電壓、電流等物理量的對應關系，尤其要注意“對應”關系。 知識梳理 1、變壓器 （1）典型變壓器的主要構造是：原副線圈繞在同一閉合鐵芯上。 （2）工作原理：是電磁感應，稱為互感。 （3）變壓器的作用：改變交變電流電壓或電流。注意：變壓器不能工作在直流電路中。 （4）理想變壓器的基本關系： ①功率關系：P入=P出。 ②電壓關系：可以從原、副線圈的磁通量相等推導得出 。 ③電流關系：當只有一個副線圈時，由P入=P出得 U1I1=U2I2，可推導出：n1I1= n2I2（或）。 注意：在求解變壓器電路的習題時，要特別注意各物理量的變化是由什么原因引起的。 2、遠距離輸電 （1）遠距離輸電要解決的關鍵問題： 要減少輸電線上的電能的損耗，由P耗=I2R線，具體加法有： ①減少輸電導線的電阻，如采用電阻率低的材料，加大輸電線的橫截面積。 ②通過提高輸電電壓，減小輸電電流。 前一方法的作用十分有限，一般采用后一種方法。 由式P耗=I2R線和I=可得P耗=（）2R線。 這表明，當輸送的電能一定時，輸電電壓增大到原來的n倍，輸電線上損失的功率就減少到原來的，所以遠距離輸電要采用高壓輸電。 重、難、疑點剖析 1、理解變壓器規(guī)律時，要從變壓器的工作原理出發(fā)去理解規(guī)律的推導過程，才能做到對規(guī)律的真正理解和靈活運用。即：電壓規(guī)律是從法拉第電磁感應定律推導得出的，電流規(guī)律是從能量守恒規(guī)律得到的。 例如：對于有多個副線圈的變壓器，由于通過每個線圈的磁通量的變化率相等，所以各線圈的電壓規(guī)律便為：；由能量守恒（即所有副線圈輸出的總能量等于原線圈輸入的能量）可得：U1I1= U2I2+ U3I3+…，可推導出n1I1= n2I2+ n3I3+… 2、遠距離輸電過程中輸電導線上有能量損失，在計算時一定要注意公式的正確和靈活使用。以下圖為例進行說明，如圖13-46-2所示，若電站輸出的電功率為P，輸出電壓為U，用戶得到的功率為P′，輸入用戶的電壓為U′。 則輸電電流為 輸電線損失的功率 P耗=P－P′=I2R線==（U－U′）I。 3、變壓器與電路的結合問題有一定的難度。在原線圈電路中，將原線圈理解成用電器；在副線圈電路中，將副線圈理解成電源。 例1 如圖13-46-3所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1∶n2∶n3=44∶3∶1，原線圈兩端輸入電壓U1=220V，在變壓器輸出端如何連接可使一盞“20V 10W”燈泡正常發(fā)光？如何連接可使一盞“10V 5W”燈泡正常發(fā)光？通過計算，分別畫出連接圖。 【分析】原線圈輸入交變電流，副線圈將輸出交變電流，由變壓器變壓規(guī)律容易求出兩個副線圈各自的電壓，兩個副線圈相當于兩個電源，用通電螺線管的磁場的知識和楞次定律判斷出兩個副線圈作為電源的電動勢的方向關系，再根據(jù)串并聯(lián)知識即可求解。 【解答】由變壓器關系，求得 。 同理 ， 變壓器兩個副線圈輸出電壓與兩個燈泡額定電壓均不符，不能直接連接在ab或cd上。 要使“20V 10W”的燈泡正常發(fā)光，兩線圈要同向串連后再與該燈連接如圖13-46-4（a）。要使“10V 5W”的燈泡正常發(fā)光，兩線圈要反向串連后再與該燈連接如圖（b）。 【答案】見解答中圖（a）中將兩副圈同向串聯(lián)，（b）中內(nèi)為反向串聯(lián)。 【歸納】本題將變壓器知識、電流的磁場知識，楞次定律，電路知識結合，綜合性強，要注意將各方面的知識融合貫通，靈活運用。 例2 發(fā)電站通過升壓變壓器，輸電導線和降變壓器把電能輸送到用戶，如果升、降壓變壓器都可以視為理想變壓器。 （1）畫出上述輸電全過程的線路圖； （2）發(fā)電機的輸出功率是100kW，輸出電壓是250V，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1∶25，求升壓變壓器的輸出電壓和輸電線中電流； （3）若輸電導線中的電功率損失為總輸電功率4%，求輸電線電阻和降壓變壓器原線圈兩端電壓； （4）計算降壓變壓器的輸出功率。 【分析】本題需要運用如圖13-46-5所示 （2）對升壓變壓器 ， I2= （3）P耗=0.04P=4000(W)，P耗=線。 R線=。 變壓器原線圈端電壓 U3=U2－I2R線=6000（V）。 （4）P4=P－P耗=0.96P=96(kW)。 【答案】（1）見解答中圖；（2）6250V，16V； （3）15.6Ω，6000V；（4）96kW 【歸納】要注意準確，靈活運用各個物理規(guī)律。 備用題 例3 如圖13-46-6所示，L1、L2、L3、L4、L5是完全相同的五個燈泡，額定功率為 P額。如果各燈都正常發(fā)光，求電源輸出功率P電及n1∶n2∶n3的值。 【分析】解決變壓器問題的兩個規(guī)律是能量關系和電壓或電流關系，本題應從這里出發(fā)去求解。 【解答】因各燈均正常發(fā)光，故 I2=2I額，I3=I額，I1=I額， U2=U額，U3=2U額。 依能量特征 I1U1= I2U2+ I3U3。 =。 依磁通量變化率特征。 。 則n1∶n2∶n3=4∶1∶2 由能量守恒 P電=5P額。 【答案】P電=5P額，n1∶n2∶n3=4∶1∶2 【歸納】本例指出，是副線圈只有一個繞組時，由磁通量變化率特征、能量特征解出的特定解，絕不可作為規(guī)律直接用來解有兩個線圈的問題。 考題回放 1、變壓器知識是考察的重點。 例1 如圖13-46-7所示，一個變壓器（可視為理想變壓器）的原線圈接在220V的市電上，向額定電壓為1.80104V的霓虹燈供電，使它正常發(fā)光。為了安全，需在原線圈回路中接入熔斷器，使副線圈電路中電流超過12mA時，熔絲就熔斷。 （1）熔絲的熔斷電流是多大？ （2）當副線圈電路中電流為10mA時，變壓器的輸入功率是多大？ 【分析】變壓器副線圈電流（或消耗的功率）與副線圈的負載有關系，因此原線圈的電流（或消耗的功率）也與副線圈的負載有關。 【解答】（1）設原、副線圈上的電壓、電流分別為U1、U2、I1、I2，根據(jù)理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，有 I1U1= I2U2， 當I2=12mA時，I1即為熔斷電流，代入數(shù)據(jù)，得 I1=0.98A。 （2）設副線圈中電流為I′2=10mA時，變壓器的輸入功率為P1，根據(jù)理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，有 P1= I′2U2， 代入數(shù)據(jù)，得 P1=180W。 【答案】（1）0.98A；（2）180W。 【反思】本題從難度上看屬于低檔題，只要掌握了變壓器的工作原理或變壓器的工作規(guī)律，均可以正確解答本題。 2、遠距離輸電的問題在高考中偶爾出現(xiàn) 例2 超導材料電阻降為零的溫度稱為臨界溫度，1987年我國科學家制成了臨界溫度為90K的高溫超導材料。 利用超導材料零電阻的性質(zhì)，可實現(xiàn)無損耗輸電?，F(xiàn)有一直流電路，輸電線的總電阻為0.4Ω，它提供給用電器的電功率為40kW，電壓為800V，如果用臨界溫度以下的超導電纜替代原來的輸電線，保持供給用電器的功率和電壓不變，那么節(jié)約的電功率為（ ） A.1kW B.1.6103kW C.1.6kW D.10kW 【分析】當采用臨界溫度以下的超導電纜輸電時，輸電線上將沒有功率損失，所以節(jié)約的電功率即為原來輸電纜上的電阻的功率損失。 【解答】由P=UI得U==50A。所以P損=I2R=（50）20.4=1000W，故選A。 【答案】A 【反思】遠距離輸電問題與實際聯(lián)系緊密，但實際上屬于電路知識，涉及到的知識較為單一，應該容易掌握。 探究延伸 例 在繞制變壓器時，某人誤將兩個線圈繞在如圖13-46-8所示的變壓器鐵芯的左右兩個臂上，當通以交流電時，每個線圈產(chǎn)生的磁通量都只有一半通過另一個線圈，另一半通過中間的臂。已知線圈1、2匝數(shù)之比N1∶N2=2∶1，在不接負載的情況下（ ）。 A.當線圈1輸入電壓220V時，線圈2輸出電壓為110V B.當線圈1輸入電壓220V時，線圈2輸出電壓為55V C.當線圈2輸入電壓110V時，線圈1輸出電壓為220V D.當線圈2輸入電壓110V時，線圈1輸出電壓為110V 【分析】本題中，無論線圈1還是線圈2作為原線圈，當通過它的磁通量變化率為時，由于另一線圈所繞鐵芯與中央鐵芯處于并聯(lián)狀態(tài)，因此另一線圈中磁通量的變化率就為。線圈1作原線圈時有 U1=n1，U2= n2。 U2=。 線圈2作原線圈時有 U2= n2，U1= n1， U1=。 【解答】B、D 【點評】本題考查變壓器變壓比原理，U1=n1，U2= n2，U3= n3，對于“口”型鐵芯，原副線圈中相同，所以有==而對于本題的具體情況，這個比例關系式并不成立，需要根據(jù)變壓器的基本原理去具體分析。 隨堂闖關 1、遠距離輸送交變電流都采用高壓輸電，我國正在研究電壓比330kW高得多的高壓輸電方法，采用高壓輸電的優(yōu)點是（A、C） A.可節(jié)省輸電線的鋼材料 B.可根據(jù)需要調(diào)節(jié)交變電流的頻率 C.可減少輸電線上的能量損失 D.可加快輸電的速度 【提示】采用高壓輸電，可減少輸電線上的能量損失，同時，對輸電線的要求降低，不必用電阻率較小的鋼材料。 2、如圖13-46-9所示，甲、乙兩電路中，當a、b兩端與e、f兩端分別加上220V的交變電流壓時，測得c、d間與g、h間的電壓均為110V。若分別在c、d兩端與g、h兩端加上110V的交變電流壓，則a、b間與e、f間的電壓分別為（ ） A.220V、220V B.220V、110V C.110V、110V D.220V、0V 【提示】甲圖：變壓器的規(guī)律是變壓規(guī)律。乙圖是分壓器，當g、h兩端加上110V時，e、g兩點電勢相等，所以，e、f間電壓為110V。 3、如圖13-46-10所示的理想變壓器，兩個副線圈匝數(shù)分別為n1和n2，當把電熱器接在ab，使cd空載時，電流表的示數(shù)為I1；當把電熱器接在cd，而使ab空載時，電流表讀數(shù)為I2，則I1∶I2等于（ ） A. n1∶n2 B.∶ C.n2∶n1 D.∶ 【提示】由， nI1= n1I′1，I′1=。 可得 I1=。 同理 I2=。 ∴ I1∶I2=∶ 4、如圖13-46-11所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比n1∶n2=2∶1，電源電壓U1=220V，A是額定電流I0=1A的保險絲，R是可變電阻，為了使原線圈中的電流值不超過I0，調(diào)節(jié)電阻R時，其阻值最低不能低于 55 Ω。 【提示】， I2=， I1n1=I2n2。 得 R= 5、一臺小型發(fā)電機的最大輸出功率為100kW，輸出電壓恒為500V，現(xiàn)用電阻率為1.810－8Ωm，橫截面積為10－5m2的輸電線向4103m遠處的用電單位輸電。要使在發(fā)電機滿負線荷運行時，輸電線上損失的功率不超過發(fā)電機總功率的4%，求：（1）所用的理想升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是多少？（2）如果用戶用電器的額定電壓為220V，理想降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比是多少？（3）畫出上述遠距離送電全過程示意圖。（4）深夜接入電路的用電器減少，當用電器電路中總電流為100A時，用電器兩端電壓是多少？ 【提示】（1）輸電線總電阻為 R線==14.4Ω 輸電線上電流為I線 =4%P 發(fā)電機輸出電流為I，P=UI。 ∴=1∶12 （2）U2=U1， U3= U2－I線R線 ， 解得=288∶11 （4） I4=100A，I3=I4， U3= U2－I3R線 解得 U3=5945V。 U4=U3=227V。 【答案】（1）1∶12；（2）288∶11；（3）如圖13-46-12所示。 （4）227V。 6、某理想變壓器，當其輸入端接在電動勢E，內(nèi)阻為r的交變電流源上，輸出端接上電阻為R的負載時，R上可獲得最大功率，求： （1）這時輸入電流多大？負載上最大功率為多少？ （2）變壓器的變壓比是多少？ 【答案】（1），；（2） 課后測試 一、選擇題 1、理想變壓器原副線圈兩側一定相同的物理量是（A、B） A.交變電流頻率 B.磁通量變化率 C.電壓 D.電流 2、一個理想變壓器，原線圈和副線圈的匝數(shù)分別為n1和n2，正常工作時輸入和輸出的電壓、電流、功率分別為U1和U2、I1和I2、P1和P2，已知n1＞n2，則（B、C） A. U1＞U2，P1＜P2 B. P1＝P2，I1＜I2 C. I1＜I2，U1＞U2 D. P1＞P2，I1＞I2 【提示】由=，I1n1= I2n2，P2= P1即可正確求解。 3、遠距離輸電中，當輸送功率為P，輸出電壓為U時，輸電線損失的功率為，那么輸電電壓應增為（ C ） A.32U B.16U C.8U D.4U 【提示】由△P= 可知：若△P減為，P增為4P，則 U應增為8V。 4、理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4∶1，原線圈接在u=311sin100πtV的交變電流源上，副線圈所接的負載電阻是11Ω，則原線圈中電流強度是（ C ） A.5A B.11A C.20A D.55A 【提示】交流電源有效值為 U1==220V。 ∴55A I2=5A I1=20A 5、在如圖13-46-13電路中，輸電線的等效電阻為R，燈泡L1和L2規(guī)格相同，變壓器為理想變壓器，原線圈輸入正弦交變電流。開始時，開關K斷開，現(xiàn)保證原線圈的輸入電壓有效值一定，則當K接通時，以下說法正確的是（B、C、D） A.副線圈兩端的輸出電壓減小 B.通過燈泡L1的電流減小 C.原線圈中的電流增大 D.變壓器的輸入功率增大 【提示】當K接通時，副線圈電路總電阻變小，總電流變大，所以原線圈電流變大。變壓器輸入功率變大。R兩端電壓變大，副線圈輸出電壓不變，所以L1兩端電壓減小，L1的電流減小。 6、如圖13-46-14所示為一理想變壓器，S為單刀雙擲開關，P是滑動變阻器的滑動觸頭，U1為加在變壓器兩端的電壓，I1為原線圈中的電流，則（A、B、D） A.保持U1和P的位置不變，S由a合到b時，I1將增大 B.保持U1和P的位置不變，S由b合到a時，R消耗功率減小 C.保持U1不變，S由b合到a時，I1將增大 D.保P的位置不變，S合在a處，當U1增大時，I1將增大 【提示】保持U1和P不變，S由a合到b處，副線圈電壓變大，消耗的功率變大，則原線圈功率也變大，即I1也將增大，故A對，同理可分析B、C選項中，P上滑時，副線圈電阻變大，消耗的功率變小，則原線圈功率變小，電流I1也變小，D選項中，U1增大時，副線圈電壓U2也增大，電流I2增大故I1也增大。 二、填空題 7、如圖13-46-15所示理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比n1∶n2=4∶1，當導體AB在勻強磁場中做勻速切割磁感線的運動時，看到電流表A1上的示數(shù)是12mA，此時電流表A2的示數(shù)應為 0 mA。 【提示】變壓器的變壓作用只適于交流。 8、一理想變壓器，原線圈匝數(shù)n1=1100，接在電壓220V的交流電源上，當它對11只并聯(lián)的“36V 60W”燈泡供電時，燈泡正常發(fā)光。由此可知該變壓器副線圈的匝數(shù)n2= 180 ，通過原線圈的電流I1= 3 A。 【提示】由P=UI，得燈泡間電流為 I=A。 副線圈電流為 I2=111A 副線圈電壓為 U2=U=36V ∴ n2=。 I1= 9、如圖13-46-16所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為n1∶n2=4∶1，原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中的負載電阻B的阻值相等。A、b端加一定交變電流壓后，兩電阻消耗的電功率之比PA∶PB= 1∶16 ，兩電阻兩端電壓之比UA∶UB= 1∶4 。 【提示】原、副線圈電流之比為 由 P=I2R， 可得 ； 10、如圖13-46-17所示，接于理想變壓器原、副線圈中的四個燈泡完全相同，且都正常發(fā)光，則三個線圈的匝數(shù)比n1∶n2∶n3=3∶2∶1。 【提示】由四個燈泡都正常發(fā)光可知，三個線圈流過的電流相等。 由能量守恒有 U1I= U2I+ U3I， 而 U2=2UL，U3=UL， 得 U1=3UL。 又 = ∴ n1∶n2∶n3=3∶2∶1。 11、一理想變壓器，原線圈輸入電壓為220V時，副線圈的輸出電壓為22V，如果將副線圈增加100匝，則輸出電壓增加到33V，原線圈的匝數(shù)為 1000 ，副線圈的匝數(shù)200。 【提示】 解得 =1000，n2=200 三、解答題 12、在圖13-46-18的兩個交變電流路中，它們的電源電壓相同，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)為、n2，如果兩電源輸出的電流相等，則負載電阻R1與R2的比值為多少？ 【提示】（1）中 P=。 （2）中 U2= 。 聯(lián)立上面三式可解得 。 【答案】∶ 第47課時 電感和電容對交變電流的作用 電磁場 電磁波 無線電波的發(fā)射和接收 備課指要 教學建議 1、在復習電感和電容對交變電流的作用時，要注重從實驗現(xiàn)象出發(fā)去復習，也可以用理論進行定性解釋以加深理解。 2、麥克斯韋電磁場理論對電流的磁場和電磁感應理論的升華，要注意對規(guī)律的準確把握。 3、對于電磁波的知識，要注意與機械波聯(lián)系和區(qū)別。 4、對于無線電波的發(fā)射和接收等知識了解、記憶為主。 資料鏈接 麥克斯韋與電磁學 麥克斯韋（1831~1879），麥克斯韋是繼法拉第之后，集電磁學大成的偉大科學家。他依據(jù)庫侖、高斯、歐姆、安培、畢奧、薩伐爾、法拉第等前人的一系列發(fā)現(xiàn)和實驗成果，建立了第一個完整的電磁理論體系，不僅科學地預言人電磁波的存在，而且揭示了光、電、磁現(xiàn)象的本質(zhì)的統(tǒng)一性，完成了物理學的又一次大綜合，這一理論自然科學的成果，奠定了現(xiàn)代的電力工業(yè)、電子工業(yè)和無線電工業(yè)的基礎。 麥克斯韋以法拉第的力線概念為指導，透過這些似乎雜亂無章的實際記錄，看出了它們之間實際上貫穿著一些簡單的規(guī)律。于是，他發(fā)表了第一篇電磁學論文《論法拉第的力度》。在這篇論文中，法拉第的力線概念獲得了精確的數(shù)學表述，并且由此導出了庫侖定律和高斯定律。這篇文章還只是限于把法拉第的思想翻譯成數(shù)學語言，還沒有引導到新的結果。1862年他發(fā)表了第二篇論文《論物理力線》，不但進一步發(fā)展了法拉第的思想，擴充到磁場變化產(chǎn)生電場，而且得到了新的結果：電場變化產(chǎn)生磁場，由此預言了電磁波的存在，并證明了這種波的速度等于光速，揭示了光的電磁本質(zhì)。這篇文章包括了麥克斯韋研究電磁理論達到的主要結果。1864年他的第三篇論文《電磁場的動力學理論》，從幾個基本實驗事實出發(fā)，運用場論的觀點，以演繹法建立了系統(tǒng)的電磁理論。18763年出版的《電學和磁學論》一書是集電磁學大成的劃時代著作，全面地總結了19世紀中葉以前對電磁現(xiàn)象的研究成果，建立了完整的電磁理論體系。 麥克斯韋在總結前人工作的基本上，引入位移電流的概念，建立了一組微分方程，這方程組確定電荷、電流（運動的電荷）、電場、磁場之間的普遍聯(lián)系，是電磁學的基本方程，麥克斯韋方程組表明，空間某處只要有變化的磁場就能激發(fā)出渦旋電場，而變化的電場又能激發(fā)渦旋磁場。交變的電場和磁場互相激發(fā)就形成了連續(xù)不斷的電磁振蕩即電磁波。麥克斯韋方程還說明，電磁波的速度只隨介質(zhì)的電和磁的性質(zhì)而變化，由此式可證明電微波在以太（即真空）中傳播的速度，等于光在真空中傳播的速度。這不是偶然的巧合，而是由于光和電磁波的本質(zhì)上是相同的。光是一定波長的電磁波，這就是麥克斯韋創(chuàng)立的光的電磁學說。 案例導入 例1 如圖13-47-1所示，當交變是流源的電壓為220V，頻率為50Hz時，三只燈泡A、B、C的亮度相同，若將交變電流源的頻率改變?yōu)?00Hz時，則（ ） A.A燈比原來亮 B.B燈比原來亮 C.C燈亮度不變 D.C燈比原來暗 【分析】感抗與變電流頻率成正經(jīng),與線圖自感系數(shù)成正比。容抗與變電流頻率成反比，與電容器電容成反比。故A燈比原來亮，B燈比原來暗，C燈亮度不變。 【答案】A、C 【歸納】本題綜合考查電阻、電感和電容對交變電流的作用。 例2 按照麥克斯韋電磁場理論，以下說法正確的是（ ） A.穩(wěn)定的電場周圍產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場 B.變化的電場周圍產(chǎn)生變化的磁場 C.均勻變化的電場周圍產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場 D.振蕩電場周圍產(chǎn)生頻率的振蕩磁場 【分析】變化的電場（或磁場）產(chǎn)生變化的磁場（或電場），故選項A錯；而均勻變化的電場（或磁場）產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場（或電場），故選項B錯、選項C正確；周期性變化的電場（或磁場）周圍產(chǎn)生同頻率周期性變化的磁場（或電場），故D正確。 【答案】C、D 【歸納】對麥克斯韋電磁場理論的掌握要分幾個層次去理解。 （1）電感在交變電流電路中的作用 ①對交變電流阻礙作用產(chǎn)生的機理——自感電動勢的存在。 ②對交變電流的阻礙作用的描述——感抗 感抗與交變電流頻率成正比，與線圈自感系數(shù)成正比。 ③電感在電路中的運用 電感在電路中的作用可以簡單概括為：①“通直流，阻交流”（低頻扼流圈）；②“通低頻，阻高頻”（高頻扼流圈） （2）電容在交變電流中的作用 ①對交變電流阻礙作用產(chǎn)生的機理——電容器兩根板積累電荷產(chǎn)生反向電勢差，對自由電荷定向運動產(chǎn)生阻礙作用 ②對交變電流的阻礙作用的描述——容抗 容抗與交變電流頻率成反比，與電容器電容成反比。 ③電容在電路中的運用 電容在電路中的作用可以簡單概括為：“隔直流，通交流”（隔直電容）或“通高頻，阻低頻”（旁路電容） 2、電磁振蕩和電磁波 （1）電磁振蕩 ①LC回路的振蕩電流是由于電容器通過自感線圈（可產(chǎn)生自感電動勢、阻礙通過線圈電流的變化）不斷放、充電產(chǎn)生的，按正弦（或余弦）規(guī)定作周期性變化。 ②在LC回路產(chǎn)生振蕩電流的過程中，磁場能（由通過線圈中的電流產(chǎn)生）和電場能（由電容器極板上電荷產(chǎn)生）之間不斷相互轉(zhuǎn)化，形成電磁振蕩。 放電、充電過程各量的變化情況如下表： 物理量 過程 線圈中電流 電容器電量 磁場能 電場能 放電 增大 減小 增大 減小 放電完畢 最大 零 最大 零 充電 減小 增大 減小 增大 充電完畢 零 最大 零 最大 ③LC回路的固有周期和頻率：與電容器帶電量、極板間電壓及回路中電流都無關，只取決于線圈的自感系數(shù)L（H）和電容器的電容C（F）。 （3）麥克斯韋電磁理論 變化電場在周圍空間產(chǎn)生磁場，變化磁場在周圍空間產(chǎn)生電場。 （4）電磁波 ①電磁波的產(chǎn)生 周期性變化的電場和磁場總是互相轉(zhuǎn)化，相互激勵、交替產(chǎn)生，由發(fā)生區(qū)域向周圍空間傳播，這就是電磁波。1865年，英國物理學家麥克斯韋預言電磁波的存在，1888年，德國物理學家赫茲用實驗成功地證明了電磁波的存在。 由麥克斯韋電磁場理論要點知，振蕩的（即周期性變化的）磁場產(chǎn)生同頻率的振蕩電場，振蕩的電場產(chǎn)生同頻率的振蕩磁場，變化的電場和變化的磁場總是互相聯(lián)系著，形成一個不可分離的統(tǒng)一體，這就是電磁場。這樣交替產(chǎn)生的電磁場由發(fā)生區(qū)域向遠處傳播就形成了電磁波。 ②電磁波在空間傳播不需要介質(zhì)，電磁波不是機械波，電磁波本身就是一種物質(zhì)。它在真空中的傳播速度等于光速c=3108m/s。 ③電磁波是橫波，它具有波的一切特征，可以發(fā)生反射、折射、干涉、衍射等。 ④電磁波的傳播速度、波長和頻率的關系是v=λf。電磁波從真空進入介質(zhì)，頻率不變、波長、波速均變小。 3、無線電波的發(fā)射和接收、電視和雷達 （1）無線電波的發(fā)射 ①采用開放式振蕩電路發(fā)射 ②信號的加載（使電磁波隨各種信號而改變，即“調(diào)制”）有兩種技術； “調(diào)幅”——使高頻振蕩的振幅隨信號而改變； “調(diào)頻”——使高頻振蕩的頻率隨信號而改變； （2）無線電波的接收 ①要對接收電路進行“調(diào)諧”（通常通過改變接收電路中可變電容器的電容來實現(xiàn)）來接收信號。 當接收電路的固有頻率跟接收到的電磁波的頻率相同時，接收電路中產(chǎn)生的振蕩電流最強——這種現(xiàn)象稱為“電諧振”。 ②從高頻振蕩電流中“檢”出信號（即“檢波”） 由調(diào)諧電路接收到的感應電流，是經(jīng)過調(diào)制的高頻振蕩電流，必須要從高頻振蕩電流中“檢”出信號，才能得到信號。從接收到的高頻振蕩“檢”出信號的過程，稱為“檢波”（又稱“解調(diào)”） （3）電視、雷達 電視、雷達是對無線電波的現(xiàn)代應用。 雷達是利用無線電波來測定物體位置的無線電設備。 重、難、疑點剖析 1、對于麥克斯韋電磁場理論，可以分幾個層次進行要準確把握。 ①變化電場在周圍空間產(chǎn)生磁場，變化磁場在周圍空間產(chǎn)生電場。 ②均勻變化的電場在周圍空間產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，均勻變化的磁場在周圍空間產(chǎn)生穩(wěn)定 的電場，如圖13-47-3所示。 ③周期性變化的電場在周圍空間產(chǎn)生周期性變化的磁場，周期性變化的磁場在周圍空間產(chǎn)生周期性變化的電場，如圖13-47-4所示。 2、電磁振蕩的過程和相關物理量的變化要結合起來復習，可以分為對電容器的充電和放電兩個過程進行總結。 電容器充電時，電容器極板電量增加，極板間電壓增加，電場、電場能增加；相應的，電感中的磁場能減小、磁場減弱，電流逐漸減小。 電容器放電時，電容器極板電量減少增加，極板間電壓減小，電場減弱、電場能減??；相應的，電感中的磁場能增加、磁場增強，電流逐漸增加。 例1 內(nèi)壁光滑，水平放置的玻璃圓環(huán)內(nèi)，有一直徑略小于環(huán)口徑的帶正電小球，以速率v0沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動。若在此空間突然加上方向豎直向上、磁感應強度B隨時間成正比增加的磁場，如圖13-47-5所示，設運動過程中小球帶電荷量不變，則（ ） A.小球?qū)ΣＡП膲毫σ欢ú粩嘣龃? B.小球受到的磁場力一定不斷增大 C.磁場力對小球一直不做功 D.小球沿逆時針方向減速運動過一段時間后沿順時針方向加速運動 【解答】當磁場增加時，將產(chǎn)生與小球運動方向相反的渦旋電場，該電場將使小球受到一個與小球運動方向相反的電場力，小球的速度將會變小，過一段時間，將沿反方向加速運動，故D正確；加上磁場后，小球運動時，受到背離圓心方向的洛倫茲力，洛倫茲力垂直于小球的運動方向，是不做功的，故C正確；一方面磁場逐漸增大，另一方面，小球的速度先